安徽省赛口中学2018_2019学年高二物理下学期开学考试试题.docx

赛口中学2019-2020学年下学期开学考考试高二年级物理学科试卷一选择题（本题包括10小题，每小题4分，共40分。1-7单选题，8-10多选题）1.不带电的金属导体A与带正电的金属导体B接触之后也带正电，原因是( )AA有部分电子转移到B上 BB有部分电子转移到A上CA有部分正电荷转移到B上 DB有部分正电荷转移到A上2. 真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F。如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的2倍，那么它们之间的静电力的大小应为( )A B C D3. 某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是（）A若选择甲图，测量值偏大B若选择乙图，测量值偏大C若被测电阻RX与电流表接近，应该选择乙图误差较小D若被测电阻RX与电压表接近，应该选择甲图误差较小4.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素（如图）设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）A保持S不变，增大d，则变大 B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，减小S，则变小 D保持d不变，减小S，则不变5.两个点电荷Q1、Q2位于x轴上A、B两点，若取无限远处的电势为零，则在它们形成的电场中，沿x轴正方向上各点的电势如图所示，且APPB由图线提供的信息可知（）AP点的电场强度为零BQ1的电荷量较大C电子沿x轴从A移到B的过程中，加速度逐渐减小D电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力先做正功，后做负功6.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于6eV，它的动能等于（）A16eV B14eV C6eV D4ev 第7题 第8题7.在匀强磁场中固定一根与磁场方向垂直的通电直导线，其中通有向纸面外的恒定电流，匀强磁场的磁感应强度为1T，以直导线为中心作一个圆，圆周上a处的磁感应强度恰好为零，则下述说法对的是：（ ）A. b处磁感应强度为2T，方向水平向右B. c处磁感应强度也为零C. d处磁感应强度为，方向与匀强磁场方向成450角D. c处磁感应强度为2T，方向水平向左8.如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断正确的是（）AL1和L3变暗，L2变亮BL1变暗，L2变亮，L3亮度不变CL1中电流变化值大于L3中电流变化值DL1上电压变化值小于L2上的电压变化值9.如图是质谱仪的工作原理示意图带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2平板S下方有磁感应强度为B0的匀强磁场下列表述正确的是（）A能通过狭缝P的带电粒子的速率等于B速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C质谱仪是一种可测定带电粒子比荷的仪器D粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越大10.如图所示，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场，有一个带正电小球（电量为+q，质量为m）从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，带电小球通过下列电磁混合场时，可能沿直线运动的是（）AB C D 二实验题（本题共2题，11题6分，12题8分，共14分）11. 如图所示为J0411多用电表示意图其中A、B、C为三个可调节的部件某同学在实验室中用它测量一阻值约为13k的电阻他测量的操作步骤如下：（1）调节可调部件 ，使电表指针指向 （2）调节可调部件B，使它的尖端指向 位置（3）将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件 ，使电表指针指向欧姆零刻度位置（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数（5）换测另一阻值为2025k的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“1k”的位置，此时还必须重复步骤 ，才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是 12. 某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：用20分度的游标卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为_mm；用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为_mm；该同学先用欧姆表粗测该圆柱体的阻值，选择欧姆档倍率“”后测得的阻值如图3表盘所示，测得的阻值约为_，导线的直径为d，长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，则电阻率的表达式_。三计算题（共46分）13.（10分） 如图所示，两平行金属导轨所在的平面与水平面夹角=37，导轨的一端接有电动势E=3V、内阻r=0.5的直流电源，导轨间的距离L=0.4m在导轨所在空间内分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场 现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒的电阻R=1.0，导体棒恰好能静止金属导轨电阻不计（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）ab受到的安培力大小；（2）ab受到的摩擦力大小14.（10分） 如图所示的电路中，电源电动势E=10V，内阻r=0.5，电动机的电阻R0=1.0，电阻R1=1.5电动机正常工作时，电压表的示数U1=3.0V，求：（1）电源释放的电功率；（2）电动机消耗的电功率将电能转化为机械能的功率；（3）电源的输出功率15.（13分） 在某空间存在着水平向右的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，如图所示，一段光滑且绝缘的圆弧轨道AC固定在纸面内，其圆心为O点，半径R=1.8m，OA连线在竖直方向上，AC弧对应的圆心角=37今有一质量m=3.6104 kg、电荷量q=+9.0104 C的带电小球（可视为质点），以v0=4.0m/s的初速度沿水平方向从A点射入圆弧轨道内，一段时间后从C点离开，小球离开C点后做匀速直线运动已知重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，不计空气阻力，求：（1）匀强电场的场强大小E；（2）匀强磁场的磁感应强度大小B；（3）小球射入圆弧轨道后的瞬间对轨道的压力16.（13分） 如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场今有一质量为m=4.81025kg、电荷量为q=1.61018C的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以v0=1.0106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）求：（1）P、Q之间的距离L；（2）粒子从P运动到Q的时间A2. B解：由库伦定律可得：变化前：F=k=变化后：F=k=k 所以：F=F，故ACD错误，B正确故选：B3.B4.A解：根据电容的定义式C=，保持S不变，增大d，电容C减小，再根据U=，知U增大，所以变大故A正确，B错误 保持d不变，减小S，电容减小，再根据C=，知U增大，所以变大故CD错误故选：A5.B解：A、该图象的斜率等于场强E，则知P点电场强度不为零，A错误；B、如果Q1和Q2为等量异种电荷，点连线中垂线是等势面，故连线中点为零电势点；由于APPB，故Q1Q2，B正确；C、从x图象的斜率可知，A到B的区间电场强度先减小后增大，故电子在沿x轴从A移到B的过程中，受到的电场力先减小后增大，加速度也是先减小后增大，C错误；D、电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力方向始终指向x轴负方向，与电子移动方向相反，故电场力一直做负功，D错误；6.B解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：Wab=2eV20eV=18eV由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：Uab=3Ucb从b到c电场力做正功，根据动能定理有：Wbc=EkcEkb联立可得：Ekc=8eV由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点有：E=Ep+Ek=8eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于6eV时动能为14eV，故B正确，ACD错误故选：B7.C试题分析：由题知，通电导线通有向纸面外的恒定电流，由安培定则可知，通电导线在a点产生的磁感应强度方向水平向左，因a点的磁感应强度为0，说明通电导线在a点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反；在b点产生的磁感应强度方向竖直向下，故b点的磁感应强度为，方向与匀强磁场方向成角斜向下，在c点产生的磁感应强度方向水平向右，故c点的磁感应强度为，在d点产生的磁感应强度方向竖直向上，故d点的磁感应强度为，方向与匀强磁场方向成角斜向上，故ABD错误，C正确.故选C.8.AD【解答】解：当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗；电路中电流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗；故A正确，B错误；因L1中电流减小，L3中电流减小，而L2中电流增大；开始时有：I1=I2+I3，故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C错误；因并联部分的电压与L1、R0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；L2两端的电压增大，L1、R0及内阻r两端的电压减小，而电动势不变，故L2两端电压增大值应等于其它三个电阻的减小值，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D正确；故选AD9.BCD【解答】解：A、在速度选择器中，电场力和洛伦兹力平衡，有：qE=qvB，解得v=故A错误B、根据带电粒子在磁场中的偏转方向，根据左手定则知，该粒子带正电，则在速度选择器中电场力水平向右，则洛伦兹力水平向左，根据左手定则知，磁场方向垂直纸面向外故B正确C、进入偏转电场后，有：qvB0=m，解得：，可知质谱仪是可以测定带电粒子比荷的仪器故C正确；D，由上式可知，知越靠近狭缝P，r越小，比荷越大故D正确故选：BCD10.CD【解答】解：A、小球受重力、向左的电场力、向右的洛伦兹力，下降过程中速度一定变大，故洛伦兹力一定变化，不可能一直与电场力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲线运动，故A错误；B、小球受重力、向左的电场力、垂直向外的洛伦兹力，合力与速度一定不共线，故一定做曲线运动，故B错误；C、小球受重力、向左上方的电场力、水平向右的洛伦兹力，若三力平衡，则粒子做匀速直线运动，故C正确；D、粒子受向下的重力和向上的电场力，合力一定与速度共线，故粒子一定做直线运动，故D正确；故选：CD11.（1）A；表盘左边的零刻度；（2）100挡;（3）C； （5）（3）；22k12. (1). (2). (3). 700 (4).13. 解：（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有：导体棒受到的安培力：F安=ILB=20.400.50N=0.40N（2）导体棒所受重力沿斜面向下的分力：F1=mgsin37=0.04100.6N=0.24N由于F1小于安培力，故导体棒沿斜面向下的摩擦力f，根据共点力平衡条件得：mgsin37+f=F安解得：f=F安mgsin37=（0.400.24）N=0.16N答：（1）导体棒受到的安培力大小是0.40N；（2）导体棒受到的摩擦力大小是0.16N14.解（1）电动机正常工作时，总电流为：I= A=2 A，电源释放的电功率为：P=EI=102 W=20 W；（2）电动机两端的电压为：U=EIrU1=（1020.53.0）V=6 V；电动机消耗的电功率为：P电=UI=62 W=12 W；电动机消耗的热功率为：P热=I2R0=221.0 W=4 W；电动机将电能转化为机械能的功率，据能量守恒为：P机=P电P热=（124）W=8 W；（3）电源的输出功率为：P出=PP内=PI2r=（20220.5）W=18 W；答：（1）电源释放的电功率是20W（2）电动机消耗的电功率是12W，将电能转化为机械能的功率是8W（3）电源的输出功率为18W15. 解：（1）当小球离开圆弧轨道后，对其受力分析如图1所示，由平衡条件得：F电=qE=mgtan 代入数据解得：E=3 N/C （2）小球从进入圆弧轨道到离开圆弧轨道的过程中，由动能定理得：F电RsinmgR（1cos）=代入数据得：v=5m/s由F洛=qvB= 解得：B=1T （3）分析小球射入圆弧轨道瞬间的受力情况如图2所示，由牛顿第二定律得：FN+Bqv0mg=代入数据得：FN3.2