浙江省磐安县第二中学2018_2019学年高二物理10月月考试题.docx

磐安二中10月物理月考卷高二物理学校：_姓名：_班级：_考号：_题号一二三四五六总分得分分卷I1、 单选题(共13小题,每小题4.0分,共52分) 1.下列所研究的物体，可看做质点的是（）A 天文学家研究地球的自转B 用GPS确定远洋海轮在大海中的位置C 教练员对百米运动员的起跑动作进行指导D 在伦敦奥运会比赛中，乒乓球冠军张继科准备接对手发出的旋转球 2.做加速度方向不变大小可变的变速直线运动的物体，下述情况中不可能出现的是（）A 速度和位移均增大，加速度为零时，速度达到最大B 速度先减小后增大，速度变化越来越慢C 速度逐渐减小，位移逐渐增大，速度减为零时，位移不是零D 速度先增大、后减小，而位移一直在不断增大3.小文利用打点计时器研究甲和乙两个物体的运动，分别得到2条纸带对每条纸带，均选择合适的点作为第一个计数点，再依次每5个点取1个计数点，并在各计数点处将其剪断，然后将这些剪断的纸条粘贴在相同的坐标纸上，最后将纸条上端中心连起来，如图甲、乙所示由图可判断()A 乙物体的加速度比甲大 B 两物体均做匀速直线运动C 打第三个计数点时，甲物体的速度比乙大 D 打第一个计数点时，物体的速度有可能为零4.如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心则对圆弧面的压力最小的是()Aa球 Bb球 Cc球 Dd球5.如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态已知墙面光滑，水平地面粗糙现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力FN和A球受到墙壁对它的支持力F的变化情况是()AFN不变，F变大 BFN不变，F变小 CFN变大，F变大 DFN变大，F变小6.2015年9月23日，在江苏省苏州市进行的全国田径锦标赛上高兴龙获得男子跳远冠军，在一次试跳中，他(可看成质点)水平距离达8 m，最高处高达1 m.设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为，若不计空气阻力，则tan等于()A B C D 17.引力波现在终于被人们用实验证实，爱因斯坦的预言成为科学真理.早在70年代就有科学家发现，高速转动的双星可能由于辐射引力波而使星体质量缓慢变小，观测到周期在缓慢减小，则该双星间的距离将()A 变大 B 变小 C 不变 D 可能变大也可能变小8.如图所示，用长为L的细线，一端系于悬点A，另一端拴住一质量为m的小球，先将小球拉至水平位置并使细线绷直，在悬点A的正下方O点钉有一小钉子，今将小球由静止释放，要使小球能在竖直平面内做完整圆周运动，OA的最小距离是()A B CL DL9.如图所示，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆带电粒子Q在P的电场中运动运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，速度大小分别为va、vb、vc，则（）Aaaabac，vavcvbBaaabac，vbvcvaCabacaa，vbvcvaDabacaa，vavcvb10.在图所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 ，电路中的电阻R0为1.5 ，小型直流电动机M的内阻为0.5 ，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0.则以下判断中正确的是（）A 电动机的输出功率为14 W B 电动机两端的电压为7.0 VC 电动机产生的热功率4.0 W D 电源输出的电功率为24 W11.一个带正电荷的小球从a点出发水平进入正交垂直的匀强电场和匀强磁场区域，电场方向竖直向上，某时刻小球运动到了b点，则下列说法正确的是（）A 从a到b，小球可能做匀速直线运动 B 从a到b，小球可能做匀加速直线运动C 从a到b，小球动能可能不变 D 从a到b，小球机械能可能不变12.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.600.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）如图为某一款移动充电宝，其参数见如表，下列说法正确的是（）A 充电宝充电时将电能转化为内能B 该充电宝最多能储存能量为3.6l06JC 该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2 hD 该充电宝给电量为零、容量为3000 mAh的手机充电，则理论上能充满4次13.如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中，电场力做功的大小关系有（）AWabWbc BWab=Wbc CWabWbc D 无法比较 分卷II二、实验题(共2小题,每空3分,共18分) 14.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是_.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v_；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式_是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).15.如图甲是研究平抛运动的实验装置图，图乙是实验后在白纸上作的图.(1)固定斜槽轨道时应注意使_.(2)实验过程中需经过多次释放小球才能描绘出小球平抛运动的轨迹，实验中应注意_.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0_ m/s.(g取9.8 m/s2)三、计算题(共2小题,16题14分,17题16分共30分) 16.如图甲所示，倾角为37的足够长斜面上，质量m1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示求：(取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去力F后1.8 s时间内小物体的位移17.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为60、长为L12m 的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2m的水平轨道BC相连，然后在C处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A点高为h0.9 m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为，g取10 m/s2.(1)求小球初速度v0的大小；(2)求小球滑过C点时的速率vC；(3)要使小球刚好能过圆轨道的最高点，圆轨道的半径为多大？ 答案解析1.【答案】B【解析】研究地球的自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能看作质点，故A错误；当研究海轮的位置时，海轮的大小和形状可以忽略，故能看做质点，故B正确；研究运动员的起跑动作，运动员的形状不能忽略，故不能看做质点，故C错误；研究乒乓球的旋转，需要看球的转动方向，而一个点无法研究转动方向，所以不能看做质点，故D错误2.【答案】D【解析】当物体做加速度减小的变加速运动时，速度和位移均增大，当加速度减为零时，物体做匀速直线运动，速度达到最大，所以A是可能的；速度先与加速度反向，做减速运动，减到零后，再与加速度同向，做加速运动，在这个过程中，加速度逐渐减小，速度变化越来越慢所以B是可能的速度与加速度反向，做减速运动，但位移逐渐增大，当速度减到零时，位移不是零所以C也是可能的加速度方向不变时，当速度先增大，后减小时，速度方向先与加速度方向相同，后来速度反向，与加速度方向相反，物体的位移先增大后减小，不可能一直增大，故D不可能3.【答案】A【解析】将纸条上端中心连起来，得到的直线是纸带的vt图象，该图象斜率表示加速度，得乙物体的加速度比甲大，A正确；相等的时间间隔内位移增大，所以两物体均做加速直线运动，B错误；由图象知，相同的时间内，乙的位移大，所以打第三个计数点时，乙物体的速度比甲大，C错误；图象在纵轴上的截距不为零，所以打第一个计数点时，物体的速度不为零，D错误4.【答案】A【解析】对c球受力分析如图，F1与F2的合力与重力大小相等、方向相反；支持力F2mgcos由a到d的过程中，夹角越来越小，则说明对圆弧面的压力越来越大，故对圆弧面的压力最小的是a球5.【答案】B【解析】对整体进行受力分析，知FN2mg，移动两球后，仍然平衡，则FN仍然等于2mg，所以FN不变再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，设轻杆与竖直方向夹角为，轻杆对A球的作用力F，当A球向上移动一小段距离后，夹角减小，cos变大，所以F减小故B正确，A、C、D错误.6.【答案】C【解析】从起点A到最高点B可看成平抛运动的逆过程，如图所示，运动员做平抛运动，初速度方向与水平方向夹角的正切值为tan2tan22，选项C正确.7.【答案】B【解析】8.【答案】D【解析】设小球做完整圆周运动时其轨道半径为R，小球刚好过最高点的条件为mg解得v0小球由静止释放到运动至圆周的最高点过程中，只有重力做功，因而机械能守恒，取初位置所在水平面为参考平面，由机械能守恒定律得0mvmg(L2R)解得RL所以OA的最小距离为LRL，故D正确.9.【答案】D【解析】点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以abacaa，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以vavcvb，所以D正确，A、B、C错误；故选：D10.【答案】B【解析】电路中电流表的示数为2.0 A，所以电动机的电压为U=EU内-=12 VIrIR0=(122121.5)V =7 V，所以B正确；电动机的总功率为P总=UI=72 W=14 W，电动机的发热功率为P热=I2R=220.5 W=2 W，所以电动机的输出功率为14 W2 W=12 W，所以A、C错误；电源的输出的功率为P输出=EII2R=(122221) W=20 W，所以D错误11.【答案】C【解析】带电小球的初速度是水平的，从a运动到b点的过程中小球在竖直方向上发生位移，说明小球做的是曲线运动，所以小球受力不为零，即小球不可能做匀速直线运动，故A错误从上分析可知小球做曲线运动，即变速运动，故小球受到磁场给的洛伦兹力也是变化的，故小球受到的合力是变力，所以小球不可能做匀加速直线运动，故B错误当小球的重力和电场力平衡时，小球受到的洛伦兹力只改变小球的速度方向，小球的动能不变，故C正确从a到b，电场方向竖直向上，电场力一定做功，故机械能肯定不守恒，故D错误12.【答案】D【解析】充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，故A错误；该充电宝的容量为：q=20000 mAh=200001033600 C=7.2104C，该电池的电动势为5 V，所以充电宝储存的能量：E=E电动势q=57.2104J =3.6105J，故B错误；以2 A的电流为用电器供电，则供电时间t=，故C错误；由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：20000 mAh0.6=12000 mAh，给容量为3000 mAh的手机充电的次数：n=4次，故D正确.13.【答案】C【解析】电场线疏密表示场强的大小，由图象知从左到右场强逐渐增大，电场力做功W=qU=qEd，ab=bc，所以WabWbc故选：C.14.【答案】(1)BD(2)h(或d22ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v；根据机械能守恒的表达式有mghmv2，可得h(或d22ght2)，故只要验证h(或d22ght2)即可.15.【答案】(1)底端切线沿水平方向(2)使小球每次都从同一高度处无初速度滚下(3)1.6【解析】(1)为了保证小球离开斜槽时的速度沿水平方向，应调整斜槽使底端切线沿水平方向.(2)为了保证小球每次做平抛运动的轨迹一致，要求它的初速度相同，故每次都让小球从斜槽的同一高度处无初速度滚下.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v01.6 m/s.16.【答案】(1)0.5(2)2.2 m，沿斜面向上【解析】(1)由题图乙可知，02 s内物体的加速度a14 m/s2根据牛顿第二定律，FmgsinFfma1，FNmgcos，而FfFN，代入数据解得0.5.(2)撤去F后，mgsinFfma2，得a210 m/s2，设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0v1a2t2，解得t20.8 s在0.8 s内物体有向上运动的位移x20v2a2x2，得x23.2 m物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则mgsinF