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文档简介

课时跟踪检测(二十七)变压器1如图所示,可以将电压升高给电灯供电的变压器是()解析:选C变压器只能对交变电流实现变压,不能对直流变压,故选项A、D错误;由于电压比与变压器线圈匝数比成正比,副线圈匝数多于原线圈匝数的变压器才能实现升压,所以选项B错误,选项C正确。2关于理想变压器特点的下列说法中正确的是()A理想变压器能够使电压升高,同时电流变大B原、副线圈具有相同的磁通量及变化率,产生的感应电动势也相同C原、副线圈没有电阻,铁芯中不会产生涡流D原线圈往往匝数少,绕线粗,电流大解析:选C理想变压器原副线圈功率相等,即U1I1U2I2,不可能同时使电压升高,电流增大,A错;原、副线圈匝数不同,感应电动势不同,B错;理想变压器不考虑绕线铜损,铁芯的热损,当然要求线圈无电阻,铁芯不产生涡流,C对;原、副线圈中匝数少的一边,电流大,绕线粗,但不一定作为原线圈使用,D错。3在如图所示的两电路中,当a、b两端与e、f两端分别加上220 V的交流电压时,测得c、d间与g、h间的电压均为110 V;若分别在c、d与g、h的两端加上110 V的交流电压,则a、b间与e、f间的电压分别为()A220 V,220 VB220 V,110 VC110 V,110 V D220 V,0解析:选B对变压器,根据可得Uab220 V;对滑动变阻器来说,当gh间接上110 V电压时,ef间电压Uef110 V,故B选项正确。4.一输入电压为220 V,输出电压为36 V的变压器副线圈烧坏了,为获知此变压器原副线圈匝数,某同学拆下烧坏的副线圈,用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈,如图所示,然后将原来线圈接到220 V交流电源上,测得新绕线圈的端电压为1 V,按理想变压器分析,该变压器烧坏前的原、副线圈匝数分别为()A1 100,360B1 100,180C2 200,180 D2 200,360解析:选B对新绕线圈的理想变压器,根据变压比公式得n11 100,变压器烧坏前,同理n2180,故B正确。5.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为31,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V的正弦交流电源上,如图所示。设副线圈回路中电阻两端的电压为U,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k,则()AU66 V,k BU22 V,kC. U66 V,k DU22 V,k解析:选A设原线圈中电流为I1,原、副线圈电压比3,原、副线圈电流比,由欧姆定律可得,副线圈回路中电阻两端电压UI2R,联立解得U66 V。电阻消耗功率PI2R,由于,所以原、副线圈回路中电阻消耗功率的比值为,选项A正确。6.如图所示,理想变压器原线圈的匝数为n1,副线圈的匝数为n2,原线圈的两端a、b接正弦式交流电源,电压表V的示数为220 V,负载电阻R44 ,电流表A1的示数为0.2 A。下列判断正确的是()A原线圈和副线圈的匝数比为21B原线圈和副线圈的匝数比为51C电流表A2的示数为0.1 AD电流表A2的示数为0.4 A解析:选B由变压器的输出功率等于输入功率可得:I1U1I22R,可解得I21.0 A,原线圈和副线圈的匝数比,故B正确,A、C、D均错误。7.钳形电流测量仪的结构图如图所示,其铁芯在捏紧扳手时会张开,可以在不切断被测载流导线的情况下,通过内置线圈中的电流值I和匝数n获知载流导线中的电流大小I0,则关于该钳形电流测量仪的说法正确的是()A该测量仪可测量直流电的电流B载流导线中电流大小I0I/nC若钳形部分铁芯没有完全闭合,测量出的电流将小于实际电流D若将载流导线在铁芯上多绕几匝,钳形电流测量仪的示数将变小解析:选C直流电产生的磁场,通过内置线圈的磁通量不变,线圈中不产生感应电动势,选项A错误;由电流跟匝数成反比可知载流导线中电流大小I0nI,选项B错误;若钳形部分铁芯没有完全闭合,则通过内置线圈中的磁通量变小,磁通量的变化率也变小,故产生的感应电流变小,测量出的电流将小于实际电流,选项C正确;由,可知钳形电流测量仪的示数将变大,选项D错误。8.如图所示,与理想变压器相连的四只灯泡相同,变压器原、副线圈的匝数比为31,接在副线圈上的三只灯泡正常发光,则对于串联在原线圈上的灯泡L()A比正常发光时的亮度更亮B也能正常发光C比正常发光时的亮度更暗D无法判断其亮度变化情况解析:选B灯泡L的亮度如何,主要看灯泡L的实际功率多大,在本题中就是看通过灯泡L的电流如何变化。设每只灯泡的额定电流为I0,因并联在副线圈两端的三只灯泡正常发光,所以副线圈中的电流I23I0,由得原线圈中的电流I1I2I0,恰为灯泡L的额定电流,因此灯泡L也正常发光。故B正确。9多选(2016海南高考)图甲所示,理想变压器的原、副线圈的匝数比为41,RT为阻值随温度升高而减小的热敏电阻,R1为定值电阻,电压表和电流表均为理想交流电表。原线圈所接电压u随时间t按正弦规律变化,如图乙所示。下列说法正确的是()A变压器输入、输出功率之比为41B变压器原、副线圈中的电流强度之比为14Cu随t变化的规律为u51sin 50t(国际单位制)D若热敏电阻RT的温度升高,则电压表的示数不变,电流表的示数变大解析:选BD由题意,理想变压器输入、输出功率之比为11,选项A错误;变压器原、副线圈中的电流强度与匝数成反比,即,故选项B正确;由题图乙可知交流电压最大值Um51 V,周期T0.02 s,角速度100 rad/s,则可得u51sin 100t (V),故选项C错误;RT的温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,电压表示数不变,故选项D正确。10如图甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为101,原线圈接入图乙所示的不完整的正弦电流,副线圈接火灾报警系统(报警器未画出),电压表和电流表均为理想电表,R0和R1为定值电阻,R为半导体热敏电阻,其阻值随温度的升高而减小,下列说法中正确的是()AR处出现火警时电压表示数增大BR处出现火警时电流表示数减小C图乙中电压的有效值为220 VD电压表的示数为11 V解析:选D由0 T,可求得图乙中电压有效值U1110 V,由,可得电压表示数U211 V,C错误,D正确;R处出现火警时,R电阻变小,副线圈电流增大,原线圈电流也随之增大,电流表示数增大,但电压表示数不变,故A、B均错误。11.如图所示,理想变压器B的原线圈跟副线圈的匝数比n1n221,交流电源电压u1311sin 100t(V),F为熔断电流为I01.0 A的保险丝,负载为一可变电阻。(1)当电阻R100 时,保险丝能否被熔断?(2)要使保险丝不被熔断,电阻R的阻值应不小于多少?变压器输出的电功率不能超过多少?解析:原线圈电压的有效值为U1 V220 V由得副线圈两端的电压U2U1220 V110 V。(1)当R100 时,副线圈中电流I2 A1.10 A由U1I1U2I2得原线圈中的电流为I1I21.10 A0.55 A由于I1I0(熔断电流),故保险丝不会熔断。(2)设电阻R取某一值R0时,原线圈中的电流I1刚好达到熔断电流I0,即I11.0 A,则副线圈中的电流为I2I121.0 A2.0 A电阻R的阻值为:R0 55 此时变压器的输出功率为P2I2U22.0110 W220 W可见,要使保险丝F不被熔断,电阻R的阻值不能小于55 ,变压器输出的电功率不能超过220 W。答案:(1)不会熔断(2)55 220 W12图甲为一理想变压器,ab为原线圈,ce为副线圈,d为副线圈引出的一个接头,原线圈输入正弦式交变电压的ut图像如图乙所示。若只在ce间接一只Rce400 的电阻,或只在de间接一只Rde225 的电阻,两种情况下电阻消耗的功率均为80 W。(1)请写出原线圈输入电压瞬时值uab的表达式。(2)求只在ce间接400 电阻时,原线圈中的电流I1。(3)求ce和de

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