山西省太原市第五中学2019届高三生物下学期4月阶段性检测试题（含解析）.docx

太原五中20182019学年度第二学期阶段性检测高三理科综合生物一、选择题1.下列描述正确的是A. 在电子显微镜下拍摄到的线粒体的结构照片属于物理模型B. 控制合成一个由60个氨基酸组成的蛋白质的基因中，嘌呤碱基数最少应是180个C. 显微镜下观察同等直径的细胞，如果放大50倍时最多可看到布满视野中的20个完整的细胞，放大100倍时，最多可看到10个完整细胞D. 分子式C63H103O45N17S2的多肽化合物中最多含有16个肽键【答案】B【解析】【分析】模型是人们为了某种特定的目的而对认识对象所做的一种简化的概括性的描述，这种描述可以是定性的，也可以是定量的，模型的形式很多，包括物理模型、概念模型、数学模型等，以实物或图画形式直观的表达认识对象的特征，这种模型就是物理模型，沃森和克里克制作的著名的DNA双螺旋结构模型，就是物理模型。mRNA是以DNA的一条链为模板转录形成的，翻译时，mRNA中3个相邻的碱基决定一个氨基酸，所以经翻译合成的蛋白质分子中氨基酸的数目是mRNA上碱基数目的1/3，是DNA（基因）中碱基数目的1/6，即DNA（或基因）中碱基数：mRNA上碱基数：氨基酸个数=6：3：1；显微镜放大的是物体长度或宽度，如果放大50倍时最多可看到视野中的20个完整的细胞，则放大100倍时，相当于又放大了2倍，则看到的细胞数应为2022=5个；氨基酸的结构通式为，可见，每种氨基酸都至少含有一个氨基和一个羧基，并且它们都连结在同一个碳原子上，这个碳原子还连接有一个H和一个侧链基团R基，故根据多肽中N原子数量可推算出氨基酸数量和肽键数目。【详解】A. 在电子显微镜下拍摄到的线粒体结构照片属于实物图，不属于物理模型，A错误；B. 一个氨基酸对应一个密码子，而一个密码子由三个相邻碱基组成，在不考虑终止密码子的情况下，决定60个氨基酸的mRNA上碱基数有180个，基因中碱基数目为1802=360个，DNA分子中嘌呤碱基数=嘧啶碱基数，所以基因中嘌呤碱基数最少应是180个，B正确；C. 显微镜下观察同等直径的细胞，如果放大50倍时最多可看到视野中的20个完整的细胞，放大100倍时，最多可看到20/（10050）2=5个完整细胞，C错误；D. 分子式C63H103O45N17S2的多肽化合物中有17个氮原子，推测该多肽最多是由17个氨基酸脱水缩合形成的，如果形成环肽，则该多肽中的肽键最多，为17个肽键，D错误。2.关于下列四图叙述中，正确的是A. 甲图和丙图分别是构成生物体遗传信息的携带者和生命活动的承担者的基本单位B. 乙图小麦种子在晒干和烘烤过程中所失去的水有所不同C. 若丙图中a为脱氧核糖，则由b构成的核酸初步水解，得到的化合物一定有6种D. 在小鼠的体细胞内检测到的化合物丁很可能是蔗糖【答案】B【解析】【分析】分析题图可知，甲图表示氨基酸，乙图是水分散失的过程，丙图是核苷酸的结构，丁图是二糖的分子式，据此分析。【详解】A. 甲图表示氨基酸，丙图是核苷酸的结构，甲图和丙图分别是生命活动的承担者和生物体遗传信息的携带者的基本单位，A错误；B. 乙图小麦种子在晒干过程中失去的水主要是自由水，在烘烤过程中失去的水主要是结合水，B正确；C. 若a代表脱氧核糖，则b为脱氧核苷酸，由其构成的核酸是DNA，其初步水解后得到的化合物是4种脱氧核苷酸，C错误；D. 蔗糖是植物特有的二糖，小鼠的体细胞内检测到的化合物丁不可能是蔗糖，D错误。3.细胞分泌物的形成与高尔基体有关，以下依据高尔基体囊泡内容物作出的判断正确的是A. 若为抗体，则在抗原再次侵入时该细胞能迅速增殖分化B. 若为消化酶，则内容物被排出细胞后进入血液最终到达消化道C. 若为神经递质，则神经递质作用的细胞就会产生兴奋D. 若为胰岛素，则该细胞表面有神经递质、葡萄糖、胰高血糖素受体【答案】D【解析】【分析】分泌蛋白一般有抗体、消化酶和一些激素，其基本单位都是氨基酸，都是在细胞内合成，分泌到细胞外起作用，需要核糖体、内质网、高尔基体、线粒体等细胞器参与合成。【详解】A. 若为抗体，则该细胞为浆细胞，浆细胞不能增殖，A错误；B. 消化酶属于分泌蛋白，但消化酶是在细胞内合成，通过导管排到消化道中的，B错误；C. 若为神经递质，神经递质分为兴奋型和抑制型，故神经递质作用于突触后膜后会使突触后膜产生兴奋或抑制，C错误；D. 血糖的调节途径有两条：一是血糖浓度的变化直接作用于胰岛B细胞或胰岛A细胞，进而引起机体分泌胰岛素或胰高血糖素，二是血糖浓度的变化引起下丘脑有关神经兴奋，进而调节胰岛B细胞或胰岛A细胞分泌相关的激素，当胰高血糖素分泌增多时，会促进胰岛B细胞分泌胰岛素，据此可推知，若为胰岛素，则该细胞为胰岛B细胞，其表面有神经递质、葡萄糖、胰高血糖素的受体，D正确。4.在光照恒定、温度最适条件下，某研究小组用下图一的实验装置测量一小时内密闭容器中CO2的变化量，绘成曲线如图二所示下列叙述错误的是 A. ab段，叶绿体中ADP从基质向类囊体膜运输B. 该绿色植物前30分钟真正光合速率平均为50 ppm CO2/minC. 适当提高温度进行实验，该植物光合作用的光饱和点将下降D. 若第10 min时突然黑暗，叶绿体基质中C3的含量在短时间内将增加【答案】B【解析】【分析】图一中实验装置测量一小时内密闭容器中CO2的变化量，黑暗条件下测定的是呼吸作用强度，光照条件下测定的是净光合作用强度；图二中ab段有光照，故CO2的变化量表示的是净光合作用，bc段是黑暗，故CO2的变化量表示的是呼吸作用，据此分析。【详解】A. ab段植物同时进行光合作用和呼吸作用，叶绿体中ADP从基质向类囊体膜运输，A正确；B. 真正的光合速率=净光合速率+呼吸速率，由ab段可以计算出净光合速率=（1680-180）30=50ppmCO2/min，由bc段可以计算出呼吸速率=（600-180）30=14ppmCO2/min，因此真正的光合速率平均为64ppmCO2/min，B错误；C. 题干中提出，该实验在最适温度条件下进行，因此适当提高温度进行实验，会导致光合速率下降，因此该植物光合作用的光饱和点将下降，C正确；D. 若第10 min时突然黑暗，则光反应产生的ATP和H含量下降，暗反应中三碳化合物的还原速率降低，导致叶绿体基质中C3的含量增加，D正确。5.下列各项描述符合图中变化规律的是A. 适宜条件下，x氧气的浓度与y葡萄糖进入细胞的速率的关系B. x细胞分化的过程与y细胞内染色体种类的关系C. 底物浓度足够大时，x酶的浓度与y反应速率的关系D. 种群数量呈“J”型增长时，x时间与y种群增长率的关系【答案】C【解析】【分析】葡萄糖进入红细胞的方式是协助扩散，需要载体，不消耗能量；酶能降低化学反应的活化能，提高化学反应速率，在底物充足，其它条件不变的情况下，酶浓度越高，化学反应速率越快，但酶不能改变化学反应的平衡点；细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程，细胞分化的实质是基因的选择性表达；种群的“J”型增长曲线描述的是在食物充足，无限空间，无天敌的理想条件下生物无限增长的情况，在“J”型曲线增长的种群中，增长率保持不变。【详解】A. 葡萄糖进入红细胞的方式是协助扩散，该过程不消耗能量，所以x-氧气的浓度与y-葡萄糖进入红细胞的速率不呈正相关，A错误；B. 细胞分化的实质是基因的选择性表达，因此细胞分化过程中，染色体种类不发生改变，所以x细胞分化的过程与y细胞内染色体种类不呈正相关，B错误；C. 底物浓度足够大时，x-酶的浓度与y-反应速率呈正相关，C正确；D. 种种群数量呈“J”型增长时种群增长率不变，该过程x-时间与y-种群增长率不呈正相关，D错误。6.某自花传粉植物两对独立遗传等位基因（A、a和B、b）分别控制两对相对性状，等位基因间均为完全显性。现基因型为AaBb的植物自交产生F1。下列分析中错误的是A. 若此植物存在AA个体致死现象，则上述F1中表现型的比例为6231B. 若此植物存在bb个体致死现象，则上述F1中表现型的比例为31C. 若此植物存在AA一半致死现象，则上述F1中表现型的比例为15562D. 若此植物存在a花粉有1/2不育现象，则上述F1中表现型的比例为15511【答案】D【解析】分析】两对相对性状由两对基因控制且独立遗传，可以确定此性状的遗传遵循自由组合定律。AaBb的植物自交产生F1的基因组成及表现型比例是A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1。【详解】根据上述F1的基因组成分析，若此植物存在AA个体致死现象，则F1中表现型的比例为6：2：3：1，A正确。若此植物存在bb个体致死现象，则上述F1中 A_bb和aabb死亡，因此F1中表现型的比例为3：1，B正确。若此植物存在AA一半致死现象，则上述F1的A_B_中的2AABb和AABB中有一半死亡，A_bb中的AAbb一半死亡，则上述F1中表现型的比例为（6+3/2）:（2+1/2）:3:1=15：5：6：2，C正确。若此植物存在a花粉有1/2不育现象，则雌配子AB：Ab：aB：ab=1:1:1:1，而雄配子AB：Ab：aB：ab=1:1: 1/2: 1/2，因此上述F1中表现型的比例为15：5：3：1，D错误。【点睛】本题虽然是较为基础的自由组合定律的计算题，但计算较为麻烦，需要根据选项的不同情况分别计算，特别是D选项a花粉有1/2不育，只是影响雄配子的比值，并不影响雌配子的比例。7.小球藻是一种真核单细胞绿藻，科学家利用小球藻做了相关实验。实验示意图如下：请回答：(1)在细胞结构上小球藻不同于蓝藻的主要区别是_。(2)将甲乙两组同时置于充足的光照条件下，甲组中小球藻细胞内首先利用18O的具体场所是_，乙组中能利用18O的场所是_。长时间后检测气体A、B中含18O的是_(填“A”“B”或“A、B)(3)光照一段时间后，甲乙两组均停止二氧化碳供应，再将其同时置于黑暗条件下，此时产生的气体A、B中含18O的是_(填“A”“B”或“A、B)(4)相同时间内甲组小球藻的有机物干重_(填“大于”“小于”或“等于”)乙组小球藻的有机物干重。【答案】 (1). 小球藻细胞内有以核膜为界限的细胞核 (2). 叶绿体基质 (3). 叶绿体（或为囊体薄膜）、线粒体 (4). A、B (5). A、B (6). 大于【解析】【分析】光合作用是指植绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物，并且释放出氧气的过程。甲组中用18O标记二氧化碳中的氧，乙组中用18O标记水中的氧，水在光反应阶段分解产生氧气和H，因此甲中产生的A是未被标记的氧气，乙中产生的是被18O标记的氧气。【详解】（1）小球藻是真核生物，蓝藻是原核生物，小球藻不同于蓝藻的主要区别是小球藻细胞内有以核膜为界限的细胞核。（2）甲组中用18O标记二氧化碳中的氧，在小球藻细胞内二氧化碳在叶绿体基质中与五碳化合物固定形成三碳化合物，因此首先利用18O的场所是叶绿体基质；乙组中用18O标记水中的氧，水在光反应阶段分解产生氧气和H，发生场所是类囊体薄膜。供给C18O2较长时间后，通过光合作用18O转移到葡萄糖中和水中，最终A、B中都含有18O标记。（3）光照一段时间后，甲乙两组均停止二氧化碳供应，再将其同时置于黑暗条件下，此时产生的气体A、B均是CO2。甲装置中C18O2中的18O在暗反应阶段最终转移到糖类等有机物中，停止二氧化碳供应并置于黑暗条件下，此时小球藻进行有氧呼吸作用，第一阶段被18O标记葡萄糖分解产生18O标记丙酮酸，第二阶段18O标记丙酮酸分解产生18O标记二氧化碳，即产生的气体A为18O标记二氧化碳；乙装置中H218O与丙酮酸氧化分解产生18O标记二氧化碳，即产生的B也为18O标记二氧化碳，因此产生的气体A、B均含18O。（4）甲组中C18O2中的18O进入有机物中，乙组中H218O中的18O产生了氧气，因此相同时间内甲组小球藻的有机物干重大于乙组小球藻的有机物干重。【点睛】本题主要考查光合作用的过程以及物质和能量的变化，意在考查学生对基础知识的掌握和分析图片解决问题的能力，难度适中。8.甲状腺激素几乎作用于体内所有细胞，在大脑中，可以影响神经细胞的结构和突触传导，影响学习记忆。（1）甲状腺激素在细胞内与受体结合，通过影响基因表达发挥生理作用。当全身多数细胞甲状腺激素受体异常时，患者表现出甲减症状。但若受体异常只发生在垂体和下丘脑，则会导致甲状腺激素分泌过量，原因是_。（2）研究发现，甲状腺激素可以促进海马区神经营养因子BDNF的合成。BDNF可以选择性的引起神经元Na+通道开放，导致神经细胞膜两侧电位转变为_。BDNF也可以促进突触前膜释放_，增强兴奋的传递过程，从而促进学习记忆。（3）长期高脂肪膳食会使甲状腺激素分泌减少，使学习能力下降。蔬菜水果中富含槲皮素。科研人员利用小鼠研究了槲皮素对高脂膳食危害的影响。实验处理及结果如下表所示：处理BDNFmRNA（相对值）BDNF（pg/mg pr) _1.0026 高脂膳食0.6519 高脂膳食+槲皮素0.9525表中横线处的处理为_。分析上表数据可知_（4）甲状腺激素有T4和T3两种形式，主要以T4的形式分泌。在脱碘酶的作用下T4转变为T3并发挥生理作用。为进一步研究槲皮素的作用机理，研究人员分别取高脂膳食组、高脂膳食+槲皮素组小鼠的_，测定T4、T3和TSH(促甲状腺激素）浓度，结果如下图所示结合相关信息和上图结果，推测槲皮素的作用机理是_【答案】 (1). 甲状腺激素对下丘脑和垂体的反馈抑制作用减弱，使促甲状腺激素释放激素和促甲状腺激素分泌增多，使甲状腺激素分泌过量 (2). 外负内正 (3). 神经递质 (4). 正常膳食 (5). 槲皮素可以使BDNF基因的表达量恢复，缓解高脂膳食的危害 (6). 血液 (7). 槲皮素通过提高脱碘酶的活性，促进T4转变为T3【解析】【分析】甲状腺激素的分泌存在分级调节和反馈调节，当甲状腺激素减少时，甲状腺激素对下丘脑和垂体的反馈抑制作用减弱，使促甲状腺激素释放激素和促甲状腺激素分泌增多，从而使甲状腺激素分泌增多。静息电位时膜电位为外正内负，动作电位时膜电位为外负内正。【详解】（1）甲状腺激素的分泌存在负反馈调节，当甲状腺激素受体异常只发生在垂体和下丘脑时，由于能与甲状腺激素结合的受体不足，使甲状腺激素对下丘脑和垂体的抑制作用减弱，使促甲状腺激素释放激素和促甲状腺激素分泌增多，从而使甲状腺激素分泌增多而导致过量。（2）动作电位形成时，钠离子内流，形成内正外负的动作电位。BDNF也可以促进突触前膜释放神经递质，增强兴奋的传递过程，从而促进学习记忆。（3）实验目的是研究槲皮素对高脂膳食危害的影响，为了说明结果，需要有正常膳食的组作为对照，故表中横线处的处理为正常膳食。表中数据显示，高脂摄食组与正常摄食组对照，高脂摄食组中BDNFmRNA和BDNF含量均少于正常摄食组，而高脂膳食+槲皮素组中BDNFmRNA和BDNF含量均高于高脂摄食组，且与正常摄食组的BDNFmRNA和BDNF含量接近，说明槲皮素可以使BDNF基因的表达量恢复，缓解高脂膳食的危害。（4）由于激素需要通过血液运输，故为了检测激素的含量，可分别取高脂膳食组、高脂膳食+槲皮素组小鼠的血液，并测定T4、T3和TSH(促甲状腺激素）浓度。实验结果显示：高脂膳食+槲皮素组小鼠的T4浓度、TSH浓度小于高脂膳食组小鼠，而T3浓度高于高脂膳食组小鼠，结合“甲状腺激素有T4和T3两种形式，主要以T4的形式分泌。在脱碘酶的作用下T4转变为T3并发挥生理作用”，可推测槲皮素通过提高脱碘酶的活性，促进T4转变为T3。【点睛】本题考查甲状腺激素的合成机理和作用，意在考查考生能利用所学知识解决新情境中问题的能力。9.某自然保护区地震后，据不完全统计，植被毁损达到30%以上。图为该地区人为干预下恢复过程的能量流动图单位为103kJ/（m2a），请回答下列问题: (1)如图所示，输入该生态系统的能量主要是_，第一营养级到第二营养级的能量传递效率为_ (保留一位小数)。(2)图中A表示_，图中未利用部分的能量在生物体内的存在形式是_。(3)如图所示，除生产者外其他营养级需要补偿能量输入的原因是_。通过计算可知，肉食动物需要补偿输入的能量值至少为_103kJ/（m2a）。(4)随着时间推移，地震毁损的自然保护区内生物的种类和数量不断恢复的过程属于_演替。【答案】 (1). 生产者通过光合作用固定的太阳能 (2). 12.7% (3). 细胞呼吸(或呼吸作用) (4). 有机物中的化学能 (5). 植被受损,流入该生态系统的能量减少，输入能量可减轻植被恢复的压力 (6). 5 (7). 次生(或群落)【解析】【分析】据图分析，流经生态系统的总能量有生产者固定的太阳能，和少部分输入的有机物的能量；流入一个营养级的能量是指被这个营养级的生物所同化的全部能量，流入某一营养级的能量的去路有：自身呼吸消耗，转化成热能形式散失；流向下一营养级；分解者分解；未被利用，即一个营养级所同化的能量=呼吸消耗的能量+被下一营养级同化的能量+分解者利用的能量+未被利用的能量，据此分析。【详解】（1）如图所示，输入该生态系统的能量主要是生产者通过光合作用固定的太阳能，少部分是输入的有机物中的能量；据图可知，图中第一营养级是生产者，生产者固定的总能量是3+14+70+23=110103kJ/m2a，由第一营养级流向第二营养级（植食动物）的能量是14103kJ/m2a，第一营养级到第二营养级的能量传递效率12.7%。（2）图中A表示呼吸作用，图中未利用部分的能量在生物体内以有机物中化学能的形式存在。（3）如图所示，除生产者外其他营养级需要补偿能量输入的原因是该自然保护区地震后植被毁损严重，流入该生态系统的能量减少，因此输入能量可减轻植被恢复的压力。肉食动物输出能量有（0.05+0.25+5.1+2.1）103kJ/m2a=7.5103kJ/m2a，植食动物输给肉食动物的能量有（14+2-0.5-4-9）103kJ/m2a=2.5103kJ/m2a，故肉食动物需要补偿输入的能量值至少为5103kJ/（m2a）。（4）随着时间推移，地震毁损的自然保护区内生物的种类和数量不断恢复的过程属于次生演替。【点睛】本题结合生态恢复过程中的能量流动图，综合考查生态系统的能量流动、群落演替的相关内容，意在考查学生的识图能力和运用所学知识准确判断问题的能力，解答本题的关键是能正确分析个营养级中能量的来源和去路，属于考纲识记和理解层次的考查。10.在某严格自花传粉的二倍体植物中，发现甲、乙两类矮生突变体(如下图所示)，矮化植株无A基因，矮化程度与a基因的数量呈正相关。丙为花粉不育突变体，含b基因的花粉败育。请回答下列问题：(1)甲类变异属于_，乙类变异是在甲类变异的基础上，染色体的结构分别发生了_。(2)乙减数分裂产生_种花粉，在分裂前期，一个四分体中最多带有_个a基因。(3)甲的自交后代只有一种表现型，乙的自交后代中(各类型配子和植株的成活率相同)，F1有_种矮化类型，F2植株矮化程度由低到高，数量比为_。(4)为鉴定丙的花粉败育基因b是否和a基因位于同源染色体上，进行如下杂交实验：丙()与甲()杂交得F1。再以F1做_(父本，母本)与甲回交。若F2中，表现型及比例为_，则基因b、a位于同源染色体上。若F2中，表现型及比例为_，则基因b、a位于非同源染色体上。【答案】 (1). 基因突变 (2). 重复 (3). 2 (4). 4 (5). 3 (6). 323 (7). 父本 (8). 全为矮化 (9). 正常矮化11【解析】试题分析：（1）依题意，在某严格自花传粉的二倍体植物中，出现的矮化植株无A基因，矮生突变体甲的基因型为aa，据此可判断矮生突变体甲的出现是由于A基因突变成a基因所致；分析题图可知，矮生突变体乙的出现，是由于甲的1条染色体上a基因所在的片段移接到同源的另一条染色体上，此类变异属于染色体结构变异中的重复。(2)乙在减数分裂过程中，因同源染色体的分离，产生了不含a基因和含2个a基因的2种花粉。在减数第一次分裂前的间期，由于染色体的复制，增加了a基因所在的片段的染色体，由原来含2个a基因变成了含4个a基因，所以在分裂前期，一个四分体中最多带有4个a基因。(3)设用a表示不含a基因，则乙的基因型可表示为aaa。结合对（2）的分析可知，乙产生的雌配子和雄配子各有2种：a、aa，它们之间的数量比为11。乙自交，F1的基因型及其比例为aaaaaaaaa121，已知矮化程度与a基因的数量呈正相关，所以F1有3种矮化类型。在F1中，1/4aa自交后代均为1/4aa；1/4 aaaa自交后代均为1/4aaaa，因为基因型为aaaa的个体只产生一种基因型为aa的配子； 1/2aaa自交后代为1/21/4aa，1/21/2aaa， 1/21/4aaaa，因为基因型为aaa的自交情况同乙自交的情况一样；所以F2植株矮化程度由低到高，数量比为（1/41/21/4）aa1/21/2aaa（1/41/21/4）aaaa323。（4）依题意可知，丙的基因型为AAbb，甲的基因型为aaBB。为鉴定丙的花粉败育基因b是否和a基因位于同源染色体上，让丙()与甲()杂交所得F1的基因型为AaBb。因为含b基因的花粉败育，而甲不含b基因，所以为了能达到实验目的，再以F1做父本与甲回交，观察后代的表现型及其比例。如果基因b、a位于同源染色体上，则F1产生的可育配子的基因型为aB，甲产生的配子的基因型为aB，F2的基因型均为aaBB，全都表现为矮化。如果基因b、a位于非同源染色体上，则F1产生的可育配子的基因型及其比例为ABaB11，甲产生的配子的基因型为aB，若F2的表现型及比例为正常（AaBB）矮化（aaBB）11。考点：本题考查基因分离定律、基因的自由组合定律、减数分裂、生物的变异的相关知识，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；能从题图中提取有效信息并能结合这些信息，运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确结论的能力，以及具备验证简单生物学事实的能力，并能对实验现象和结果进行解释、分析和处理的能力。11.现有磨浆机、烧杯、滴管、量筒、玻璃棒、漏斗、纱布、苹果、试管、质量分数为2的果胶酶溶液、蒸馏水、一定浓度的盐酸和氢氧化钠溶液，下表是某小组利用上述材料进行的有关实验：(“”表示不加)上述步骤完成后，进行同样长度时间的过滤收集果汁，测量观察。据此回答： （1）改正上表中的一处错误：_。（2）果胶酶将果胶分解成可溶性的_。若要验证果胶酶的作用，应观察比较的两组是_。预期的实验结果是：_。（3）比较烧杯甲、丙、丁可知：_能影响酶的活性。（4）表中处的内容是_。（5）有人测定了甲、乙、丙、丁四种植物体内多种酶的活性与温度的关系，结果如下图所示。根据图中的信息，你认为在25条件下，竞争能力最强的生物和对温度适应范围最广的生物分别是_。 A.乙和丁 B.乙和丙 C.乙和甲 D.甲和丙（6）果胶酶是分解果胶的一类酶的总称,它不包括_。A.多聚半乳糖醛酸酶 B.果胶分解酶 C.乳糖分解酶 D.果胶酯酶【答案】 (1). 23顺序颠倒 (2). 半乳糖醛酸 (3). 甲与乙 (4). 甲果汁体积多于乙且比乙澄清 (5). pH值(酸碱度) (6). 质量分数为2的果胶酶溶液 (7). B (8). C【解析】【分析】根据实验原理和所给的实验材料可知，表中处的内容是加入质量分数为2%的果胶酶溶液，则甲、丙和丁的单一变量是pH的不同，故实验是探究pH对果胶酶的影响，据此分析。【详解】（1）实验操作中2和3顺序应颠倒。（2）果胶酶能将果胶分解成可溶性的半乳糖醛酸。甲和乙的单一变量是是否添加果胶酶，若要验证果胶酶的作用，应观察比较的两组是甲和乙。因为果胶酶能分解细胞壁，提