山东省济宁市第二中学2018_2019学年高一物理下学期期中试题（含解析）.docx

山东省济宁市第二中学2018-2019学年高一物理下学期期中试题（含解析）一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分；选对但不全的得2分；有选错或不答的得0分。)1.关于元电荷和点电荷的理解正确的是A. 元电荷就是电子B. 元电荷是表示跟电子所带电量绝对值相等的电量C. 体积很小的带电体就是点电荷D. 点电荷是一种理想化模型，对于任何带电球体总可把它看作电荷全部集中在球心的点电荷【答案】B【解析】【详解】元电荷的电量等于电子的电量，但不是电子。元电荷是带电量的最小单元。没有电性之说。故A错误；元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量，故B正确；当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷，并不是体积小就是点电荷，故C错误；当带电体之间的距离不是很大时，带电球体就不能看作电荷全部集中在球心的点电荷，因为此时带电体之间的电荷会影响电荷的分布。故D错误；故选B。2.关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A. 电场强度较大的地方电场线一定较密B. 沿电场线方向，电场强度一定越来越小C. 沿电场线方向，电势一定越来越低D. 电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹【答案】C【解析】A、电场强度与电场线的密集程度有关。电场线越密，电场强度越大；反之则越小，故A正确，BC、沿电场线方向，电势一定越来越低但电场强度不一定越来越小，比如正电荷的电场线沿电场线电场强度越来越小，故BC错; D、电场线并不实际存在，它只是人为的辅助工具，而带电粒子的运动轨迹是实际存在的，故D错误。综上所述本题答案是：A3.电场中有一点P，下列说法正确的是（）A. 若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B. 若P点没有试探电荷，则P点的场强为零C. P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大D. P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向【答案】C【解析】【详解】A项：场强是表示电场本身性质的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当试探电荷的电荷量减半时，P点的场强不变，故A错误；B项：由于场强由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当P点没有试探电荷，P点的场强不变，故B错误；C项：由F=qE可知， P点的场强越大，则电荷所受的电场力越大，故C正确；D项：P点的场强方向为就是放在该点的正试探电荷所受电场力的方向，与P放在该点的负试探电荷所受电场力的方向相反，故D错误。故选：C4.如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个正六边形的六个顶点，A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，正六边形所在平面与电场线平行.则B点的电势为A. 1.0VB. 1.5VC. 2.0VD. 3.0V【答案】A【解析】【详解】已知正六边形所在平面与电场线平行，且A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，延长DC且使DC=CG，连接BG，可知UDC=UCG=1V，故ABG的电势相等为1.0V；故选A5.关于电流，下列说法正确的是（ ）A. 电子的运动速率越大，电流就越大B. 单位世间内通过导体横截面积的电量越多i，导体中的电流越大C. 因为电流有方向，所以电流时矢量D. 导体中的电流，一定是自由电子的定向移动形成的【答案】B【解析】电流大小与电子运动速率无关，故A错误；电流的定义为电量与时间的比值，即为单位内通过的电量，是由电量与时间共同决定的，电量多电流不一定大，但如果是单位时内通过截面的电量多，则电流大，故正确；电流有方向，我们规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，但电流不是矢量，矢量的运算必须遵循平行四边形定则，电流有方向，但不符合矢量合成法则不是矢量，故错误导体中的电流，不一定是自由电子的定向移动形成的，也可能是其他带电离子定向移动形成的，选项D错误；故选B.6.对于欧姆定律，理解正确的是A. 从R= 可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零B. 从R= 可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C. 从I= 可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比D. 从U=IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高【答案】C【解析】【详解】导体的电阻是由导体本身决定的，与两端的电压无关以及导体中的电流无关，选项AB错误；从可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，选项C正确；从U=IR可知，当电流一定时，导体两端的电压随电阻的增大而增高，选项D错误。7.一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度-时间图像如图所示则A、B两点所在区域的电场线是下图中的A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】由v-t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此从A到B该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABC错误，D正确。8.如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（ ）A、Q变小，C不变，U不变，E变小B、Q变小，C变小，U不变，E不变C、Q不变，C变小，U变大，E不变D、Q不变，C变小，U变大，E变小【答案】C【解析】【详解】平行板电容器与静电计并联，测量电容器的电压，电容器所带电量不变；增大电容器两极板间的距离d时，由知，电容C变小；Q不变，C变小，根据知，U变大；而, Q、k、S均不变，则E不变；故C正确，A,B,D错误。故选C.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式9.关于匀强电场中电势差与场强的关系，下列说法中不正确的是（ ）A. 电场强度的方向就是电势降落最快的方向B. 任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积C. 电势减小的方向，必定是场强的方向D. 沿电场线方向任何相同距离上电势降落必定相等【答案】BC【解析】【详解】顺着电场线方向电势降低，电势降落最快的方向就是场强的方向，故A正确，C错误；U=Ed，d是沿电场线方向上的距离，不是任意两点间的距离，故B错误；根据公式U=Ed可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等故D正确。10.如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称，已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能减小，则以下判定正确的是A. M点处放置的是负电荷B. a点的电势高于c点的电势C. a点场强与c点的场强完全相同D. 若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做负功，后做正功【答案】BD【解析】【详解】因正电荷由a到c电势能减小，则电场力做正功，则电势降低。故c点电势低于a点电势。则M点为正电荷，故A错误，B正确。a点与c点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故C错误；将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，根据等势线分布图可知，电势先升高后降低，则电势能先增大后减小，电场力先做负功、后做正功。故D正确.11.在一半径为R的圆周上均匀分布有偶数N个绝缘带电小球（可视为质点）无间隙排列，其中A点的小球带电荷量为+2q，其余小球带电荷量为+q，此时圆心O点的电场强度大小为E，现仅撤去A点的小球后，则有关O点的电场强度的正确说法A. 方向向右B. 方向向左C. 大小为D. 大小为E【答案】AD【解析】【详解】假设圆周上均匀分布的都是电荷量为+q的小球，由于圆周的对称性，根据电场的叠加原理知，圆心O处场强为0，所以圆心O点的电场强度大小等效于A点处电荷量为+2q的小球与在A点在同一直径的另一端的电量为+q的电荷在O点产生的场强的叠加，则有，方向水平向左；所以仅撤去A点的小球，则O点的电场强度等于与A点在同一直径的另一端的电量为+q的电荷在O点产生的场强，方向向右，故BC错误，AD正确。12.如下图所示，平行金属板中央有一个初始静止的电子(不计重力)，两板间距离足够大，当两板间加上如图乙所示的电压后，在下图中反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律正确的是 A. B. C. D. 【答案】AB【解析】【详解】分析电子一个周期内的运动情况：0T/4时间内，因B板电势高，则电子从静止开始向B板做匀加速直线运动，T/4T/2时间内沿原方向做匀减速直线运动，T/2时刻速度为零。T/23T/4时间内向A板做匀加速直线运动，3T/4T时间内向A板做匀减速直线运动。接着周而复始。根据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知，B图符合电子的运动情况。故B正确，C错误。电子做匀变速直线运动时x-t图象应是抛物线，故D错误。根据电子的运动情况：匀加速运动和匀减速运动交替产生，而匀变速运动的加速度不变，a-t图象应平行于横轴。故A正确。二、实验题(本题共2小题，共14分。根据题目的要求在答题纸上相应的位置填写各题的答案。)13. （6分）在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间离和带电量有关。他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示。实验时，先保持两电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线偏角越大，再保持两球的距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大。实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_而增大，随其所带电荷量_而增大。此同学在探究中应用的科学方法是_(选填：“累积法”、“等效替代法”、“控制变量法”、“或演绎法”)【答案】减小，增大，控制变量法【解析】试题分析：（1）实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大，随其所带电荷量的增大而增大（2）试验中先保持两球电荷量不变，观察到B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大；此同学在探究中应用的科学方法是控制变量法考点：探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关。【此处有视频，请去附件查看】14.要测绘一个标有“ ”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到，并便于操作已选用的器材有：电池组（电动势为，内阻约）：电流表（量程为，内阻约）；电压表（量程为，内限约）；电键一个，导线若干(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_（填字母代号）A滑动变阻器（最大阻值，额定电流）B滑动变阻器（最大阻值，额定电流）(2)实验的电路图应选用下列的图_（填字母代号）A B C D (3)由实验得到小灯泡的伏安特性曲线，细实线是A点切线，图线中小灯泡工作在A点电压时对应的灯丝电阻等于_ ；随着电压的增大，灯丝的电阻_（填“增大”或“减小”）【答案】 (1). A (2). B (3). 10 (4). 增大【解析】【详解】（1）电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选阻值较小的A；（2）实验要求：灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻，电流表5欧姆，电压表内阻很大，约为3千欧姆，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，因此应选择图B所示实验电路（3）由图所示图象可知，电压U=2V时I=0.2A，此时灯泡电阻：，由图示图象可知，随U增大I增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大三、计算题（本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15.把一带电荷量为q3106 C的点电荷从电场中的A点移动B点，电荷克服电场力做功为6104 J，从B点移到C点，电场力对点电荷做功为9104 J求：(1)A、C两点的电势差；(2)把Q4106 C的点电荷从A点移动到B点，电场力对电荷做的功【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）负电荷从A移到B点的过程，电荷克服电场力做功，可见负电荷从电势高处移至电势低处即ABAB间的电势差为： 负电荷从B移至C，电场力做正功，可见负电荷从电势低处移至电势高处，即CBBC间的电势差：根据UAC=UAB+UBC，A C两点电势差为：UAC=UAB+UBC=200V-300V=-100V（2）把q=410-6C的点电荷从A点移到B点，电场力对电荷做功为：W=qUAB=410-6200J=810-4J【点睛】本题要注意运用公式U=W/q求解电势差时，公式中U、W、q三个量可都代入符号，要注意电荷克服电场力做功，电场力做的是负功16.如图所示，电流表内阻，现把它改装成两个量程的电流表，当接a、b两个接线柱时量程为3A，当接a、c两个接线柱时两车为0.6A，求电阻和【答案】， 【解析】当接a、b两个接线柱时量程为3A，其中起分流作用为一支路，与串联