江苏省苏州吴中、吴江、相城2018_2019年度九年级物理上学期期末试卷.docx

江苏省苏州吴中、吴江、相城2018-2019年度九年级物理上学期期末试卷本试卷分选择题和非选择题两部分，共三大题29小题，满分100分.考试用时100分钟.注意事项:1.答题前，考生务必将姓名、考点名称、考场号、座位号、考试号填涂在答题卷相应的位置上.2.答题必须用0.5mm黑色.墨水签字笔写在答题卷指定的位置上，不在答题区域内的答案一律无效，不得用其它笔答题.3.考生答题必须在答题卷上，答在试卷和草稿纸上一律无效.一、选择题(本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题四个选项中只有一个选项正确)1.在如图所示的四种情境中，人对物体没有做功的是（）2.下列数据中，最接近实际情况的是（） A.教室内日光灯的工作电流为2A B.中学生以正常速度骑自行车的功率为80W C.家用电风扇的额定功率为2000W D.中学生把一个鸡蛋从地面捡起并举过头顶做的功是10J3.白炽灯长期使用后，钨丝会变细，变细后的钨丝与原来相比（）A.比热容变大 B.密度变小 C.电阻变大 D.熔点变低4.如图所示，闭合开关S，灯泡L1、L2都正常发光，则两灯泡一定具有相同的（） A.额定电流 B.额定电压 C.额定功率 D.电阻值5.下面是某同学“物理学习笔记”中的摘录，由于粗心，有些摘录发生了错误，下列摘录中错误的是（）A.温度相同的物体接触时一定不会发生热传递B.燃料的热值与燃料的质量有关，质量越大，热值越小C.物体的内能在减少时，可能正在对外做功D.做功和热传递在改变物体的内能上是等效的6.如图所示，电源电压不变，电阻R1的阻值为6，电阻R2的阻值为18.当开关S闭合时，电压表示数为3V.则（） A.通过电流表的电流为5A B. R2两端的电压为3V C.电源两端的电压为12V D.电阻R1的功率为3W7.如图所示是小球从高处下落到水平地面不断弹起的过程中，每隔相等时间曝光一次所得到的照片，小球在1、2位置的高度一样.下面说法正确的是（）A.小球运动时先后经过1、3、2三个位置B.小球在1、2位置的动能相同C.小球在1、2位置的重力势能相同，机械能大小也相同D.小球在1位置的动能、机械能都比2位置小8.为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统.当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带(安全带控制开关S2断开)仪表盘上的指示灯将亮起，当系上安全带时，安全带控制开关S2闭合，指示灯熄灭.下列电路图设计最合理的是（）9.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，有一个电表的指针没有发生偏转.移动滑动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变，则故障是（） A.电阻R1短路 B.变阻器R2短路 C.电阻R1断路 D.变阻器R2断路10.如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，R0为定值电阻，当光照减弱时（） A.V与A1示数的比值减小 B.V与A2示数的比值不变 C. A2与A1示数之差变大 D.电路消耗的总功率减小11.赵阳同学从下面一些常见物质的比热容表中，分析归纳出几个结论，其中正确的是一些常见物质的比热容J/(kg) A.在同样的阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢 B.不同物质的比热容一定不同 C.给小质量的物体测量温度时适宜用水银温度计 D.给常温下的铁块、铝块用相同方式加热相同时间，铁的温度升高得多12.如图所示，某同学用图示斜向上拉力F提升重40N的物体，使它匀速竖直上升一段距离.己知动滑轮重10N，不计绳重及摩擦.则该动滑轮的机械效率（）A.小于80% B.等于80%C.大于80% D.无法确定二、填空题(本题共10小题，每空1分，共犯分)13.将A、B两个金属片插入柠檬制成“水果电池”用电压表测量水果电池的电压，如图所示，则该电池的正极是(选填“A”或“B”);“水果电池”在供电时把能转化为能14.如图所示，原长为L的弹簧上端固定，下端挂一个小重球.从位置A处由静止释放小球(此时弹簧长仍为L).小球从位置A运动到最低位置B，则B位置与A位置相比较，小球的动能，弹簧的弹性势能，小球的机械能.(选填“增大”“减小”或“不变”)(整个过程不考虑空气阻力和摩擦的影响)15.用如图所示的滑轮组将重80N的物体匀速提升2m，拉力F为50N.此过程中拉力F做的有用功为J，滑轮组机械效率为，若匀速提升重为50N的物体，则这个滑轮组的机械效率将(选填“增大”“减小”或“不变”).16.如图所示，设相同时间内物质吸收的热量相同，甲、乙两图中符合冰熔化规律的是图(选填“甲”或“乙”).这是因为.物质在第3min时的内能(选填“”、“”、“”或“=”)第5min时的内能.答案：乙、冰、解析：由于水的比热小于水的比热，质量相等，在相同的加热时间内，吸收的热量一样，根据吸热公式，可知在m，Q吸一样时，c与t成反比，C冰C水，则t冰t水，甲图中，t冰=t水，故甲不对而选择乙；第5min比第3min加热时间更长则内能更多。17.某段金属导体两端电压为4V时，通过的电流是0.2A；当该导体两端电压为12V时，导体电阻为，通过导体的电流为A；当该导体两端电压降为0V时，电阻为.答案：0.6、20解析：本题考查欧姆定律与电阻。金属体电阻大小为，当金属体两端电压为时，通过导体的电流大小为；当导体两端电压为零时，电阻大小仍为，因为电阻是物质的一种属性，与通过其电流大小以及两端电压无关。18.如图所示电路中，电源电压恒定，电阻R的阻值20.(1)闭合开关S1、S2时，R和L是联;(2)在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压U=V，灯泡电阻RL=(灯泡电阻不随温度变化).答案：（1）并联（2）6、30解析：本题考查电路的连接和欧姆定律的应用。（1）由电路图可知，闭合开关时，和是并连；（2）由电路图可知，和都闭合时，和是并连，电路总电阻较小，此时电流应较大，应为，断开、闭合时电路不是通路，当闭合、断开，此时只有电阻接入电路，此时电流表示数为，电源电压；灯泡电阻。19.孙明同学用如图所示实验装置来比较两种燃料的热值，在燃烧皿中分别放入质量相等的燃料1和燃料2，点燃后对质量都为100g、初温都为20的水加热，燃烧相同时间后，甲烧杯中水温为30，乙烧杯中水温为24，则此过程中，甲、乙两烧杯内水的吸收热量之比是，此时(选填“能”或“不能”)说明燃料1的热值较大.答案：5:2、不能解析：(1)由题知,将水分别加热,温度升高了10和4,即升高的温度之比为,由可以知道,吸收的热量之比等于;(2)用燃料1加热水,其温度升高的较快,即燃料1燃烧产生的热量多,但相同时间两种燃料燃烧的质量不能比较,故不能比较热值的大小.因此，本题正确答案是:;不能.解析(1)由可以知道,由相同物质(比热容相同)组成的相同质量的不同物体,吸收的热量与升高的温度成正比;(2)在完全燃烧相同质量的燃料时,水的温度升高的较快,则燃料燃烧产生的热量多,所以其热值大.20.如图所示是一台单缸四冲程汽油机的冲程，在这个冲程中是将能转化成能.若此汽油机每秒对外做功15次，则汽油机飞轮的转速为R/min.答案：压缩、机械能、内能、1800解析：四冲程内燃机曲轴转一圈,完成2个冲程,1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次；由图可知，进气口和排气口都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，此过程是机械能转化为内能。21.某电吹风工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转.则该电吹风在这段时间内消耗的电能是J，它的电功率为W，这些电能可供一只“220V 10W”的LED灯正常工作h;与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，若LED灯可以节约80%的电能，则该LED灯与W的白炽灯亮度相当.答案：3.6、1000W，10，50解析：本题考查电功、电功率和效率的相关计算，电吹风的消耗的电能由电能表参数可以知道，转盘转过1200转消耗1度电，则转过120转消耗的的电能W=1201200=0.1度电，又1KWh=3.6，可以得出W=3.6，电功率P=1000W，可供LED灯工作的时间t=10h，由于LED灯可以比白炽灯节约80%的电能，相同的亮度情况下，1只LED亮度应该和5只白炽灯相当，即相当于50W的白炽灯亮度相当。22.如图所示，电源电压恒定，R1=30, R2=60.当开关S3，闭合时，电流表的示数为0.1A.在不发生短路的情况下，当开关闭合时，电路中的总电流最大，是A；当开关闭合时，电路消耗的电功率最小是W.答案：、，0.45A，0.9W解析：当闭合，断开时，与串联，等流分压，UIR0.1A(3060)9V当开关断开，闭合时，与并联，此时总电阻最小，总电压恒定，电流获得最大值I，I0.45A当闭合，断开时，与串联此时电流最小I=0.1A，电压U=9V,所以最小功率PUI9V0.1A=0.9W三、解答题(本题共7小题，共44分。解答第24-26题时应有解题过程)23.(6分)按要求完成作图.(1)如图所示，为了让杠杆静止在图中位置，请画出在A点所施加的最小动力F;并作出重物对杠杆拉力的力臂l2.(2)在图中用线代表绳子，将两个滑轮连成省力的滑轮组，要求人用力往下拉绳使重物升起.(3)在图中“O”里填上适当的电表符号，使灯泡L1、L2都能工作.答案：如图所示：24. ( 6分)电动汽车因其节能、环保而受到人们的青睐.某品牌电动汽车，驾驶员与车的总质量为1.6t.汽车在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶20min，此时驱动电机的输入电压为300V，电流为60A，汽车所受阻力为驾驶员与车总重力的0.1倍，g取10N/kg.求：(1)电动汽车匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能;(2)电动汽车匀速行驶过程中牵引力所做的功;(3)该电动汽车的效率.答案：（1）2.16107J（2）1.92107J。（3）88.9%.解析：（1）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能：W=UIt=300V60A2060s=2.16107J；（2）汽车所受阻力为驾驶员与车总重力的0.1倍，f=0.1G=0.11.6104N=1.6103N，因做匀速直线运动，行驶过程中牵引力的大小等于阻力，故F=f=1.6103N；匀速行驶过程中牵引力所做的功：W=Fs=Fvt=1.6103N10m/s2060s=1.92107J。（3）在此段行驶过程中=1.92107J，=2.16107J，有机械效率=100%可得88.9%.答：（1）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能2.16107J；（2）匀速行驶过程中牵引力所做的功为1.92107J。（3）电动汽车的效率88.9%.25. ( 5分)太阳能热水器被广泛应用于现代生活.下表提供的是一装满水的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息.请根据表中信息，求:(1)热水器中的水增加的内能;(2)此次热水器接收到的太阳能如果由燃烧燃气来提供，那么需要多少燃气?(燃气的热值为4.2 107 J/kg )答案:解析：(1)水的体积V=V=100L=0.1m3；由=mV得，热水器中水的质量：m=V=1.0103kg/m30.1m3=100kg，热水器中的水增加的内能：Q=Q吸=cmt=4.2103J/(kg)100kg60=2.52107J，(2)由=Q/Q总可得，此次热水器接收的太阳能：Q总=Q=2.52107J50%=5.04107J；由题意可知,Q放=Q总=5.04107J，根据Q放=mq可得，这些太阳能由燃气提供时可节约的燃气：m=Q放q=5.04107J4.2107J/kg=1.2kg，答：(1)热水器中的水增加的内能为为2.52107J；(2)如果这些太阳能燃气提供，至少可节约1.2kg的燃气。解析（1）利用密度公式m=v先计算出水的质量；（2）利用热量的计算公式Q吸=cmt求出热水器中的水增加的内能；（3）利用热水器上的集热器对太阳能的利用效率，计算出太阳能热水器接受的热量；知道燃气的热值和完全燃烧放出的热量，根据Q=mq求出可节约的燃气26. ( 6分)如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器.在滑动变阻器滑片从a端滑到b端的过程中，滑动变阻器消耗的电功率随电流的变化关系如图乙所示.求:(1)滑动变阻器的最大阻值;(2)电源电压;(3) R0消耗的最大功率.答案：（1）50，（2）12V，（3）14.4W(1)由图甲可以知道,当滑片位于a端时,与串联,电流表测电路中的电流,电压表测两端的电压；当滑片位于b端时，无电流通过滑动变阻器，此时电功率为0，由乙图可知，I=0.2A时，P=2.0W，滑动变阻器处于最大阻值处，由R=50；（2）依据欧姆定律可得U=(50+)0.2A式；同理当I=0.4A,P=3.2W时可得U=(20+)0.4A解上面两个式子可得到电压U=12V;；=10(3)当滑片滑到滑动变阻器b端时,电路中只有电流获得最大I=1.2A由P=可知，一定，电压分担的越大，消耗的电功率越大，因此有P=UI=12V1.2A=14.4W27. (5分)在“探究杠杆平衡条件的实验”中:(1)如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将右端的平衡螺母向(选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡.(2)如图乙所示挂上钩码后，杠杆恰好在水平位置平衡，当将A、B两点下方所挂钩码同时朝远离支点O方向移动两小格，则杠杆(选填“左”或“右”)端将下沉.(3)某同学根据如图乙所示的这第一组实验数据，猜想杠杆的平衡条件可能是:动力+动力臂=阻力+阻力臂，分析可知他的这个猜想不科学，原因是:.(4)如图丙，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，使杠杆仍在水平位置平衡，当测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将.(5)某同学用图丁装置进行探究，发现总是无法得到课本上所给出的平衡条件，原因是.答案：（1）右；（2）右；（3）不同的物理量不能相加;（4）变大；（5）杠杆的自重对杠杆平衡有影响。解析：:(1)若开始实验前发现左端下沉,右端上翘,可将杠杆两端的平衡螺母向右端移动;(2)若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格,则左侧,右侧,因为,故右端下沉;(3)动力的单位是N,动力臂的单位是cm,两个物理量的单位不相同,不能进行加减运算.(4)保持B点不变,若拉力F向右倾斜时,此时F的力臂变短,根据杠杆的平衡条件,力变大;(5)利用如图丁所示装置进行探究,杠杆的重心没有通过支点,杠杆的自重对杠杆平衡有影响.因此，本题正确答案是:(1)右;(2)右;(3)不同的物理量不能相加;(4)变大;(5)杠杆的自重对杠杆平衡有影响.28. (7分)如图甲所示是某实验小组探究“电流与电压、电阻关系”的实验电路.使用的实验器材有:电压为3V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5、10、20、30的定值电阻各一个，规格“12 1A”的滑动变阻器一个，导线若干.(1)请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整.要求:实验过程中滑片P向左移动时，电压表的示数减小.(2)探究电流与电压的关系时，所测得的部分电流、电压值见表1.在表1第2次实验中，电流表的示数如图乙所示，则通过电阻的电流为A.根据表1中的数据可以得到结论:.(3)在探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电压值如表2所示.由于操作不当，导致一组数据存在错误，请判断第次实验的数据存在错误.产生错误的原因是，正确的数据应该是A.纠正错误以后，该小组用30的电阻替换20的电阻进行了第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，同学们提出了下列解决方案，其中正确的是. A.将电压表的量程换为015V B.换成电压为6V的电源 C.可将30电阻两端的电压调为2.5 V D.更换最大阻值大于或等于15的滑动变阻器答案：（1）答案如图；（2）0.3，当电阻一定时，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；（3）3，没有调节滑动变阻器滑片，使电压表示数不变，0.1D.解析：解：（1）如图所示，主要考察滑动变阻器的接法，遵循“一上一下”原则，但是要注意滑片向左滑动时，连接入电路的电阻变大才会使自身分担电压变大，从而让串联的电阻电压变小。（2）图乙中，电流表小量程分度值为0.02A，示数为0.3A；分析表中数据可知，电压为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，所以，当电阻一定时，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；（3）探究电流与电阻的关系时，应控制电压表示数不变，根据欧姆定律U=IR知，前两次电压表示数均为2V，而第3次示数为3.0V，所以第3次实验的数据存在错误，原因是没有移动变阻器的滑片使电压表示数保持不变，根据电流与电阻成反比，正确的