2011—2012学年度上学期高三一轮复习单元验收试题(6)--物理.doc

河南教考资源信息网 版权所有侵权必究20112012学年度上学期高三一轮复习物理单元验收试题（6）【新人教】 命题范围：电 场第卷为选择题，共50分；第卷为非选择题共50分。满分100分，考试时间为90分钟。第卷（选择题，共50分）一、选择题：本卷共10小题，每小题5分，共50分，每小题有一个或多个选项正确，全部选对得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分。1两个完全相同的金属小球，分别带有3q和q的电荷量，当它们相距r时，它们之间的库仑力是f若把它们接触后分开，再置于相距r/3的两点（此时两带电小球仍可视为点电荷），则它们的库仑力的大小将变为（）af/3 bfc3f d9f2如图所示，在水平方向的匀强电场中，一绝缘细线的一端固定在o点，另一端系一带正电的小球，小球在只受重力、电场力、绳子的拉力作用下在竖直平面内做圆周运动，小球所受的电场力大小等于重力大小比较a、b、c、d这四点，小球 （）a在最高点a处的动能最小b在最低点c处的机械能最小c在水平直径右端b处的机械能最大d在水平直径左端d处的机械能最大3一负电荷受电场力作用，从电场中的a点运动到b点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则a、b两点电场强度ea、eb及该电荷在a、b两点的电势能epa、epb之间的关系为（）aeaeb beaepb4如图所示，绝缘水平面上锁定着两个质量均为m，电荷量分别为9q、q，体积很小的物体a和b，它们间的距离为r，与平面间的动摩擦因数均为已知静电力常量为k如果解锁使它们开始运动，则当加速度为零时，它们相距的距离为（）a3q bc2r d3r5（2011江苏盐城）如图所示，在光滑的绝缘水平面上，两个带等量正电荷的点电荷m、n，分别固定在a、b两点，o为ab连线的中点，c、d在ab的垂直平分线上在c点处静止释放一个带负电的小球p（不改变原来电场的分布），此后p在c点和d点之间来回运动，则下列说法中正确的是（）a若小球p在经过c点时电荷量突然减小，则它将会运动到连线上的cd段之外b若小球p的电荷量在经过co之间某处减小，则它将会运动到连线上的cd段之外c若小球p在经过c点时，点电荷m、n的电荷量同时等量增大，则它将会运动到连线上的cd段之外d若小球p在经过co之间某处时，点电荷m、n的电荷量同时等量增大，则它以后不可能再运动到c点或d点6如图，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点电场线与梯形所在的平面平行ab平行cd，且ab边长为cd边长的一半，已知a点的电势是3 v，b点的电势是5 v，c点的电势是7 v由此可知，d点的电势为（）a1 v b2 v c3 v d4 v7一个平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两极板间有一正电荷（电荷量少）固定在p点，如图所示以e表示两极板间的场强，u表示电容器两极板间的电压，w表示正电荷在p点的电势能若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么（）au变小，e不变be变大，w变大cu变小，w不变du不变，w不变8如图所示，质子、氘核和粒子（均不计重力）都沿平行板电容器两板中线oo方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，且都能射出电场，射出后都打在同一个荧光屏上，使荧光屏上出现亮点若微粒打到荧光屏的先后不能分辨，则下列说法正确的是（）a若它们射入匀强电场时的速度相等，则在荧光屏上将出现3个亮点b若它们射入匀强电场时的动能相等，则在荧光屏上将出现1个亮点c若它们射入匀强电场时的动量相等，则在荧光屏上将出现3个亮点d若它们是经同一个加速电场由静止加速后射入偏转电场的，则在荧光屏上将只出现1个亮点9如图所示，在匀强电场中将一电荷量为q、质量为m的小球以初速度v0竖直向上抛出，在带电小球由抛出到上升至最大高度的过程中，下列判断正确的是（）a小球的动能增加b小球的电势能增加c所用的时间为v0/gd到达最高点时，速度为零，加速度大于g10如图所示，一质量为m、电荷量为q的小物体，在水平轨道沿ox运动，o端有一与轨道垂直的固定墙，轨道处在场强为e、方向沿ox轴正向的匀强电场中，小物体以初速度v0从x0点沿ox轨道运动，运动中受到大小不变的摩擦力f的作用，且fepb，d项正确4a解析：加速度为零时，其受到的库仑力与摩擦力平衡，kmg，则x3q5bd解析：若小球p经过c点时电荷量突然减小，电场力做功减小，根据运动的对称性可知，它不会运动到cd之外，a项错误；若小球p经过co之间时电荷量减小，根据动能定理可知，它向d点方向运动的位移更大，b项正确；若点电荷m、n电荷量同时等量增大，根据运动的对称性判断c项错误；若小球p经过co之间某处时，点电荷m、n电荷量等量增大，小球p从c点到o点电场力做的正功小于小球p从o点到d点电场力做的负功，所以不会运动到d点，反之也不会运动到c点，所以d项正确6c解析：cd的中点为e，ab与ce平行且相等，根据匀强电场的特点可知，ubauce5 v3 v2 v，而de与ce在同一直线上且相等，则uceued2 v，d点电势应为3 v7ac解析：平行板电容器与电源断开后电荷量保持恒定，由e知，它们之间的场强不变，极板间的电压ued变小，正电荷在p点的电势能wqpqedp不变8cd解析：选取h、h、he中的任意一微粒为研究对象，微粒在偏转电场中的偏转位移为：y通过判定c、d两项正确9c解析：小球在由抛出点到最大高度的过程中，除重力之外，电场力要做正功，但是电场力做正功不一定大于重力所做的负功，故a项错误；因电场力做正功，小球的电势能减小，b项也错误；小球在竖直方向上只受重力，故竖直方向加速度为g，到最高点所用的时间tv0/g，c项正确；到达最高点时，竖直分速度为零，但水平分速度不为零，并且最高点加速度为重力加速度g与电场力引起的加速度a的矢量和，大于g，由此可判断d项不正确10a解析：由于fqe，物体最终将靠墙静止，对全过程，由动能定理有：qex0fx0mv0，其中x为开始运动到停止前通过的总路程，可知a项正确11（6分）解析：分析可知，金属块a离开高台后，在水平方向做匀减速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，水平位移最大处，水平速度为零，则x，令水平速度为vx，vxv02gt，竖直速度为vy，vygt，则合速度v，当vyv0时，合速度最小等于v0答案：12（6分）因为等势线越密处的场强越大，ea大于eb；由曲线运动的特点可知，带电粒子所受电场力必指向轨迹内侧，且垂直于等势面，故粒子从a点到b点过程中，电场力做负功，va大于vb仅由题给的条件不能判断带电粒子的性质以及a点和b点的电势高低答案：大于 大于 不能比较13（10分）解析：（1）由题意知：小球运动到d点时，由于adab，所以有电势db，即udbdb0则由动能定理得：mgsin30mv0联立解得：vd（2）当小球运动至c点时，对小球受力分析如图所示，则由平衡条件得：nf库sin30mgcos30由库仑定律得：f库联立得：nmg由牛顿第三定律得：nnmg答案：（1）（2）mg14（13分）解析：（1）粒子在下落过程中电场力做的功weqh100101208 j81011 j（2）粒子在整个运动过程中仅有电场力做功，由动能定理得wek2ek1ek281011 j210152002/2 j121010 j（3）粒子落到金属板上的范围是一个圆设此圆的半径为r，只有当粒子的初速度与电场的方向垂直时粒子落在该圆的边缘上，由运动学公式得hat2t2代入数据求得t566103 s圆半径rv0t113 m圆面积sr240 m2答案：（1）81011 j（2）121010 j（3）40 m215（14分）解析：（1）两个小球处于电场中时，2qe4mg解得e（2）设第4个小球刚离开电场时，杆的运动速度为v，对整个杆及整个过程应用动能定理：4mg5l4qe2l4mv2解得v（3）设杆匀速运动时速度为v1，对第1个小球刚进入电场到第3个小球刚要进入电场这个