辽宁省丹东市宽甸一中高三物理上学期第一次考试试题（含解析）.doc

2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高三（上）第一次考试物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1下列对物理学发展史的表述，其中观点正确的是（）a亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动b牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动c法拉第首先发现了电流的磁效应d伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去2以下是物理学中的四个实验装置或仪器，由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是（）a极限的思想方法b猜想的思想方法c控制变量的方法d放大的思想方法3关于曲线运动，下列说法正确的有（）a做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动b做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变c只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心d物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动4据媒体报道，嫦娥二号卫星环月工作轨道为圆轨道，轨道高度200km，运动周期127分钟若还知道引力常量和月球平均半径，仅利用以上条件不能求出的是（）a月球表面的重力加速度b月球对卫星的吸引力c卫星绕月球运行的速度d卫星绕月运行的加速度5运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为m、m，球拍平面和水平面之间的夹角为，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则（）a运动员的加速度为gtanb球拍对球的作用力c运动员对球拍的作用力为mgcosd若加速度大于gsin，球一定沿球拍向上运动6如图所示，闭合开关s后，a灯与b灯均发光，当滑动变阻器的滑片p向左滑动时，以下说法中正确的是（一直a、b两灯电阻均大于电源内阻）（）aa灯变暗bb灯变暗c电源的输出功率先变大后减小d电源的总功率可能增大7（多选）如图所示，实线的两点电荷形成的电场线，若不计重力的带电粒子从c点运动到d点，轨迹如图虚线所示，则下列说法中正确的是（）a由c到d过程中电场力对带电粒子做正功b由c到d过程中带电粒子动能减小c粒子带正电da电荷的电荷量大于b电荷的电荷量8质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面下列说法中正确的是（）a物体的重力势能减少mghb物体的机械能减少mghc物体的动能增加mghd重力做功mgh9一交流发电机的线圈电阻为1，将其输出端接在电阻为10的电阻丝上，其输出电压从某时刻开始随时间变化的图象如图所示，则（）a线圈转动的角速度为100rad/sb交流发电机的电动势最大值为200vc电阻丝的发热功率为2kwd若将此发电机接在匝数比为1：2的理想变压器上可使输出频率提高1倍10（多选）两磁感应强度均为b的匀强磁场区i、，方向如图所示，两区域中间为宽为s的无磁场区，有一边长为l（ls）电阻为r的均匀正方形金属线框abcd置于区域i，ab边与磁场边界平行，现拉着金属线框以速度v向右匀速运动，则（）a当ab边刚进入中央无磁场区域时，ab两点间电压为bab边刚进入磁场区域时，通过ab边的电流大小为，方向abc把金属线框从区域i完全拉入区域的过程中，拉力所做功为（2ls）d当cd边刚出区域i到刚进入区域的过程中，回路中产生的焦耳热为（ls）二、实验题（共22分，每空2分）11关于“测定匀变速直线运动的加速度”的实验：（1）实验中，除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有（填选项代号）a电压合适的50hz交流电源 b电压可调的直流电源c刻度尺 d秒表 e天平（2）对于减小实验误差来说，采取下列方法中正确的有a选取记数点，把每打五个点的时间间隔作为一个时间单位b使小车运动的加速度尽量小些c舍去纸带上密集的点，只利用点迹清晰，点间间隔适当的那一部分进行测量、计算d选用各处平整程度，光滑程度相同的长木板做实验e实验时尽量让小车靠近打点计时器，释放小车后再打开打点计时器电源12在做“研究匀变速直线运动”的实验中，得到一条纸带，如图所示，a、b、c、d、e为5个计数点，若相邻两个计数点之间还有4个自然点没有标出，则拖动纸带的小车运动的加速度约为m/s2；打点计时器打a点时小车运动的速度大约为m/s；若由于某种原因而漏打了c点，则c点的位置应距a点cm处（图上数据单位为厘米）13（12分）（2015浙江校级二模）要测量一只量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：a待测电压表v（量程3v，内阻未知）b电流表a（量程3a，内阻0.01）c定值电阻r（阻值2k，额定电流50ma）d蓄电池e（电动势略小于3v，内阻不计）e多用电表f开关k1、k2，导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：首先，用多用电表进行粗测，选用100倍率，操作方法正确若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图所示的乙、丙实验电路，你认为其中较合理的电路图是其理由是在图丁中，根据你选择的电路把实物连接好用你选择的电路进行实验时，请简述实验步骤：；用上述所测量的符号表示电压表的内阻rv=三、计算题（共23分）14如图所示，位于竖直平面内的光滑轨道，由一段斜的直轨道与之相切的圆形轨道连接而成，圆形轨道的半径为r一质量为m的小物块从斜轨道上某处由静止开始下滑，然后沿圆形轨道运动要求物块能通过圆形轨道最高点，且在该最高点与轨道间的压力不能超过5mg（g为重力加速度）求物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度h的取值范围15（14分）（2015春大连校级期末）如图所示，长l=1.5m，高h=0.45m，质量m=10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动当木箱的速度v0=3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力f=50n，并同时将一个质量m=1kg的光滑小球轻放在距木箱右端的p点（小球可视为质点，放在p点时相对于地面的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计取g=10m/s2求：（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；（2）通过计算说明小球是从木箱左端还是右端掉下（3）小球离开木箱时木箱的速度选修部分（共15分）【物理-3-4模块】16一列沿x轴传播的简谐波，波速为4m/s，某时刻的波形图象如图所示此时x=8m处的质点具有正向最大速度，则再过4.5s（）ax=4 m处质点具有正向最大加速度bx=2 m处质点具有负向最大速度cx=0处质点一定有负向最大加速度dx=6 m处质点通过的路程为20 cm17（10分）（2013开封二模）图所示是一透明的圆柱体的横截面，其半径r=20cm，折射率为，ab是一条直径，今有一束平行光沿ab方向射向圆柱体，试求：光在圆柱体中的传播速度；距离直线ab多远的入射光线，折射后恰经过b点【物理-3-5模块】18（2015秋丹东校级月考）下列说法正确的是（）a卢瑟福由粒子散射实验提出了原子的核式结构b康普顿发现了电子c人类认识原子核的复杂结构是从天然放射现象开始的d射线是原子核外的电子电离形成的电子流，它具有中等的穿透能力e根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子动能增大，总能量增大f在光电效应的实验中，入射光的强度增大，光电子的最大初动能也增大19（2010抚顺模拟）如图所示，光滑水平面上，轻弹簧两端分别拴住质量均为m的小物块a和b，b物块靠着竖直墙壁今用水平外力缓慢推a，使a、b间弹簧压缩，当压缩到弹簧的弹性势能为e时撤去此水平外力，让a和b在水平面上运动求：当弹簧达到最大长度时a、b的速度大小；当b离开墙壁以后的运动过程中，弹簧弹性势能的最大值2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高三（上）第一次考试物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1下列对物理学发展史的表述，其中观点正确的是（）a亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动b牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动c法拉第首先发现了电流的磁效应d伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去考点：物理学史 分析：依据物理学的发展史，和各个科学家对物理学的贡献，可以判定各个选项解答：解：a、亚里士多德重物比轻物下落快；力是维持物体运动的原因，物体受力就会运动，不再受力了，它总会逐渐停下来；物体受的力越大，速度就越大故a错误b、牛顿认为力改变物体运动状态的原因，力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动，故b正确c、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故c错误d、伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去，故d正确故选：bd点评：本题关键在于平时的积累，对课本提到的各个定律，各种现象，要知道做出这个贡献的科学家2以下是物理学中的四个实验装置或仪器，由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是（）a极限的思想方法b猜想的思想方法c控制变量的方法d放大的思想方法考点：物体的弹性和弹力；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定 分析：根据各实验的原理可得出实验中应用的物理思想方法解答：解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化而放大；引力大小仍是借助于光的反射来放大螺旋测微器将本来很小的距离放大在转动部分上，故这些实验本采用了放大的思想方法；故选：d点评：对于物理问题应透过现象去分析本质，要寻找出问题的相似性3关于曲线运动，下列说法正确的有（）a做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动b做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变c只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心d物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动考点：物体做曲线运动的条件 专题：物体做曲线运动条件专题分析：物体做曲线运动时，所受合外力的方向与速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力，也可以是变力，加速度可以是变化的，也可以是不变的平抛运动的物体所受合力是重力，加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力解答：解：a、无论是物体速度的大小变了，还是速度的方向变了，都说明速度是变化的，都是变速运动，做曲线运动的物体的速度方向在时刻改变，所以曲线运动一定是变速运动所以a正确b、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，但合外力方向不一定变化，如平抛运动，故b错误c、物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力，指向圆心的合力是向心力故c错误；d、匀速圆周运动受到的向心力是始终指向圆心的，合力垂直于初速度方向的方向，并不一定始终与速度的方向垂直，比如平抛运动的受力就是这样，所以d错误故选a点评：本题主要是考查学生对物体做曲线运动的条件、圆周运动特点的理解，涉及的知识点较多，是一道比较好的题目4据媒体报道，嫦娥二号卫星环月工作轨道为圆轨道，轨道高度200km，运动周期127分钟若还知道引力常量和月球平均半径，仅利用以上条件不能求出的是（）a月球表面的重力加速度b月球对卫星的吸引力c卫星绕月球运行的速度d卫星绕月运行的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：本题关键根据万有引力提供绕月卫星做圆周运动的向心力，以及月球表面重力加速度的表达式，列式求解分析解答：解：a、绕月卫星绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、月球质量为m，有g=m（）2（r月+h）地球表面重力加速度公式g月=联立可以求解出g月= 即可以求出月球表面的重力加速度；由于卫星的质量未知，故月球对卫星的吸引力无法求出；由v=可以求出卫星绕月球运行的速度；由a=（）2（r月+h）可以求出卫星绕月运行的加速度；本题要选不能求出的，故选：b点评：本题关键根据绕月卫星的引力提供向心力列式，再结合月球表面重力等于万有引力列式求解5运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为m、m，球拍平面和水平面之间的夹角为，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则（）a运动员的加速度为gtanb球拍对球的作用力c运动员对球拍的作用力为mgcosd若加速度大于gsin，球一定沿球拍向上运动考点：共点力平衡的条件及其应用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：由题，不计摩擦力，分析网球的受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律求解加速度和球拍对球的作用力；分析网球竖直方向的受力情况，判断球能否向上运动解答：解：a、b、c对网球：受到重力mg和球拍的支持力n，作出力图如图，根据牛顿第二定律得： nsin=ma ncos=mg解得，a=gtan，n=，故a正确、b正确；以球拍和球整体为研究对象，如图2，根据牛顿第二定律得： 运动员对球拍的作用力为f=，故c错误d、当agtan时，网球将向上运动，由于gsin与gtan的大小关系未知，故球不一定沿球拍向上运动故d错误故选：ab点评：本题是两个作用下产生加速度的问题，分析受力情况是解答的关键，运用正交分解，根据牛顿第二定律求解6如图所示，闭合开关s后，a灯与b灯均发光，当滑动变阻器的滑片p向左滑动时，以下说法中正确的是（一直a、b两灯电阻均大于电源内阻）（）aa灯变暗bb灯变暗c电源的输出功率先变大后减小d电源的总功率可能增大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：滑动变阻器滑片p向左移动时，变阻器在路电阻增大，分析电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，判断灯泡b亮度的变化；当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大灯炮b的电阻大于电源的内阻，当r增大时，电源的输出功率减小变阻器两端电压增大，通过a灯的电流增大，a灯变亮解答：解：a、当滑动变阻器滑片p向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻r总增大，干路电流i减小，b灯变暗，电源的内电压减小，路端电压增大，b的电压减小，所以a的电压增大，a灯变亮故a错误，b正确；c、当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大灯炮b的电阻大于电源的内阻，当r增大时，电源的输出功率减小，故c错误d、电源的总功率p=ei，电流减小，总功率减小故d错误故选：b点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总电阻、总电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析7（多选）如图所示，实线的两点电荷形成的电场线，若不计重力的带电粒子从c点运动到d点，轨迹如图虚线所示，则下列说法中正确的是（）a由c到d过程中电场力对带电粒子做正功b由c到d过程中带电粒子动能减小c粒子带正电da电荷的电荷量大于b电荷的电荷量考点：电场线 分析：据带正电粒子仅在电场力作用下从c点运动到d点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，从而判断b处是负电荷，a处是正电荷；再根据电场线的特点分析即可解答：解：a、b、据电场线的分布情况可知，带电粒子从c到d的过程中，电场力的方向与运动方向小于90，电场力对其做正功，电势能减小，动能增大故a正确，b错误；c、据带电粒子仅在电场力作用下从c点运动到d点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，结合某点的切线方向，即为速度方向，从而判断粒子带正电，故c正确；d、据电场线的疏密程度可知，a电荷的电荷量大于b电荷的电荷量；故d正确故选：acd点评：弄清电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及间的关系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化8质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面下列说法中正确的是（）a物体的重力势能减少mghb物体的机械能减少mghc物体的动能增加mghd重力做功mgh考点：功能关系 分析：物体以g的加速度向下运动，对物体受力分析可知，物体受到重力之外，一定还受到向上的拉力的作用，根据力对物体的做功的情况，可以分析物体的能量的变化的情况解答：解：设物体所受的阻力大小为f对物体，由牛顿第二定律得 mgf=m，所以f=mgad、物体下降h时，重力做的功为mgh，所以物体的重力势能减少mgh，故a、d错误；b、物体下降h时，阻力做的功为fh=mgh，所以物体的机械能减少mgh，故b正确；c、由动能定理可得，w总=ek，即物体的动能增加ek=mah=mgh，故c正确；故选：bc点评：本题的关键要的掌握常见的功与能的关系：重力做功是重力势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度9一交流发电机的线圈电阻为1，将其输出端接在电阻为10的电阻丝上，其输出电压从某时刻开始随时间变化的图象如图所示，则（）a线圈转动的角速度为100rad/sb交流发电机的电动势最大值为200vc电阻丝的发热功率为2kwd若将此发电机接在匝数比为1：2的理想变压器上可使输出频率提高1倍考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：由图象知输出电压的峰值和周期，可以得出有效值和频率，变压器不能改变交流电的频率解答：解：a、根据得=100rad/s，a项错误；b、图象中输出电压最大值为200v，由于线圈有内阻，则其电动势最大值大于200v，b项错误；c、电阻丝的发热功率为=2kw，c项正确；d、理想变压器可以改变输出电压，不能改变输出频率，d项错故选c点评：本题考查了交流电的产生原理，注意要与闭合电路的欧姆定律相结合才能解决此类问题10（多选）两磁感应强度均为b的匀强磁场区i、，方向如图所示，两区域中间为宽为s的无磁场区，有一边长为l（ls）电阻为r的均匀正方形金属线框abcd置于区域i，ab边与磁场边界平行，现拉着金属线框以速度v向右匀速运动，则（）a当ab边刚进入中央无磁场区域时，ab两点间电压为bab边刚进入磁场区域时，通过ab边的电流大小为，方向abc把金属线框从区域i完全拉入区域的过程中，拉力所做功为（2ls）d当cd边刚出区域i到刚进入区域的过程中，回路中产生的焦耳热为（ls）考点：导体切割磁感线时的感应电动势 分析：金属框从区域完全拉入区域过程可以分成三段研究：第一段ab在区运动，第二段ab在，cd在区运动，第三段cd在区运动根据欧姆定律、安培力等知识求解解答：解：a、当ab边进入中央无磁场区域时，ab两点间电压 u=e=blv故a错误b、当ab边刚进入磁场区域时，ab边和cd边产生的感应电动势都是blv，总电动势为2blv，通过ab边的电流大小 i=，方向ab，故b正确c、金属框从区域完全拉入区域过程中，拉力所做功 w=2s+=（2ls）故c正确d、当cd边刚出区域到刚进入区域的过程中，ab边切割磁感线，回路中有感应电流产生，则回路中产生的焦耳热为q=s故d错误故选：bc点评：本题要注意的是当ab边刚进入磁场区域iii时，ab、cd都切割磁感线产生两个感应电动势，而且串联，电路中的总电动势为e总=2e=2blv二、实验题（共22分，每空2分）11关于“测定匀变速直线运动的加速度”的实验：（1）实验中，除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有ac（填选项代号）a电压合适的50hz交流电源 b电压可调的直流电源c刻度尺 d秒表 e天平（2）对于减小实验误差来说，采取下列方法中正确的有acda选取记数点，把每打五个点的时间间隔作为一个时间单位b使小车运动的加速度尽量小些c舍去纸带上密集的点，只利用点迹清晰，点间间隔适当的那一部分进行测量、计算d选用各处平整程度，光滑程度相同的长木板做实验e实验时尽量让小车靠近打点计时器，释放小车后再打开打点计时器电源考点：测定匀变速直线运动的加速度 专题：实验题分析：根据实验的原理确定需要测量的物理量，从而确定所需的器材实验误差是实验测量值（包括直接和间接测量值）与真值（客观存在的准确值）之差；根据实验误差的性质及产生的原因，可将误差分为系统误差、随机误差解答：解：（1）实验中，除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下列的器材中，必须使用的有电压合适的50hz交流电源给打点计时器供电，需要用刻度尺测量计数点之间的距离处理数据，故选：ac（2）a、选取计数点，把每打5个点的时间间隔作为一个时间单位，则实际间隔为0.1s，计算结果为整数，有利于减小误差，故a正确；b、小车运动的加速度大小与误差大小无关，故b错误；c、舍去纸带上密集的点，只利用点迹清晰、点间间隔适当的一部分进行测量、计算，便于减小测量误差，故c正确；d、选用各处平整程度、光滑程度相同的长木板做实验，则小车做直线运动，长度测量误差小，故d正确；e、实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，同时要求开始小车要靠近打点计时器，故e错误；故选：acd故答案为：（1）ac，（2）acd点评：掌握实验原理，明确需要测量的数据，了解各实验仪器的应用，尤其是明确打点计时器的工作原理以及具体应用要减小实验误差，应从误差产生的来源进行分析，从而采取措施，本实验主要从如何打好纸带和如何较准确地测量距离、实验器材的选取等几个方面来考虑12在做“研究匀变速直线运动”的实验中，得到一条纸带，如图所示，a、b、c、d、e为5个计数点，若相邻两个计数点之间还有4个自然点没有标出，则拖动纸带的小车运动的加速度约为1.2m/s2；打点计时器打a点时小车运动的速度大约为0.06m/s；若由于某种原因而漏打了c点，则c点的位置应距a点3.60cm处（图上数据单位为厘米）考点：探究小车速度随时间变化的规律 专题：实验题；直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动 连续相等的时间间隔内位移之差为常数，求出bc和cd间的距离；根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小解答：解：匀变速直线运动的推论公式x=at2求得：a=1.2m/s2再据匀变速直线运动的推论公式x=at2求：xbc=1.20cm+1.20cm=2.40cm 所以c据a的距离为：xab+xbc=1.20m+2.40m=3.60m据匀变速直线运动的推论可知：vb=0.18m/s再据vb=va+at得：va=0.18m/s0.11.2m/s=0.06m/s故答案为：1.2，0.06，3.60点评：有纸带处理的力学实验，通常都要求解瞬时速度和加速度，是基本问题，一定要掌握13（12分）（2015浙江校级二模）要测量一只量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：a待测电压表v（量程3v，内阻未知）b电流表a（量程3a，内阻0.01）c定值电阻r（阻值2k，额定电流50ma）d蓄电池e（电动势略小于3v，内阻不计）e多用电表f开关k1、k2，导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：首先，用多用电表进行粗测，选用100倍率，操作方法正确若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是3k为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图所示的乙、丙实验电路，你认为其中较合理的电路图是丙其理由是乙图中电流表的示数太小，误差太大丙图中r的阻值与电压表阻值接近，误差小在图丁中，根据你选择的电路把实物连接好用你选择的电路进行实验时，请简述实验步骤：闭合k1再闭合k2，读得电压表示数u1再断开k2，读得电压表示数u2；用上述所测量的符号表示电压表的内阻rv=考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：根据选择倍率求出测量的结果；电阻大，乙图中电流示数太小，误差大，丙图较合理；开关2 闭合时的电压为电动势，断开时二者串联解答：解：选用100倍率，读数为30100=3k较为合理的是丙图，因为电阻较大，乙图中电流表的示数太小，误差太大，丙图中r的阻值与电压表阻值接近，误差小；实物图：需要直接测量的物理量是 k2闭合、断开时伏特表读数u1和u2；k2闭合时，示数u1相当于电动势，断开时，二者串联，电流相等，即=，所以 rv= 故答案为：（1）3000；（2）丙；乙图中电流表的示数太小，误差太大丙图中r的阻值与电压表阻值接近，误差小（3）实物图连接如右图所示：（4）实验步骤：闭合k1再闭合k2，读得电压表示数u1；再断开k2，读得电压表示数u2rv=点评：本题考查了欧姆表的使用方法，电路的选择，要根据实际情况分析不同的电路图误差的原因及误差大小，选择最佳电路图，难度稍大三、计算题（共23分）14如图所示，位于竖直平面内的光滑轨道，由一段斜的直轨道与之相切的圆形轨道连接而成，圆形轨道的半径为r一质量为m的小物块从斜轨道上某处由静止开始下滑，然后沿圆形轨道运动要求物块能通过圆形轨道最高点，且在该最高点与轨道间的压力不能超过5mg（g为重力加速度）求物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度h的取值范围考点：机械能守恒定律；向心力 分析：要求物块相对于圆轨道底部的高度，必须求出物块到达圆轨道最高点的速度，在最高点物体做圆周运动的向心力由重力和轨道对物体的压力提供，当压力恰好为0时，h最小；当压力最大时，h最大解答：解：若物体恰好能够通过最高点，则有mg=m解得v1=初始位置相对于圆轨道底部的高度为h1，则根据机械能守恒可得mgh1=2mgr+解得h1=当小物块对最高点的压力为5mg时，有5mg+mg=解得v2=初始位置到圆轨道的底部的高度为h2，根据机械能守恒定律可得mgh2=2mgr+解得h2=5r故物块的初始位置相对于圆轨道底部的高度的范围为点评：物体在竖直平面内做圆周运动的过程中在最高点的最小速度必须满足有mg=m，这是我们解决此类问题的突破口15（14分）（2015春大连校级期末）如图所示，长l=1.5m，高h=0.45m，质量m=10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动当木箱的速度v0=3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力f=50n，并同时将一个质量m=1kg的光滑小球轻放在距木箱右端的p点（小球可视为质点，放在p点时相对于地面的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计取g=10m/s2求：（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；（2）通过计算说明小球是从木箱左端还是右端掉下（3）小球离开木箱时木箱的速度考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）小球离开木箱后做自由落体运动，根据位移时间关系可以求得时间；（2）对木箱受力分析，求出加速度，可以根据速度时间关系公式和位移时间关系公式分别求出位移和时间；从而明确从哪端滑下；（3）先对木箱受力分析，根据牛顿第二定律求得加速度，然后可以先根据位移时间关系公式求得时间，再根据速度时间公式求末速度，也可以直接根据速度位移关系公式求末速度解答：解：（1）木箱上表面的摩擦不计，因此小球在离开木箱前相对地面处于静止状态，离开木箱后将作自由落体运动由，得：小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为0.3s（2）小球放到木箱后，木箱的加速度为：木箱向右运动的最大位移为：小球放上p点后，木箱向右运动的最大位移为0.9mx1小于1m，所以小球不会从木箱的左端掉下（3）木箱向左运动的加速度为：设木箱向左运动的距离为x2时，小球脱离木箱，则：设木箱向左运动的时间为t2，则：由得：所以，小球离开木箱的瞬间，木箱的速度方向向左，大小为：v2=a2t2=2.81=2.8m/s；答：（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为0.3s；（2）木块从右端滑下；（3）小球离开木箱时木箱的速度为2.8m/s点评：本题考查牛顿第二定律的应用；关键对分向右减速和向左加速两过程对木箱受力分析后求得加速度，然后根据运动学公式求解待求量选修部分（共15分）【物理-3-4模块】16一列沿x轴传播的简谐波，波速为4m/s，某时刻的波形图象如图所示此时x=8m处的质点具有正向最大速度，则再过4.5s（）ax=4 m处质点具有正向最大加速度bx=2 m处质点具有负向最大速度cx=0处质点一定有负向最大加速度dx=6 m处质点通过的路程为20 cm考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 专题：振动图像与波动图像专题分析：由x=8m处的质点的振动方向可确定波的传播方向由图读出波长，根据v=f 求解周期，再由4.5s与时间的关系来确定质点的速度，加速度及路程情况解答：解：据题意，图示时刻x=8m处的质点具有正向最大速度，则波向x轴负方向传播由v=，则该波的周期 t=s=2s，因为 n=，所以再经过4.5s，则波向x轴负方向传播了的时间可知：a、图示时刻x=0处质点速度向上，再经过4.5s，处于波峰位置，具有负向最大加速度，故a正确；b、再经过4.5s，x=2m处质点，处于平衡位置且向下运动，速度最大，即质点具有负向最大速度，故b正确；c、图示时刻x=0处质点速度向上，再经过4.5s，处于波峰位置，具有负向最大加速度，故c正确；d、再经过4.5s，x=6m处质点，处于平衡位置，通过的路程为24a+a=18cm，故d错误故选：abc点评：由质点的振动方向判断出波的传播方向是关键；要能根据时间与周期的关系，分析质点的振动状态是解题的核心17（10分）（2013开封二模）图所示是一透明的圆柱体的横截面，其半径r=20cm，折射率为，ab是一条直径，今有一束平行光沿ab方向射向圆柱体，试求：光在圆柱体中的传播速度；距离直线ab多远的入射光线，折射后恰经过b点考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：（1）光在介质中的速度v=，c=3108m/s，n=（2）作出光路图，由几何知识分析得到，入射角等于折射角的2倍，由折射定律求出入射角由数学知