山西省朔州市怀仁一中高二物理上学期期末试卷（含解析）.doc

2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高二（上）期末物理试卷一、选择题1一个电容器的规格是“10f、50v”则（）a这个电容器加上50v电压时，电容量才是10fb这个电容器的最大电容量为10f，带电荷量较少时，电容量小于10fc这个电容器上加的电压不能低于50vd这个电容器的电容量总等于10f2电阻r和电动机m相串联接到电路中，如图所示，已知电阻r跟电动机线圈的电阻相等，电键接通后，电动机正常工作，设电阻r和电动机两端的电压分别为u1和u2，经过时间t，电流通过电阻r做功w1，产生的电热q1，电流通过电动机m作功w2，产生的电热q2，则有（）au1=u2，q1=q2bw1=w2，q1=q2cw1w2，q1q2dw1w2，q1=q23如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的ui图象，则下列说法正确的是（）a电动势e1=e2，发生短路时的电流i1i2b电动势e1=e2，内阻r1r2c电动势e1=e2，内阻r1r2d电流相同时，电源1的输出功率大4小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个r=10的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法正确的是（）a交变电流的周期为0.125sb交变电流的频率为8hzc交变电流的有效值为ad交变电流的最大值为4a5如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙的绝缘杆上，整个装置处于方向如图所示的匀强磁场中，现给滑环一个水平向右的瞬时作用力，使其开始运动，则滑环在杆上的运动情况不可能的是（）a始终做匀速运动b始终做减速运动，最后静止于杆上c先做加速运动，最后做匀速运动d先做减速运动，最后做匀速运动6一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面，规定向里为正方向，在磁场中有一金属圆环，圆环平面位于纸面内，如图1所示现令磁感应强度b随时间t变化，先按如图2所示的oa图线变化，后来又按照图线bc、cd变化，令e1、e2、e3分别表示这三段变化过程中的感应电动势的大小，i1、i2、i3分别表示对应的感应电流，则（）ae1e2，i1沿逆时针方向，i2沿顺时针方向be1e2，i1沿逆时针方向，i2沿顺时针方向ce1e2，i2沿顺时针方向，i3沿顺时针方向de3=e2，i2沿顺时针方向，i3沿逆时针方向7地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，一个带电油滴沿着一条与竖直方向成角的直线mn运动如图所示，由此可以判断（）a油滴一定做匀速运动b油滴一定做匀变速运动c如果油滴带正电，它是从m点运动到n点d如果油滴带正电，它是从n点运动到m点8设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自a点沿曲线acb运动，到达b点时速度为零，c点是运动的最低点，忽略重力，以下说法中正确的是（）a这离子必带正电荷ba点和b点位于同一高度c离子在c点时速度最大d离子到达b点后，将沿原曲线返回a点9如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路虚线mn右侧有磁感应强度为b的匀强磁场方向垂直于回路所在的平面回路以速度v向右匀速进入磁场，直径cd始终与mn垂直从d点到达边界开始到c点进入磁场为止，下列结论正确的是（）a感应电流方向不变bcd段直线始终不受安培力c感应电动势最大值e=bavd感应电动势平均值=bav10水平放置的金属框架cdef处于如图所示的匀强磁场中，金属棒ab置于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则（）aab中电流增大，ab棒所受摩擦力也增大bab中电流不变，ab棒所受摩擦力也不变cab中电流不变，ab棒所受摩擦力增大dab中电流增大，ab棒所受摩擦力不变11如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒pq、mn，当pq在外力作用下运动时，mn在磁场力作用下向右运动则pq所做的运动可能是（）a向右匀加速运动b向左匀加速运动c向右匀减速运动d向左匀减速运动12如图所示，在竖直虚线mn和mn之间区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场，一带电粒子（不计重力）以初速度v0由a点垂直mn进入这个区域，带电粒子沿直线运动，并从c点离开场区如果撤去磁场，该粒子将从b点离开场区；如果撤去电场，该粒子将从d点离开场区则下列判断正确的是（）a该粒子由b、c、d三点离开场区时的动能相同b该粒子由a点运动到b、c、d三点的时间均不相同c匀强电场的场强e与匀强磁场的磁感应强度b之比d若该粒子带负电，则电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向外二、实验题13（2013中山市校级四模）在“测定金属的电阻率”的实验中，提供的电源是一节内阻可不计的干电池，被测金属丝的直径小于1mm，长度约为80cm，阻值约为3，使用的电压表有3v（内阻约为3k）和15v（内阻约为15k）两个量程，电流表有0.6a（内阻约为0.1）和3a（内阻约为0.02）两个量程，供限流用的滑动变阻器有：a.010；b.0100；c.01 500三种，可供选择的实验电路有如图1所示的甲、乙两种，用螺旋测微器测金属丝的直径如图2所示，则：（1）螺旋测微器的示数是mm（2）为减小电阻的测量误差，应选用图所示的电路（3）为了使测量便于调节，应选用编号为的滑动变阻器（4）电压表的量程应选用v（5）电流表的量程应选用a14（2015秋朔州校级期末）某同学在探究规格为“6v，3w”的小灯泡伏安特性曲线实验中：在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，则应将选择开关旋至档进行测量（填选项前的字母）a直流电压10v b直流电流5mac欧姆100 d欧姆1该同学采用图甲所示的电路进行测量图中r为滑动变阻器（阻值范围020，额定电流1.0a），l为待测小灯泡，为电压表（量程6v，内阻约20k），为电流表（量程0.6a，内阻约1），e为电源（电动势8v，内阻不计），s为开关在实验过程中，开关s闭合前，滑动变阻器的滑片p应置于最端；（填“左”或“右”）在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关s后，无论如何调节滑片p，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是点至点的导线没有连接好；（图甲中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图甲中的数字，如“2点至 3点”的导线）该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图乙所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而（填“不变”、“增大”或“减小”）三、计算题15（2015秋朔州校级期末）如图所示，板长l=4cm的平行板电容器，板间距离d=3cm，板与水平夹角=37，两板所加电压为u=100v，有一带负电液滴，带电荷量为q=31010c，以v=1m/s的水平速度自a板边缘水平进入电场，在电场中仍沿水平方向并恰好从b板边缘水平飞出g取10m/s2，求（1）液滴的质量；（2）液滴飞出时的速度16（2006天津）在以坐标原点o为圆心、半径为r的圆形区域内，存在磁感应强度大小为b、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，如图所示一个不计重力的带电粒子从磁场边界与x轴的交点a处以速度v沿x方向射入磁场，它恰好从磁场边界与y轴的交点c处沿+y方向飞出 （1）请判断该粒子带何种电荷，并求出其比荷；（2）若磁场的方向和所在空间范围不变，而磁感应强度的大小变为b，该粒子仍从a处以相同的速度射入磁场，但飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了60角，求磁感应强度b多大？此次粒子在磁场中运动所用时间t是多少？17（2013木里县校级模拟）如图，两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距离为l1电阻不计在导轨上端并接两个额定功率均为p、电阻均为r的小灯泡整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒mn从图示位置由静止开始释放金属棒下落过程中保持水平，且与导轨接触良好已知某时刻后两灯泡保持正常发光重力加速度为g求：（1）磁感应强度的大小：（2）灯泡正常发光时导体棒的运动速率2015-2016学年山西省朔州市怀仁一中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1一个电容器的规格是“10f、50v”则（）a这个电容器加上50v电压时，电容量才是10fb这个电容器的最大电容量为10f，带电荷量较少时，电容量小于10fc这个电容器上加的电压不能低于50vd这个电容器的电容量总等于10f【考点】电容器【专题】电容器专题【分析】电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关，仅有电容器本身决定【解答】解：a、电容器的电容与电容器板间电压无关，加电压或不加电压、电荷量多或少时，电容都是10f故ab错误d正确c、50v是电容器的耐压值，这个电容器上加的电压不能高于50v故c错误故选：d【点评】电容表征电容容纳电荷的本领大小，与板间电压和电量无关，对于给定的电容器，电容是一定的，电量与电压成正比2电阻r和电动机m相串联接到电路中，如图所示，已知电阻r跟电动机线圈的电阻相等，电键接通后，电动机正常工作，设电阻r和电动机两端的电压分别为u1和u2，经过时间t，电流通过电阻r做功w1，产生的电热q1，电流通过电动机m作功w2，产生的电热q2，则有（）au1=u2，q1=q2bw1=w2，q1=q2cw1w2，q1q2dw1w2，q1=q2【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】开关接通后，电动机正常工作，其电路非纯电阻电路，电动机两端的电压大于线圈电阻与电流的乘积而电阻r是纯电阻，其两端电压等于电阻与电流的乘积根据焦耳定律研究热量关系【解答】解：设开关接通后，电路中电流为i对于电阻r，由欧姆定律得：u1=ir对于电动机，u2ir，则有：u1u2根据w=uit，有：w1w2根据焦耳定律得：q1=i2rt，q2=i2rt，则q1=q2故d正确；故选：d【点评】本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用3如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的ui图象，则下列说法正确的是（）a电动势e1=e2，发生短路时的电流i1i2b电动势e1=e2，内阻r1r2c电动势e1=e2，内阻r1r2d电流相同时，电源1的输出功率大【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】由图象纵坐标的截距可求得电源的电动势；由横坐标的截距可求得短路电流，则求得内阻的关系；由p=ui可求出电源的输出功率大小【解答】解：由图可知，两图象的与纵坐标的交点相同，说明两图象所表示的电源的电动势相同；由图可知，1的短路电流大于2的短路电流i1i2，故a正确；则由r=可知，内电阻r1r2，故c正确，b错误；当电流相同时，由图可知1的路端电压大于2的路端电压，故由p=ui可知，电源1的输出功率大于2的输出功率；故d正确故选：acd【点评】本题考查学生对电学图象的认识，对于ui图象，重点在于明确图象的截距及斜率的意义4小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个r=10的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法正确的是（）a交变电流的周期为0.125sb交变电流的频率为8hzc交变电流的有效值为ad交变电流的最大值为4a【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【专题】交流电专题【分析】从图象中可以求出该交流电的最大电压以及周期等物理量，然后根据最大值与有效值以及周期与频率关系求解【解答】解：a、由图可知，交流电周期t=0.250s，故a错误；b、交流电周期t=0.250s，交变电流的频率为f=4hz，故b错误；c、由图可知，交流电的最大电压um=20v，所以交变电流的最大值为im=2a，所以交变电流的有效值为i=a，故c正确，d错误；故选：c【点评】本题考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解5如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙的绝缘杆上，整个装置处于方向如图所示的匀强磁场中，现给滑环一个水平向右的瞬时作用力，使其开始运动，则滑环在杆上的运动情况不可能的是（）a始终做匀速运动b始终做减速运动，最后静止于杆上c先做加速运动，最后做匀速运动d先做减速运动，最后做匀速运动【考点】带电粒子在混合场中的运动；洛仑兹力【分析】给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，根据洛伦兹力和重力的大小关系，结合牛顿第二定律判断滑环的运动【解答】解：a、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做匀速直线运动故a是可能的 b、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零故b是可能的 c、滑环在水平方向上受到摩擦力，不可能加速运动故c是不可能的 d、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动故d是可能的本题选择不可能的，故选：c【点评】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据物体的受力判断物体的运动情况6一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面，规定向里为正方向，在磁场中有一金属圆环，圆环平面位于纸面内，如图1所示现令磁感应强度b随时间t变化，先按如图2所示的oa图线变化，后来又按照图线bc、cd变化，令e1、e2、e3分别表示这三段变化过程中的感应电动势的大小，i1、i2、i3分别表示对应的感应电流，则（）ae1e2，i1沿逆时针方向，i2沿顺时针方向be1e2，i1沿逆时针方向，i2沿顺时针方向ce1e2，i2沿顺时针方向，i3沿顺时针方向de3=e2，i2沿顺时针方向，i3沿逆时针方向【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】由法拉第电磁感应定律可得出三者感应电动势的大小关系；由楞次定律可得出三段过程中电流的方向【解答】解：由法拉第电磁感应定律可知e=n，由图知应有第1段中磁通量的变化率较小，而bc、cd两段中磁通量的变化率相同，故有e1e2=e3由楞次定律可判断出i1沿逆时针方向，i2与i3均沿顺时针方向故ad均错误；bc正确；故选：bc【点评】本题考查法拉第电磁感应定律及楞次定律的应用，注意在bt图中同一条直线磁通量的变化率是相同的7地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，一个带电油滴沿着一条与竖直方向成角的直线mn运动如图所示，由此可以判断（）a油滴一定做匀速运动b油滴一定做匀变速运动c如果油滴带正电，它是从m点运动到n点d如果油滴带正电，它是从n点运动到m点【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】对带电粒子进行受力分析，受到竖直向下的重力，水平方向的电场力和垂直于虚线的洛伦兹力，由于带电粒子做直线运动，所以洛伦兹力只能垂直于直线向上，从而可判断粒子的电性（带负电），同时可知电场力的方向向左，再根据各力的做功情况，即可判断各选项的正误【解答】解：油滴做直线运动，受重力、电场力和洛伦兹力作用，因为重力和电场力均为恒力，根据物体做直线运动条件可知，粒子所受洛伦兹力亦为恒力据f=qvb可知，粒子必定做匀速直线运动，故a正确b错误根据做直线运动的条件和受力情况（如图所示）可知，如果油滴带正电，由左手定则判断可知，油滴的速度从m点到n点，故c正确，d错误故选ac【点评】带电粒子在重力场、电场、磁场的复合场中，只要是做直线运动，一定是匀速直线运动（v与b不平行）若速度是变的，洛伦兹力会变，合力就是变的，合力与速度不在一条直线上，带电体就会做曲线运动8设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自a点沿曲线acb运动，到达b点时速度为零，c点是运动的最低点，忽略重力，以下说法中正确的是（）a这离子必带正电荷ba点和b点位于同一高度c离子在c点时速度最大d离子到达b点后，将沿原曲线返回a点【考点】带电粒子在混合场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】（1）由离子从静止开始运动的方向可知离子必带正电荷；（2）在运动过程中，洛伦兹力永不做功，只有电场力做功根据动能定理即可判断bc；（3）达b点时速度为零，将重复刚才acb的运动【解答】解：a离子从静止开始运动的方向向下，电场强度方向也向下，所以离子必带正电荷，a正确；b因为洛伦兹力不做功，只有静电力做功，a、b两点速度都为0，根据动能定理可知，离子从a到b运动过程中，电场力不做功，故a、b位于同一高度，b正确；cc点是最低点，从a到c运动过程中电场力做正功最大，根据动能定理可知离子在c点时速度最大，c正确；d到达b点时速度为零，将重复刚才acb的运动，向右运动，不会返回，故d错误故选abc【点评】本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中9如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路虚线mn右侧有磁感应强度为b的匀强磁场方向垂直于回路所在的平面回路以速度v向右匀速进入磁场，直径cd始终与mn垂直从d点到达边界开始到c点进入磁场为止，下列结论正确的是（）a感应电流方向不变bcd段直线始终不受安培力c感应电动势最大值e=bavd感应电动势平均值=bav【考点】楞次定律；安培力；法拉第电磁感应定律；导体切割磁感线时的感应电动势【专题】压轴题【分析】由楞次定律可判断电流方向，由左手定则可得出安培力的方向；由e=blv，分析过程中最长的l可知最大电动势；由法拉第电磁感应定律可得出电动势的平均值【解答】解：a、在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，a正确b、根据左手定则可以判断，受安培力向下，故b错误c、当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为a，这时感应电动势最大e=bav，c正确d、由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值，故d正确故选acd【点评】本题注意以下几点：（1）感应电动势公式只能来计算平均值；（2）利用感应电动势公式e=blv计算时，l应是等效长度，即垂直切割磁感线的长度10水平放置的金属框架cdef处于如图所示的匀强磁场中，金属棒ab置于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则（）aab中电流增大，ab棒所受摩擦力也增大bab中电流不变，ab棒所受摩擦力也不变cab中电流不变，ab棒所受摩擦力增大dab中电流增大，ab棒所受摩擦力不变【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；力的合成与分解的运用；安培力【专题】电磁感应中的力学问题【分析】磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，回路中产生恒定的电流，安培力f=bil，分析安培力的变化，由平衡条件即可判断摩擦力的变化【解答】解：磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变，ab棒所受的安培力f=bil，可知安培力f均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则摩擦力也均匀增大故c正确，abd均错误故选c【点评】本题关键根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势如何变化，即可判断感应电流和安培力的变化11如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒pq、mn，当pq在外力作用下运动时，mn在磁场力作用下向右运动则pq所做的运动可能是（）a向右匀加速运动b向左匀加速运动c向右匀减速运动d向左匀减速运动【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】mn在磁场力作用下向右运动，说明mn受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由m指向n，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；根据右手螺旋定则，与楞次定律可知pq的运动情况【解答】解：mn在磁场力作用下向右运动，说明mn受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由m指向n，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定则与楞次定律可知，pq可能是向左加速运动或向右减速运动故bc正确，ad错误故选：bc【点评】本题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电流的磁通量是由什么样的运动产生的12如图所示，在竖直虚线mn和mn之间区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场，一带电粒子（不计重力）以初速度v0由a点垂直mn进入这个区域，带电粒子沿直线运动，并从c点离开场区如果撤去磁场，该粒子将从b点离开场区；如果撤去电场，该粒子将从d点离开场区则下列判断正确的是（）a该粒子由b、c、d三点离开场区时的动能相同b该粒子由a点运动到b、c、d三点的时间均不相同c匀强电场的场强e与匀强磁场的磁感应强度b之比d若该粒子带负电，则电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向外【考点】带电粒子在混合场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】洛伦兹力不做功，不改变粒子的动能只有电场时，粒子水平方向做匀速直线运动，可得到时间与水平位移ac的关系；只有磁场时，粒子做匀速圆周运动，可得到时间与弧长的关系，即可比较时间关系带电粒子进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡根据左手定则判断磁场的方向【解答】解：a、洛伦兹力不做功，不改变粒子的动能，而电场力做正功，粒子的动能增大，则粒子由c、d两点离开场区时的动能相同，小于从b点离开场区的动能故a错误b、粒子在正交的电磁场中与只有电场时运动时间相等，为t1=；粒子在磁场中运动时间为t2=，由于，则知粒子在磁场中运动时间最长故b错误c、带电粒子进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡，则 qe=qv0b，得故c正确d、若该粒子带负电，则知电场方向竖直向下，由左手定则判断得知，磁场方向垂直于纸面向里故d错误故选c【点评】本题是带电粒子在电磁场中运动的问题，要加强洛伦兹力不做功的特点、左手定则等基本知识学习，基础题二、实验题13（2013中山市校级四模）在“测定金属的电阻率”的实验中，提供的电源是一节内阻可不计的干电池，被测金属丝的直径小于1mm，长度约为80cm，阻值约为3，使用的电压表有3v（内阻约为3k）和15v（内阻约为15k）两个量程，电流表有0.6a（内阻约为0.1）和3a（内阻约为0.02）两个量程，供限流用的滑动变阻器有：a.010；b.0100；c.01 500三种，可供选择的实验电路有如图1所示的甲、乙两种，用螺旋测微器测金属丝的直径如图2所示，则：（1）螺旋测微器的示数是0.806mm（2）为减小电阻的测量误差，应选用乙图所示的电路（3）为了使测量便于调节，应选用编号为a的滑动变阻器（4）电压表的量程应选用3v（5）电流表的量程应选用0.6a【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题；恒定电流专题【分析】本题（1）读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否量程；题（2）的关键是根据电动势大小来选择电压表的量程，通过求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程，根据待测电阻满足可知，电流表应用外接法；题（3）的关键是通过求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器【解答】解：（1）螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+30.60.01mm=0.806mm；（2）根据电源电动势为1.5v可知，电压表应选3v的量程；根据i=可求出通过待测电阻的最大电流为：，所以电流表应选0.6a的量程；由于待测电阻满足，可知电流表应用外接法，所以应选乙图所示的电路；（3）根据闭合电路欧姆定律可求出电路中需要的最大电阻为：，所以变阻器应选a；（4）根据（2）的分析可知，电压表应选3v的量程；（5）根据（2）的分析可知，电流表应选0.6a的量程故答案为：（1）0.806（2）乙（3）a（4）3（5）0.6【点评】应明确：应根据电源电动势的大小来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法；应根据电路中需要的最大电阻来选择变阻器14（2015秋朔州校级期末）某同学在探究规格为“6v，3w”的小灯泡伏安特性曲线实验中：在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，则应将选择开关旋至d档进行测量（填选项前的字母）a直流电压10v b直流电流5mac欧姆100 d欧姆1该同学采用图甲所示的电路进行测量图中r为滑动变阻器（阻值范围020，额定电流1.0a），l为待测小灯泡，为电压表（量程6v，内阻约20k），为电流表（量程0.6a，内阻约1），e为电源（电动势8v，内阻不计），s为开关在实验过程中，开关s闭合前，滑动变阻器的滑片p应置于最左端；（填“左”或“右”）在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关s后，无论如何调节滑片p，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是1点至5点的导线没有连接好；（图甲中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图甲中的数字，如“2点至 3点”的导线）该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图乙所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而增大（填“不变”、“增大”或“减小”）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）已知灯泡额定电压与额定功率，求出小电珠正常发光时的电阻，根据该电阻选择欧姆表挡位（2）滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前分压电路电压应最小，根据电路图确定滑片位置滑动变阻器采用分压接法，灯泡电压与电流可以从零开始变化，滑动变阻器采用限流接法时，电压与电流不可能从零开始变化根据图示图象，应用欧姆定律判断灯泡电阻如何变化【解答】解：小电珠正常发光时电阻为r=12，使用多用电表测电阻时，选择开关旋至欧姆1挡进行测量，故选：d由电路图可知，开关s闭合前，滑动变阻器的滑片p应置于最左端闭合开关s后，无论如何调节滑片p，电压表和电流表的示数总是调不到零，可能是1点到5点间的导线没有接好，滑动变阻器实际上被接成了限流接法由图乙所示小电珠iu图象，根据欧姆定律可知，其电阻随工作电压的增大而增大故答案为：d； 、左；、1；5；、增大【点评】使用多用电表测电阻时，应把选择开关打到欧姆档，并选择合适的倍率，使指针指在刻度盘的中央附近三、计算题15（2015秋朔州校级期末）如图所示，板长l=4cm的平行板电容器，板间距离d=3cm，板与水平夹角=37，两板所加电压为u=100v，有一带负电液滴，带电荷量为q=31010c，以v=1m/s的水平速度自a板边缘水平进入电场，在电场中仍沿水平方向并恰好从b板边缘水平飞出g取10m/s2，求（1）液滴的质量；（2）液滴飞出时的速度【考点】带电粒子在混合场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】（1）带负电液滴在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力的合力必定沿此直线方向，否则就做曲线运动根据力的合成，由重力与电场力的关系求解质量；（2）液滴运动过程中，重力不做功，只有电场力做功，根据动能定理求解微粒飞出时的动能【解答】解：（1）根据题意画出带电液滴的受力图如图所示，由图可得：qecos=mg，e=，解得：m=kg=8108kg（2）对液滴由动能定理得：qu=mv2解得：v=m/s1.32m/s答：（1）液滴的质量为8108kg；（2）液滴飞出时的速度约为1.32m/s【点评】本题是带电粒子在电场中运