河南省平顶山市鲁山一高高三物理上学期第一次月考试卷（含解析）.doc

2013-2014学年河南省平顶山市鲁山一高高三（上） 第一次月考物理试卷一、单项选择题（每题4分，共48分）1（4分）（2013春秦皇岛校级期末）做匀加速直线运动的物体先后通过a、b两点的速度分别为3v和4v，所经历的时间为t，则下列说法正确的是（）a经过a、b中点的速度为3.5vb经过a、b中间时刻的速度为vc再运动t时间通过的距离比a、b间距离大0.5vtd再运动t时间通过的距离比a、b间距离大vt考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系专题：直线运动规律专题分析：解决本题需要掌握：匀变速直线运动的时间中点和位移中点的速度公式，明确公式适用条件和物理量意义然后直接利用公式求解即可解答：解：a、在匀变速直线运动中中点位移的速度=5v，故a错误；b、在匀变速直线运动中中点时刻的速度=3.5v，故b错误；c、匀加速直线运动，相邻的相等时间内的位移差是一个定值，即x=at2，所以再运动t时间通过的距离比a、b间距离大=vt，故c错误，d正确故选d点评：本题考查了匀变速直线运动推论公式的应用，对于这些推论公式既要会推导也要明确其适用条件并能灵活应用2（4分）（2011兖州市三模）如图所示，质量为m的质点静止地放在半径为r的半球体上，质点与半球体间的动摩擦因数为，质点与球心的连线与水平地面的夹角为，则下列说法正确的是（）a地面对半球体的摩擦力方向水平向左b质点对半球体的压力大小为mgcosc质点所受摩擦力大小为mgsind质点所受摩擦力大小为mgcos考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以整体为研究对象可得出地面对半球体的摩擦力；以质点为研究对象，对质点进行受力分析，由共点力的平衡可得出质点受到的摩擦力及支持力，由牛顿第三定律可得出半球体受到的压力解答：解：a、以整体为研究对象，整体处于静止状态，而水平方向不受外力，故半球体不受地面的摩擦力；故a错误；b、对质点受力分析，质点受重力、支持力及摩擦力，三力作用下物体处于平衡状态，则合力为零，质点对球面的压力为mgsin，故b错误；c、摩擦力沿切线方向，在切线方向重力的分力与摩擦力相等，即f=mgcos，故c错误，d正确；故选d点评：对于圆面上的物体，此支持力沿径向方向，摩擦力沿切线方向3（4分）（2011秋平顶山月考）a、b、c三物体同时、同地、同向出发做直线运动，如图是它们位移时间图象，由图可知它们在0到t0时间内（）a平均速度va=vb=vcb平均速率vavcvbcc一定做匀变速直线运动da的速度一直比b、c大考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：由位移与时间的图象纵坐标的变化量读出位移关系，再根据平均速度公式判断平均速度的大小分析三个物体的运动情况，确定路程关系，再研究平均速率关系根据图线的斜率研究速度的大小及其变化解答：解：a、由图读出a、b、c三物体位移相同，经历的时间相同，由平均速度公式得到va=vb=vc故a正确b、根据图线的斜率等于速度分析可知：a先沿正方向做减速运动，后沿负方向做加速运动b一直沿正方向做匀速直线运动c一直沿正方向做加速运动三个物体通过的位移相同，则a通过的路程最大，b、c通过的路程相等，则a的平均速率最大，bc的平均速率相等，即有平均速率vavc=vb故b错误c、由于c图象不一定是抛物线，则c不一定做匀变速直线运动，故c错误d、由于a先做减速运动，速度减到零后做反向加速运动，故速度不可能一直比b、c要大故d错误故选：a点评：本题考查对位移图象的理解能力，关键要抓住：图线上某点的纵坐标表示一个位置，纵坐标的变化量表示位移，斜率表示速度4（4分）（2012春琅琊区校级月考）光滑的水平面上静止放置一个光滑的斜面体m，另有一个小物块m从斜面的顶端由静止滑下，在m沿斜面下滑的过程中，以下关于物块和斜面体构成的系统说法正确的是（）a动量守恒，机械能守恒b动量不守恒，机械能守恒c动量守恒，机械能不守恒d动量不守恒，机械能不守恒考点：动量守恒定律；机械能守恒定律分析：当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，当系统只有重力做功，系统机械能守恒解答：解：在m沿斜面下滑的过程中，m往后滑，m与m组成的系统，在竖直方向上所受的外力之和不为零，所以系统动量不守恒m下滑的过程中，m与m所组成的系统只有重力做功，所以机械能守恒故b正确，a、c、d错误故选b点评：解决本题的关键掌握系统动量守恒的条件，以及系统机械能守恒的条件5（4分）（2012春琅琊区校级月考）物块1、2放在光滑水平面上并用轻质弹簧秤相连，如图对物块施以方向相反的水平力f1、f2，且f1f2，当两物体相对静止时弹簧秤的示数为（）a一定等于f1+f2b一定等于f1f2c一定大于f2小于f1d以上说法都不对考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：先用整体法求出加速度，然后用隔离法隔离出物体1，运用牛顿第二定律求出弹簧的拉力解答：解：两个物体一起向左做匀加速直线运动，对两个物体整体运用牛顿第二定律，有：f1f2=（m+m）a，再对物体1受力分析，运用牛顿第二定律，得到：f1f=ma，由以上两式解得，由于f1大于f2，故f一定大于f2小于f1，故c正确，abd错误故选：c点评：本题关键是首先要认识到该题中的两个物体受力后不能在光滑的水平面上静止，而是一起做匀加速直线运动能否意识到这一点，与平时的对题目进行受力分析的习惯有关，要注意对大小的题目进行受力分析6（4分）（2008山东）直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，下列说法正确的是（）a箱内物体对箱子底部始终没有压力b箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大c箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大d若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重分析：根据箱子的受力的情况可以判断物体的运动状态，进而由牛顿第二定律可以判断物体和箱子之间的作用力的大小解答：解：a、由于箱子在下降的过程中受到空气的阻力，加速度的大小要小于重力加速度，由牛顿第二定律可知物体一定要受到箱子底部对物体的支持力的作用，所以a错误b、箱子刚从飞机上投下时，箱子的速度为零，此时受到的阻力的大小也为零，此时加速度的大小为重力加速度，物体处于完全失重状态，箱内物体受到的支持力为零，所以b错误c、箱子接近地面时，速度最大，受到的阻力最大，所以箱子底部对物体向上的支持力也是最大的，所以c正确d、若下落距离足够长，由于箱子阻力和下落的速度成二次方关系，最终将匀速运动，受到的压力等于重力，所以d错误故选：c点评：本题主要是考查根据物体的运动情况来分析物体受力的大小，物体运动状态的判断是解题的关键7（4分）（2012镜湖区校级四模）质量为m的物块在平行于斜面的力f作用下，从固定斜面的底端a由静止开始沿斜面上滑，经b点时速率为v，此时撤去f，物块滑回斜面底端时速率也为v，斜面倾角为，a、b间距离为x，则（）a整个过程中重力做功为mgxsinb整个过程中物块克服摩擦力做功为fxc上滑过程中克服重力做功为（fxmv2）d从撤去f到物块滑回斜面底端，摩擦力做功为mgxsin考点：动能定理的应用专题：压轴题；动能定理的应用专题分析：重力做功公式wg=mgh，h是初末位置的高度差根据动能定理研究整个过程，求解物块克服摩擦力做功分别对上滑和下滑过程研究，求解物块克服重力做功根据动能定理研究从撤去f到物块滑回斜面底端摩擦力做功解答：解：a、根据重力做功公式wg=mgh可知，整个过程中初末位置高度差为零，则重力做功为零故a错误b、对整个过程研究，根据动能定理得：fxwf=20，得到：物块克服摩擦力做功为wf=fx2故b错误c、设上滑过程中克服重力做功为wg，则根据动能定理得： 上滑过程：fxwgwf=0， 下滑过程：wgwf=联立两式得；wg=（fx+）故c错误d、从撤去f到物块滑回斜面底端过程，根据动能定理得： mgxsin+wf=，得到摩擦力做功为wf=mgxsin故d正确故选：d点评：本题根据功的公式和动能定理求解重力和摩擦力做功，要灵活选择研究的过程，采用分段法和全过程两种方法结合研究8（4分）（2011秋颍泉区校级月考）竖直固定的圆轨道，半径为r，内表面光滑，质量为m的小球静止于轨道最低点，现给小球水平初速度v0，同时另外施加一个竖直向下的恒力f=mg，若小球能到达圆轨道的最高点，则v0可能为（）abcd考点：向心力；牛顿第二定律专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：小球到达最高点的临界情况是轨道对球的弹力为零，根据牛顿第二定律求出最高点的最小速度，再根据动能定理求出最低点的最小速度解答：解：在最高点，有：f+mg=m，解得v=根据动能定理得，解得v0=，知最小速度为故d正确，a、b、c错误故选d点评：解决本题的关键知道最高点的临界情况，知道向心力的来源，结合牛顿第二定律和动能定理进行求解9（4分）（2013秋安阳县校级月考）如图所示，ab和cd是两条光滑斜槽，它们各自的两端分别位于半径为r和r的两个相切的竖直圆上，并且斜槽都通过切点p有一个小球由静止开始分别沿斜槽从a滑到b和从c滑到d，所用时间分别为t1和t2，则t1和t2之比为（）a2：1b1：1c：1d1：考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物体受力分析可知，小球在两条斜槽上的运动规律是一样的，只是加速度的大小和位移的大小不一样，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律可以求得它们各自的运动时间解答：解：对物体受力分析可知：当重物从a点下落时，重物受重力mg，支持力f，在沿斜面方向上加速度是a1，重力分解： mgcos30=ma1，解得 a1=g，根据公式：s=a1t12，得 s=2rcos30+2rcos30=（r+r）所以：t1=2，当重物从c点下滑时，受重力mg，支持力f，在沿斜面方向上加速度是a2，重力分解：mgcos60=ma2，解得 a2=，根据公式：s=a2t22，得s=2rcos60+2rcos60=r+rt2=2，所以t1=t2 ，故选：b点评：对于两种不同的情况，位移有大有小，它们之间的运动时间是什么关系？不能简单的从位移的大小上来看，要注意用所学的物理规律来推导10（4分）（2012春琅琊区校级月考）从倾角为的足够长的斜面顶端p以速度v0水平抛出一个小球，落在斜面上的q点，小球落在斜面上时的速度与斜面的夹角为，若把初速度变为2v0，则以下说法错误的是（）a空中的运动时间变为原来的2倍b水平位移变为原来的4倍c夹角与原来相同dpq间的距离变为原来的3倍考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：a、小球做平抛运动落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是定值，等于斜面倾角的正切值根据该关系求出运动的时间和什么因素有关，从而确定时间比b、根据水平方向做运动运动，可以求解水平位移的关系；c、物体落在斜面上，竖直方向上的位移与水平方向上的位移的比值是定值，根据几何关系可以求解夹角的关系；d、分别求出水平位移、竖直位移与原来的水平位移、竖直位移的关系，根据位移的合成原则求解解答：解：a、斜面倾角的正切值tan=，得：t=知运动的时间与平抛运动的初速度有关，初速度变为原来的2倍，则运行时间变为原来的2倍故a正确；b、因为初速度变为原来的两倍，运行的时间也变为原来的两倍，根据x=v0t，水平位移变为原来的4倍因此x1：x2=1：4故b正确；c、由图可知，tan=，而tan=，可知tan=2tan则初速度变为原来的两倍，则时间变为原来的两倍，速度与水平方向的夹角不变所以1=2故c正确；d、根据y=gt2，初速度变为原来的两倍，运行时间变为原来的两倍，则竖直位移变为原来的4倍因此y1：y2=1：4而x1：x2=1：4，又s=，所以pq间距一定大于原来间距的3倍，故d错误本题选错误的故选d点评：解决本题的关键知道球做平抛运动落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是定值，以及熟练掌握平抛运动的位移公式11（4分）（2012春琅琊区校级月考）有三个斜面1、2、3，其中斜面1、2底边相同，斜面2、3高度相同同一物体与三斜面的动摩擦因数相同，当它分别沿三斜面从顶端由静止下滑到底端，下列说法正确的是（）a三种情况下物体损失的机械能e3e2e1b三种情况下摩擦产热q1=q2q3c物体滑到底端时的速度v1v2=v3d以上说法都不正确考点：功能关系；动能定理分析：损失的机械能转化成摩擦产生的内能物体从斜面下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可以比较三者动能大小，注意物体在运动过程中克服摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，据此可以比较摩擦生热大小解答：解：设斜面和水平方向夹角为，斜面长度为x，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为：w=mgcosx，xcos即为底边长度a、b、d、物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能 转化成摩擦产生的内能由图可知1和2底边相等且等于3的，故摩擦生热关系为：q1=q2=q3，即：q1=q2=q3，所以损失的机械能e1=e2e3，q1=q2q3故a错误、b正确、d错误c、设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得：mghmgxcos=mv20，ek1=mgh1mgl，ek2=mghmgl，ek3=mghmg2l，根据图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时动能大小关系为：ek1ek2ek3，v1v2v3，故c错误故选：b点评：本题比较简单直接利用功能关系即可求解，易错点在于写出表达式后的数学运算，因此学生要加强练习，提高利用数学知识解决物理问题的能力12（4分）（2011秋平顶山月考）某行星和地球绕太阳公转的轨道均可视为圆，每过n年，该行星会运行到太阳和地球的连线的延长线上，如图，该行星与地球的公转轨道半径之比为（）a（）b（）c（）d（）考点：万有引力定律及其应用；向心力专题：万有引力定律的应用专题分析：由图可知行星的轨道半径大，那么由开普勒第三定律知其周期长，其绕太阳转的慢每过n年，该行星会运行到日地连线的延长线上，说明n年地球比行星多转1圈，即行星转了n1圈，从而再次在日地连线的延长线上，那么，可以求出行星的周期是年，接着再由开普勒第三定律求解该行星与地球的公转半径比解答：解：由图可知行星的轨道半径大，那么由开普勒第三定律知其周期长每过n年，该行星会运行到日地连线的延长线上，说明从最初在日地连线的延长线上开始，每一年地球都在行星的前面比行星多转圆周的n分之一，n年后地球转了n圈，比行星多转1圈，即行星转了n1圈，从而再次在日地连线的延长线上所以行星的周期是年，根据开普勒第三定律有：=，则：=，故c正确，abd错误故选：c点评：解答此题的关键由题意分析得出每过n年地球比行星多围绕太阳转一圈，由此求出行星的周期，再由开普勒第三定律求解即可二、实验题（13题4分，14题6分，15题6分，共16分）13（4分）（2011秋颍泉区校级月考）请读出下图：游标卡尺的读数为100.2mm，螺旋测微器的读数为3.207mm考点：螺旋测微器的使用；刻度尺、游标卡尺的使用专题：实验题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为100mm，游标读数为0.12mm=0.2mm，所以最终读数为100.2mm螺旋测微器固定刻度为3mm，可动刻度为0.0120.7=0.207mm，所以最终读数为3.207mm故答案为：100.2； 3.207点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读以及螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读14（6分）（2011秋颍泉区校级月考）在做牛顿第二定律实验时：（1）如图是某同学得到的一条纸带，从0点开始每5个计时点取一个计数点，依照打点的先后顺序依次编号为1、2、3、4、5、6，测得x1=5.18cm，x2=4.40cm，x3=3.62cm，x4=2.78cm，x5=2.00cm，x6=1.22cm根据纸带求得小车的加速度为0.80m/s2（结果保留两位有效数字） （2）在实验中另一同学得不出当小车的质量一定时加速度a与作用力f成正比的正确图线，而是得出下列图线请分别说出得出图中a、b、c三种图的原因得到a图的原因平衡摩擦力时，轨道倾角过大得到b图的原因平衡摩擦力不够，或未平衡摩擦力得到c图的原因未满足小车质量远远大于砂、桶总质量考点：验证牛顿第二运动定律专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，（2）a图象表明在小车的拉力为0时，合外力大于0，说明平衡摩擦力过度b图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，否则图象将会发生弯曲解答：解：（1）打点计时器的打点周期为0.02s，所以相邻两记数点间的时间间隔为：t=50.02=0.1s根据逐差法有：a=0.80m/s2，负号表示与运动方向相反（2）a图象表明在小车的拉力为0时，小车的加速度大于0，说明合外力大于0，说明平衡摩擦力过渡，即平衡摩擦力时，轨道倾角过大b图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够该实验中当小车的质量远大于砂、桶总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，随着f的增大，即随着钩码质量增大，逐渐的钩码质量不再比小车质量小的多，因此会出现较大误差，图象会产生偏折现象故答案为：（1）0.80（2）平衡摩擦力时，轨道倾角过大平衡摩擦力不够，或未平衡摩擦力未满足小车质量远远大于砂、桶总质量点评：（1）本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力（2）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和mm的操作和要求的含义15（6分）（2014春鞍山校级期末）探究能力是物理学研究的重要能力之一，有同学通过设计实验探究绕轴转动而具有的转动动能与哪些因素有关他以圆形砂轮为研究对象，研究其转动动能与质量、半径、角速度的具体关系砂轮由动力带动匀速旋转测得其角速度，然后让砂轮脱离动力，用一把弹性尺子与砂轮接触使砂轮慢慢停下，设尺子与砂轮间的摩擦力大小恒为牛（不计转轴与砂轮的摩擦），分别取不同质量、不同半径的砂轮，使其以不同的角速度旋转进行实验，得到数据如下表所示：（1）由上述数据推导出转动动能ek与质量m、角速度、半径r的关系式为（2）以上实验运用了物理学中的一个重要的实验方法是半径r/cm质量/m0角速度（rad/s）圈数转动动能/j4128413184143242216432244423281216121224161232考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题；摩擦力专题分析：（1）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法（2）砂轮受到摩擦力作用做减速运动最终停下来，克服摩擦力所做的功等于砂轮的动能，根据表中实验数据求出砂轮的动能；然后分析实验数据找出推导出转动动能ek与质量m、角速度、半径r的关系式解答：解：（1）砂轮停下时，砂轮边缘某点转过的弧长s=2n，其中n是砂轮转过的圈数，砂轮克服摩擦力做的功等于砂轮动能的变化量，由能量守恒率可知：ek=wf=fs=2n=20n（cm）=0.2n（m），实验时砂轮的动能如下表所示：半径r/cm质量/m0角速度（rad/s）圈数转动动能/j41281.60413183.60414326.40422163.20432244.80442326.40812163.201212244.801612326.40根据第一、二、三组数据，半径、质量相同，角速度不同，发现角速度变为原来的2倍，转动动能变为原来的4倍，角速度变为原来的倍，转动动能变为原来的倍，可知转动动能与角速度的二次方成正比根据第一、四组数据，半径、角速度相同，质量不同，发现质量变为原来的2倍，转动动能变为原来的2倍，可知转动动能与质量成正比由第七九两组数据可知，质量、角速度相同，半径不同，发现半径变为原来的2倍，转动动能变为原来的2倍，可知转动动能与半径的成正比，综上所述，转动动能与质量、半径成正比、与角速度的二次方成正比，表达式为：ek=km2r（k为比例系数）；（2）分析的过程中总要控制一些量不变，故答案为：控制变量法故答案为：（1）km2r；（2）控制变量法点评：研究某一物理量与几个量的关系时，必须控制其它量不变，去改变一个量，找出它们的关系，然后再控制其它量不变，再去改变一个量，再找出关系，依此类推，最终就能找出这一物理量与其他量的关系三、计算说明题16（10分）（2014春浉河区校级期末）一质量为2kg的物体（视为质点）从某一高度由静止下落，与地面相碰后（忽略碰撞时间）又上升到最高点，该运动过程的vt图象如图所示如果上升和下落过程中空气阻力大小相等，求：（1）物体上升的最大高度；（2）物体下落过程中所受的空气阻力的大小（取g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图象与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度，在下落和上升过程中运动牛顿第二定律即可求解物体下落过程中所受的空气阻力的大小解答：解：（1）由图象可知：上升的最大高度为h=s=（2）由图知，下落时 a1=8m/s2，上升时a2=12m/s2由牛顿第二定律得，下落时mgf=ma1上升时 mg+f=ma2联立可解：f=4n答：（1）物体上升的最大高度为1.5m；（2）物体下落过程中所受的空气阻力的大小为4n点评：牛顿运动定律和运动学公式结合是处理动力学问题常用的方法速度图象要抓住两个意义：斜率表示加速度，“面积”表示位移17（12分）（2014抚州校级模拟）带有斜轨道（足够高）的滑块c静止在平台右边，质量为3m，其左端静止放置一质量为2m的小物块b，质量为m的小物块a以速度v0和b发生弹性碰撞，不计一切摩擦，重力加速度为g，求：（1）碰后瞬间b的速度；（2）b在c上上升的最大高度考点：动量守恒定律；动能定理的应用专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：（1）设碰后b的速度为vb，根据碰撞过程中动量守恒及机械能守恒定律列式即可求解；（2）上升到最高时b、c的速度相同，根据动量守恒定律及动能定理即可求解上升的最大高度解答：解：（1）设碰后b的速度为vb，根据碰撞过程中动量守恒得：mv0=mva+2mvb根据机械能守恒定律得：=+解得：vb=（2）上升到最高时b、c的速度相同设为v，则2mvb=5mv2mgh=解得：h=答：（1）碰后瞬间b的速度为；（2）b在c上上升的最大高度为点评：本题主要考查了动量守恒、动能定理、机械能守恒定律的应用，知道上升到最高时b、c的速度相同，难度适中18（12分）（2011秋平顶山月考）在图示装置中，两个光滑定滑轮的半径很小，表面粗糙的斜面固定在地面上，倾角为=30用一根跨过定滑轮的轻绳连接甲、乙两物体，甲物体放在斜面上且绳与斜面平行，乙物体悬在空中，并使悬线拉直且偏离竖直方向=60，现同时释放甲、乙两物体，乙将在竖直平面内摆动，当乙经过最高点和最低点时，甲在斜面上均恰好未滑动已知乙的质量为m=1kg，取g=10m/s2，试求：（1）乙经过最高点和最低点时悬绳的拉力大小？（2）甲的质量及斜面对甲物体的最大静摩擦力？考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：乙物体摆到最高点时绳子拉力最小，根据沿绳子方向合力为零求出绳子的拉力；摆到最低点时绳子拉力最大，根据动能定理结合牛顿第二定律求出乙物体在最低点时绳子的拉力当绳子的拉力最小时，甲物体有沿斜面向上的最大静摩擦力，当绳子拉力最大时，甲物体有沿斜面向下的最大静摩擦力，根据共点力平衡求出甲物体的质量和斜面对甲物体的最大静摩擦力解答：解：（1）乙