陕西省渭南市大荔县2019学年高二物理下学期转段考试试题【含解析】

1、陕西省渭南市大荔县2018-2019学年高二物理下学期转段考试试题（含解析）第卷一、选择题（共15小题，在每小题给出的四个选项中，第111题只有一项是符合题目要求，第1215题有多项符合题目要求。）1.下列说法中正确的是（）A. 布朗运动实际上就是液体分子的运动B. 固体颗粒越大布朗运动越明显C. 物体的温度越高，其分子平均动能不一定越大D. 温度升高，也就是升高1K【答案】D【解析】【详解】A布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，是液体分子做无规则运动的反映，选项A错误；B悬浮在液体中的微粒越小，布朗运动越明显，选项B错误；C温度是分子平均动能的标志，物体的温度越高，其分子平均动能一定越大，选项C

2、错误；D温度的两种表示方法摄氏温度和热力学温度只是零度的起点不同，每度的大小是相同的，选项D正确。故选D。2.如图是描述分子引力与斥力随分子间距离r变化的关系曲线，根据曲线可知下列说法中正确的是（ ）A. F斥随r的增大而减小，F引随r的增大而增大B. F引与F斥均随r的增大而减小C. 当rr0时，F斥F引，其合力表现为斥力D. 分子之间的距离减小时，分子力一直做正功，分了势能一直减小【答案】B【解析】【详解】AB由图可知，分子引力与分子斥力都随分子距离的增大而减小，选项A错误，B正确；C由图可知，当rr0时，F斥F引，其合力表现为引力，选项C错误；D当r大于r0时，分子力表现为引力，分子之间

3、的距离减小时，分子引力做正功，分了势能减小；当r小于r0时，分子间的作用力表现为斥力，分子之间的距离减小时，分子斥力做负功，分了势能增大。选项D错误。故选B。3.下列有关四幅图的说法正确的是（）A. 如图1所示，通过粒子散射实验，玻尔提出了原子的核式结构模型B. 如图2所示，只要光的强度足够大，就能发生光电效应现象C. 如图3所示，放射线丙是射线D. 如图4所示，该链式反应属于原子核的聚变反应【答案】C【解析】【详解】A图1为粒子散射实验示意图，卢瑟福根据此实验提出了原子的核式结构模型，选项A错误；B根据光电效应方程可知，能否发生光电效应现象，与入射光的频率及金属的材料有关，与入射光的强弱无关

4、，选项B错误；C图3为放射源放出的三种射线在磁场中运动的轨迹，根据左手定则可知，放射线丙带正电，为射线，选项C正确；D图4为核反应堆示意图，它是利用了铀核裂变反应所释放的能量，选项D错误。故选C。4.如图所示为氢原子的能级图，对于处在n=4能级的大量氢原子，下列说法正确的是（）A. 这群氢原子向低能级跃迁时一共可以辐射出3种不同频率的光B. 这群氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级时向外辐射的光子的频率最低C. 处在n=4能级氢原子可以吸收任何一种光子而跃迁到高能级D. 处在n=4能级的氢原子不可能吸收能量为1eV的光子而发生电离【答案】B【解析】【详解】A根据可知这些氢原子可能辐射出6种不同频

5、率的光子，选项A错误；B这群氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级时向外辐射的光子能量最小，频率最低，选项B正确；D氢原子发生跃迁，吸收的能量必须等于两能级的能级差，选项C错误；D处在n=4能级的氢原子可以吸收能量为1eV的光子而发生电离，选项D错误。故选B。5.钍具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为镤，同时伴随有射线产生，其方程为+X，钍的半衰期为24天。则下列说法中正确的是（）A. 钍234发生的是衰变B. X是钍核中的一个中子转化成一个质子时产生的C. 射线本质就是高速中子流D. 1g钍经过96天后还剩0.125g【答案】B【解析】【详解】A根据电荷数守恒、质量数守恒知，X的电荷数为-1，

6、质量数为0，则X为电子，此反应为衰变，选项A错误；B该衰变为衰变，电子是钍核中的一个中子转化成一个质子时产生的，选项B正确；C射线的本质就是光子流，选项C错误；D根据知还剩钍的质量选项D错误。故选B。6.研究火星是人类探索向火星移民的一个重要步骤。假设火星和地球均绕太阳做匀速圆周运动，火星轨道在地球轨道外侧，如图所示，与地球相比较，则下列说法中正确的是（）A. 火星运行速度较大B. 火星运行角速度较大C. 火星运行周期较大D. 火星运行的向心加速度较大【答案】C【解析】【详解】任一行星绕太阳做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力可推导出化简后可得即轨道半径越大，行星运行速度、角速度和向心加速

7、度越小，而周期越大。因此火星的运行速度、角速度和向心加速度较小，运行周期较大，故ABD错误，C正确。故选C。7.在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是()A. 甲图中与点电荷等距的a、b两点B. 乙图中两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C. 丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D. 丁图中非匀强电场中的a、b两点【答案】C【解析】【详解】A甲图中与点电荷等距的a、b两点，电场强度大小相同，方向不相反，故A错误；B对乙图，根据电场线的疏密及对称性可判断，a、b两点的电场强度大小相等、方向相同，故B错误；C丙

8、图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点，电场强度大小相同，方向相反，故C正确；D对丁图，根据电场线的疏密可判断，b点的电场强度大于a点的电场强度，故D错误。故选C。8.如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，MOP60，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时O点的磁感应强度大小为B1.若将M处长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小为B2，那么B2与B1之比为A. 1B. 2C. 11D. 12【答案】B【解析】【详解】根据右手定则，两根导线在O点产生的磁场方向一致，依题意，每根导线在O点产生的磁

9、感强度为，方向竖直向下。则当M处长直导线移至P点时，两根导线在O点产生的磁场方向之间的夹角为60，则O点合磁感强度大小为：，则B2与B1之比为：2，故ACD错误，B正确。故选：B。9.如图所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的O点，出现一个光斑在垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为r的圆弧运动，打在荧光屏上的P点，然后在磁场区域再加一竖直向下，场强大小为E的匀强电场，光斑从P点又回到O点，关于该粒子（不计重力），下列说法正确的是A. 粒子带负电B. 初速度为C. 比荷为D. 比荷为【答案】D【解析】【详

10、解】垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束打在荧光屏上的P点，根据左手定则可知，粒子带正电，选项A错误；当电场和磁场同时存在时：,解得 ，选项B错误；在磁场中时，由，可得：,故选项D正确，C错误；故选D.【点睛】本题主要是考查带电粒子在复合场的运动，解答本题要能够根据共点力的平衡条件分析洛伦兹力和电场力的大小关系；在复合场中做匀速直线运动粒子，在解题时要注意过程分析和受力分析10.图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表线圈绕垂直于磁场方向的水平轴沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图

11、乙所示，以下判断正确的是（）甲. 乙.A. 通过电阻R的电流的最大值为B. 线圈转动的角速度为C. 时线圈平面与磁场方向平行D. 时电阻R中电流的方向自右向左【答案】AC【解析】【详解】A发电机产生的交变电流的最大值为，因此通过电阻R的电流的最大值为，A正确；B由可得线圈转动的角速度为，B错误；C时，电路中电流最大，故该时刻通过线圈的磁通量最小，即该时刻线圈平面与磁场方向平行，C项正确；D根据右手定则可得，时电阻R中电流的方向自左向右，D项错误；故选AC。11.远距离输电，输电功率一定，当输电电压为U0时，输电线上的电流为I0，损失的电功率为P0。则当输电电压提高为2U0时（）A. 由得，输电

12、线上的电流变为2I0B. 由得，输电线上的电流变为C. 由得，输电线上损失的电功率为4P0D. 由P=UI得，输电线上损失的电功率为2P0【答案】B【解析】【详解】AB远距离输电由于输电功率一定，设输电功率为P，由P=UI知输电线上的电流为I0则当输电电压提高为2U0时，输电线上的电流变为，选项A错误，B正确；CD设输电线的电阻R，则输电线上功率损失为所以输电线上的电功率损失是原来的，选项CD错误。故选B。12.如图所示的交流电路中，理想变压器输入电压为u1=U1msin100t（V），交流电压表读数为U2，由此可知（）A R1中电流方向每秒钟改变100次B. 变压器原、副线圈的匝数比为U1m

13、：U2C. 当滑动变阻器R的滑动头向上移动时电压表示数变大D. 当滑动变阻器R的滑动头向上移动时变压器的输入功率变小【答案】AD【解析】【详解】A由输入电压的表达式可得，该交流电的角速度为100，根据可知，交流电的频率而交流电在一个周期内方向改变两次，故交流电方向每秒改变100次，选项A正确；B交流电压表的读数为有效值，因此变压器原、副线圈的匝数比选项B错误；C副线圈的电压由原线圈电压和原副线圈匝数决定，原线圈电压和原副线圈匝数不变，则电压表示数不变，选项C错误；D当滑动变阻器R的滑动头向上移动时，总电阻增大，副线圈电流减小，则由P=UI可知输出功率变小，变压器的输入功率变小，选项D正确。故选

14、AD。13.如图1所示，螺线管匝数n=1000匝，横截面积S=10cm2，螺线管导线电阻r=5，电阻R=4，磁感应强度B随时间变化情况如图2所示（以向右为正方向），下列说法正确的是（）A. 通过电阻R的电流是交变电流B. t=0.5时C点的电势比A点低C. 电阻R两端的电压为6VD. 通过R的感应电流的大小始终为1.2A【答案】A【解析】【详解】A穿过螺线管的磁场方向不变，但大小变化，导致磁通量变化，则根据楞次定律可知，0到1秒内，电流从C流过R到A，当1秒到2秒内，电流从A流过R到C，因此通过电阻R的电流是交流电，选项A正确；Bt=0.5时电流从C流过R到A，因此C点的电势比A点高，选项B错

15、误；C根据法拉第电磁感应定律而感应电流大小为则电阻R两端的电压选项C错误；D通过R的感应电流的大小始终为，选项D错误。故选A。14.如图所示，空间中存在着匀强电场（竖线表示电场线，图中只画出一部分），一个带电荷量为-q的油滴飞入电场后，在电场力和重力的共同作用下沿着一条曲线运动，先后通过a点和b点，则下列说法正确的是（）A. 匀强电场的场强方向竖直向上B. 油滴在a点的电势能大于在b点的电势能C. 油滴在a点的动能小于在b点的动能D. 油滴在a点的机械能大于在b点的机械能【答案】BC【解析】【详解】A油滴轨迹向上弯曲可知油滴的合力方向竖直向上，油滴所受的电场力方向竖直向上，而油滴带负电，所以电

16、场线方向竖直向下，选项A错误；B油滴从a点和b点，电场力对油滴做正功，油滴的电势能减小，则油滴在a点的电势能大于在b点的电势能，选项B正确；C合力对油滴做正功，油滴的动能增加，则油滴在a点的动能小于在b点的动能，选项C正确；D油滴的机械能和电势能总和不变，电势能减小，则机械能增加，即油滴在a点的机械能小于在b点的机械能，选项D错误。故选BC。15.如图所示，甲木块的质量为m1，以速度v沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止的、质量为m2的乙木块，乙上连有一轻质弹簧。甲、乙两木块相互作用过程中（）A. 两木块及弹簧所组成系统的动量守恒B. 两木块及弹簧所组成系统的机械能守恒C. 两木块速度相等时

17、，弹簧的弹性势能最大D. 两木块速度相等时，乙木块速度最大【答案】ABC【解析】【详解】A甲木块与弹簧接触后，由于弹簧弹力的作用，甲、乙的动量要发生变化，但对于两木块及弹簧所组成系统因所受合外力为零，故动量守恒，选项A正确；B甲、乙两木块相互作用过程中，两木块及弹簧所组成系统只有动能和弹性势能的相互转化，机械能守恒，选项B正确；C当甲乙速度相等时，弹簧被压缩到最短，弹簧的弹性势能最大，选项C正确；D两木块速度相等时，根据动量守恒可知，乙木块具有向右的速度，此时弹簧处在压缩状态，给乙木块向右的弹力作用，乙木块速度继续增大，选项D错误。故选ABC。第卷二、实验题（共2小题）16.某同学要测量一个新

18、材料圆柱体的电阻率，进行了如下用游标卡尺测量圆柱体长度L如图甲所示，可知其长度为_cm，用螺旋测微器测量圆柱体直径d如图乙所示，可知其直径为_mm，用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤，测量圆柱体的电阻R，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为_，用以上测量的物理量的字母表示该种材料的电阻率_。【答案】 (1). 10.24 (2). 3.372 (3). (4). 【解析】【详解】1游标卡尺的固定刻度读数为10.2cm=102mm游标尺上第4个刻度与主尺上的刻度线对齐，所以游标尺的读数为0.14m=0.4mm所以圆柱体长度L为102mm+0.4mm=102.4mm=10.24cm2

19、螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.0137.2mm=0.372mm所以圆柱体直径d为3mm+0.372mm=3.372mm3该电阻的阻值约为4根据电阻定律可得该种材料的电阻率17.用如图所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干实验主要步骤：（）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线（U、I都用国际单位）；（）求出UI图线斜率的

20、绝对值k和在横轴上的截距a回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_A电压表（0-3V，内阻约15k） B电压表（0-3V，内阻约3k）C电流表（0-200mA，内阻约2） D电流表（0-30mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达

21、式E=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值【答案】 (1). （1）A、 (2). C (3). （2）C (4). （3）ka (5). k-R2【解析】【详解】（1）电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约；因此，电流表选择C；（2）分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而B项中两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C项中一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可

22、以保证滑片右移时阻值增大；而D项中导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小；故D错误；故选C；（3）由闭合电路欧姆定律可知：U=E-I（r+R2），对比伏安特性曲线可知，图象的斜率为k=r+R2； 则内阻r=k-R2； 令U=0，则有：； 由题意可知，图象与横轴截距为a，则有：；解得：E=ka .【点睛】本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图象分析数据的方法，重点掌握图象中斜率和截距的意义18.如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块B静止放置在圆弧轨道的最低点。现将小滑块A从圆弧轨道最高点无初速释放，A与B碰撞后结合为

23、一个整体，并沿桌面滑动。已知圆弧轨道光滑，半径R=0.2m；A和B的质量均为1kg；A和B整体与桌面之间的动摩擦因数=0.2，重力加速度g取10m/s2。求：(1)小滑块A通过圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小；(2)A和B整体在桌面上滑动的距离。【答案】(1)30N；(2)【解析】【详解】(1)A下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得代入数据解得碰撞前瞬间A的速率v=2m/sA在碰撞前受到的重力与支持力的合力提供向心力，则有代入数据可得根据牛顿第三定律可知，A对轨道的压力大小也是30N。(2)A、B碰撞过程系统动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得代入数据解得碰撞后瞬间A和B整体的速率碰撞后对A、B系统，由动能定理得代入数据解得A和B整体沿水平桌面滑动的距离19.如图所示，固定放置在同一水平面内的两根平行光滑长直金属导轨的间距为L，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上的磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一质量为m、电阻为r的导体棒ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，现导体棒在水平向左、垂直于导体棒的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离为s时，速度恰好达到最大值vm（运动过程中导体棒始终与导轨保持垂直）。导轨电阻不计重力加速度大小为g。求：(1)当导体棒的速度为某一