高考物理二轮复习 重点讲练专题十六 选择题解题技巧课时作业(2021年最新整理)

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2、复习 重点讲练专题十六 选择题解题技巧课时作业的全部内容。11专题十六 选择题解题技巧一、选择题(共20个小题，114为单选，1520为多选，每题5分共100分）1有一条两岸平直，河水均匀流动、流速恒为v的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头朝向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为()a.b.c. d.答案b解析可设河宽为d，船在静水中的速度为vc，第一种情况时时间t1，第二种情况为t2,k，可得出b项是正确的2在科学研究中,科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律法国

3、物理学家库仑在研究异种电荷的吸引问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系已知单摆摆长为l，引力常量为g。地球的质量为m。摆球到地心的距离为r，则单摆振动周期t与距离r的关系式为()at2r bt2rct dt2l答案b解析由于万有引力使物体产生加速度，由牛顿第二定律，得gmg，而单摆的振动周期公式为t2，联立得t2r。b项正确3设地球自转周期为t，质量为m，引力常量为g,假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为r.同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（)a。 b。c. d。答案a解析物体在南极地面所受的支持力等于万有引力，f，在赤道

4、处，f万ff向，得ff万f向,又f向mr，则fmr，由式，可得，a项正确4.如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧,且其长边与长直导线平行已知在t0到tt1的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化,而线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是（）答案a解析要求框中感应电流顺时针,根据楞次定律，可知框内磁场要么向里减弱(载流直导线中电流正向减小）,要么向外增强（载流直导线中电流负向增大）线框受安培力向左时，载流直导线电流一定在减小，线框受安培力向右时,载流直导线中电流一

5、定在增大故答案选a项5地球表面附近某区域存在大小为150 n/c、方向竖直向下的电场一质量为1。00104 kg、带电量为1。00107 c的小球从静止释放，在电场区域内下落10.0 m对此过程，该小球的电势能和动能的改变量分别为（重力加速度大小取9.80 m/s2，忽略空气阻力)(）a1。50104 j和9。95103 jb1。50104 j和9。95103 jc1。50104 j和9。65103 jd1.50104 j和9。65103 j答案d解析电场力做功只与初末位置的电势差有关，电场力做正功电势能减少，电场力做负功，电势能增加小球带负电，受到的电场力沿竖直方向向上，所以下落过程，电场力

6、做负功，电势能增加,a、c项错误；w电eqh1。00107 c150 n/c10 m1.5104 j,根据动能定理,合力做功等于动能的变化，有：wgw电（mgeq）h（9.81041。00107150)10 j9。65103 j，d项正确考点定位电场能的性质、动能定理6“人造小太阳”托卡马克装置使用强磁场约束高温等离子体，使其中的带电粒子被尽可能限制在装置内部,而不与装置器壁碰撞已知等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度t成正比，为约束更高温度的等离子体，则需要更强的磁场，以使带电粒子的运动半径不变由此可判断所需的磁感应强度b正比于(）a。 btc。 dt2答案a解析由于等离子体中带电粒

7、子的平均动能与等离子体的温度t成正比,即ekt.带电粒子在磁场中做圆周运动,洛伦兹力提供向心力qvbm，得b。而ekmv2，故可得b。又带电粒子的运动半径不变，所以b。a项正确7据报道，天文学家近日发现了一颗距地球40光年的“超级地球”，名为“55 cancrie”该行星绕母星(中心天体）运行的周期约为地球绕太阳运行周期的,母星的体积约为太阳的60倍假设母星与太阳密度相同，“55 cancrie与地球做匀速圆周运动，则“55 cancrie”与地球的（)a轨道半径之比约为b轨道半径之比约为c向心加速度之比约为d向心加速度之比约为答案b解析设行星的质量为m，恒星的质量为m,体积为v.对行星，由万

8、有引力提供向心力得gm（)2r，行星的轨道半径为r，所以r，选项b正确,选项a错误；行星的向心加速度为a(）2r，所以a,选项c、d错误8太阳因核聚变释放出巨大的能量,同时其质量不断减少太阳每秒钟辐射出的能量约为41026 j,根据爱因斯坦质能方程，太阳每秒钟减少的质量最接近(）a1036 kg b1018 kgc1013 kg d109 kg答案d解析本题意在考查考生对爱因斯坦质能方程的运用能力，根据emc2，得m kg4。4109 kg。9在国际单位制(简称si）中，力学和电学的基本单位有:m（米）、kg（千克)、s(秒)、a(安培)导出单位v（伏特)用上述基本单位可表示为()am2kgs

9、4a1 bm2kgs3a1cm2kgs2a1 dm2kgs1a1答案d10小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为h,设所受阻力大小恒定,地面为零势能面在上升至离地高度h处，小球的动能是势能的两倍，在下落至离地高度h处，小球的势能是动能的两倍，则h等于(）ah/9 b2h/9c3h/9 d4h/9答案d解析小球上升至最高点过程：mghfh0mv02；小球上升至离地高度h处过程：mghfhmv12mv02，又mv122mgh；小球上升至最高点后又下降至离地高度h处过程:mghf（2hh)mv22mv02，又2mv22mgh；以上各式联立解得hh，故d项正确11。如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足

10、够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间t增大的水平力fkt(k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（)答案a解析主要考查摩擦力和牛顿第二定律木块和木板之间相对静止时，所受的摩擦力为静摩擦力在达到最大静摩擦力前,木块和木板以相同加速度运动，根据牛顿第二定律a1a2。木块和木板相对运动时,a1恒定不变，a2g。所以选a项12。如图所示，两点电荷所带电量均为q,a处有一电子沿两点电荷连线的中垂线运动，方向指向o点设电子原来静止，a点离o点足够远,电子只受电场力作用那么在从a到o过程

11、中电子的运动状态是下面所述的哪一个(）a先匀加速，后匀减速b加速度越来越小，速度越来越大c加速度越来越大，速度越来越小d加速度先变大后变小，最后变为零答案d解析用极限法考虑问题时，在选定的区域内所研究的物理量必须是连续单调变化的在本题中，a到o变化区域内，加速度a并不是单调变化的，为什么也可以应用极限法呢？实际上我们选用了两个特殊点a和o点,只研究了这两个点附近区域a的变化在a点和o点附近区域内a仍是单调变化的在a和o之间还存一个a为极大值的位置b。从a到b，a是单调增大的，从b到o，a是单调减小的将a到o分成两个单调区域,极限法可以使用了13。图示为一个内、外半径分别为r1和r2的圆环状均匀

12、带电平面，其单位面积带电量为。取环面中心o为原点，以垂直于环面的轴线为x轴设轴上任意点p到o点的距离为x,p点电场强度的大小为e.下面给出e的四个表达式（式中k为静电力常量)，其中只有一个是合理的你可能不会求解此处的场强e，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断根据你的判断,e的合理表达式应为(）ae2k（）xbe2k(）xce2k（)xde2k（）x答案b解析本题为电场类题目,考查的知识点抽象，题型新颖，要求学生具有一定的分析判断能力,大部分学生咋一看题目就感到无从下手但本题若采用极限法进行分析,便可快速作答由极限知识，设想r1的半径非常小,不失一般性,取最小值r10时，

13、对于a项而言e0，故排除a项；若取x0时,此时题目演变为求o点的场强,由对称性可知eo0，对于c项而言，x0时e为一定值,故排除c项用极限知识若取x时e0，而d项中化简得e4故排除d项；所以，由极限法知正确的只能为b项14（2015杨浦区年度第一学期高三年级“31”质量调研）如图所示，有两个相邻的有界匀强磁场区域，磁感应强度的大小均为b，磁场方向相反，且与纸面垂直，磁场区域在x轴方向宽度均为a，在y轴方向足够长现有一高为a的正三角形导线框从图示位置开始向右沿x轴方向匀速穿过磁场区域若以逆时针方向为电流的正方向，在选项图中，线框中感应电流i与线框移动的位移x的关系图像正确的是(）答案c解析线圈向

14、右开始运动后，在0a这段位移内，穿过线圈的磁场向里且磁通量增加,根据楞次定律可判断出感应电流为逆时针,在a2a这段位移内，向里穿过线圈的磁通量减少，且向外穿过线圈的磁通量增加,由楞次定律可判断出感应电流为顺时针，在2a3a位移内，穿过线圈的磁通量向外且减少，由楞次定律可判断出感应电流为逆时针,c项正确15如图所示，带电荷量之比为qaqb13的带电粒子a、b以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在c、d点，若occd,忽略粒子重力的影响，则()aa和b在电场中运动的时间之比为12ba和b运动的加速度大小之比为41ca和b的质量之比为112da和b的位移大

15、小之比为11答案abc解析粒子a和b在匀强电场中做类平抛运动,水平方向由xv0t及occd，得tatb12;竖直方向由hat2,得a,它们沿竖直方向下落的加速度大小之比为aaab41；根据a，得m，故，a和b的位移大小不相等，故选项a、b、c正确16.(2016东北三校联考）如图所示，m、n为同一水平面内的两条平行长导轨，左端串接电阻r，金属杆ab垂直导轨放置，杆和导轨的电阻不计，且杆与导轨间无摩擦，整个装置处于竖直方向的匀强磁场中现对金属杆ab施加一个与杆垂直的水平方向的恒力f，使杆从静止开始运动在运动过程中，杆的速度大小为v，r上消耗的总能量为e，则下列关于v、e随时间变化的图像可能正确的

16、是（)答案ad解析对金属杆ab施加一个与杆垂直的水平方向的恒力f，使杆从静止开始运动由于金属杆切割磁感线产生感应电动势和感应电流，受到随速度增大的安培力作用，所以金属杆做加速度逐渐减小的加速运动，当安培力增大到等于水平方向的恒力f时，金属杆做匀速直线运动，速度图像a项正确，b项错误由功能关系,水平方向的恒力f做功，开始一部分使金属杆动能增大，另一部分转化为电能,被电阻r消耗掉；当金属杆匀速运动后，水平方向的恒力f做功等于r上消耗的总能量为e；因此r上消耗的总能量e随时间变化的图像可能正确的是d项考点定位本题考查了电磁感应、功能关系、图像及其相关的知识点17。（2016江苏南京二模)如图所示，光

17、滑平行金属导轨mn、pq所在平面与水平面成角，m、p两端接一阻值为r的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计整个装置处在磁感应强度为b的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下t0时对金属棒施一平行于导轨的外力f，金属棒由静止开始沿导轨向上做匀加速直线运动下列关于穿过回路abpma的磁通量变化量、磁通量的瞬时变化率、通过金属棒的电荷量q随时间t变化以及a、b两端的电势差u随时间t变化的图像中，正确的是(）答案bd解析设加速度为a，运动的位移xat2，磁通量变化量blxblat2，t2,选项a错误；感应电动势eblat，故t，选项b正确;ut；ut,选项d正确;电荷量q，因为t

18、2，所以qt2，选项c错误18（2016青海省平安县第一高级中学高三4月月考)据报道，美国国家航天局（nasa)首次在太阳系外发现“类地”行星kepler186f。若宇航员乘坐宇宙飞船到达该行星，进行科学观测：该行星自转周期为t:宇航员在该行星“北极”距该行星地面附近h处自由释放一个小球（引力视为恒力），落地时间为t。已知该行星半径为r，万有引力常量为g,则下列说法正确的是()a该行星的第一宇宙速度为b该行星的平均密度为c如果该行星存在一颗同步卫星，其距行星表面高度为d宇宙飞船绕该星球做圆周运动的周期小于t答案ab解析根据hgt2得，行星表面的重力加速度g，根据mgm得，行星的第一宇宙速度v，

19、故a项正确;根据mg得,行星的质量m，则行星的平均密度，故b项正确；根据gm（rh)得,又gmgr2，解得hr，故c项错误；根据mgmr得，最小周期tt，故d项错误考点定位万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度名师点睛根据自由落体运动的位移时间公式求出行星表面的重力加速度，结合重力提供向心力求出行星的第一宇宙速度；根据万有引力等于重力求出行星的质量，结合密度公式求出行星的平均密度；根据万有引力提供向心力,求出行星同步卫星的轨道半径,从而得出卫星距离行星的高度根据重力提供向心力求出宇宙飞船的最小周期19（2016山东省烟台市高三3月高考诊断性测试(一模)理科综合)如图所示，同一竖直面内的正方形导线框a、b的边长均为l，电阻均为r，质量分别为2m和m。它们分别系在一跨过两个定滑轮的轻绳两端，在两导线框之间有一宽度为2l、磁感应强度大小为b、方向垂直竖直面的匀强磁场区域开始时，线框b的上边与匀强磁场的下边界重合,线框a的下边到匀强磁场的上边界的距离为l。现将系统由静止释放,当线框b全部进入磁场时，a、b两个线框开始做匀速