重庆市南开中学202X届九年级物理下学期期中试题（含解析）

1、精选重庆市南开中学2018届九年级物理下学期期中试题一、选择题1.下列数据中，最符合实际情况的是A.教室前门的高度约为1mB.小佳同学的正常体温约37C.家用电脑的额定功率约1000WD.此张物理试卷重约2N【答案】B【解析】【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【详解】A.教室前门高于学生的身高，约为2m，故A错误；B.人的正常体温约37，故B正确；C.家用电脑的额定功率约100W，故C错误；D.一个鸡蛋重约0.5N，此张物理试卷比一个鸡蛋小得多，故D错误。故选B.2.如图所示，对下列光学现象的描述或解释，正确的

2、是A.“小孔成像”是由光的反射形成的B.女孩在平面镜中看到的是自己的实像C.用放大镜看图案时物距小于焦距D.在漫反射中，不是每条光线都遵循光的反射定律【答案】C【解析】【分析】1、光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；2、当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；3、凸透镜成虚像时，物距小于焦距；4、光的反射有镜面反射与漫反射两种，平行的入射光发射后不再平行而是向各个方向传播，这就是光的漫反射，不论是镜面反射还是漫反射都遵守光的反射定律【详解】A

3、.“小孔成像”是由光的直线传播形成的，故A错误；B.平面镜成的像是虚像，是由光的反射形成的，故B错误；C.我们通过放大镜看物体时，应将物体放在透镜的一倍焦距以内，即物距小于焦距，故C正确；D.光发生漫反射时，各个方向都有反射光线，但每条光线都遵守光的反射定律，故D错误。故选C.3.下列物态变化现象中，属于放热的是干冰不断变小湿衣服晾干冰镇饮料罐“出汗”空中飘起雪花A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】要解答本题需掌握：在六种物态变化中，熔化、汽化和升华过程吸热；液化、凝固和凝华过程放热【详解】干冰不断变小，由固态变为气态，是升华吸热；湿衣服晾干，由液态变为气态，是汽化吸热；冰镇饮料罐“出汗

4、”，由气态变为液态，是液化放热；空中飘起雪花，由气态变为固态，是凝华放热；故属于放热的是。故选D.4.如图是我国奥运健儿参加双人皮划艇竞赛的情景，以下有关说法错误的是A.他们用的船桨是费力杠杆B.使船前进的力的施力物体是水C.船受到的浮力等于船的重力D.皮划艇加速向前冲时，它受到的合力不为零【答案】C【解析】【分析】1.比较力臂大小，确定杠杆种类；2.物体间力的作用是相互的，船前进的施力物体是水；3.漂浮时，浮力等于重力；4.物体处于非平衡状态，它受到的合力一定不为零。【详解】A.因为船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离，故A正确；B.划船时，用浆向后划水，桨给水一个向

5、后的力，由于物体间力的作用是相互的，水对桨也施加了一个向前的力。这个力就是船前进的动力，故使船前进的施力物体是水。故B正确；C.船漂浮，船受到的浮力等于船和人的总重力，故C错误；D.皮划艇加速向前冲时，皮划艇处于非平衡状态，它受到的合力不为零，故D正确。故选C.5.先将盛有适量水的容器放在水平桌面上，用弹簧测力计将系有细线的铁块慢慢浸入水中。小明观察了铁块刚开始浸入水中到完全浸没在水中（如图所示）的实验过程，以下相关的物理量中变大的是铁块受到的浮力；水对容器底的压强；桌面受到的压力；桌面受到的压强。A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】浮力与液体的密度和排开液体的体积有关；液体压强与液体的

6、密度和深度有关；桌面受到的压力等于重力和拉力的合力；根据p=判断桌面受到压强的变化【详解】根据题意可知，铁块排开液体的体积越来越大，因此受到的浮力变大；铁块排开液体的体积越来越大，说明水的深度越来越大，由p=gh可知，水对容器底的压强变大；铁块刚开始浸入水中到完全浸没在水中的过程中，弹簧对铁块的拉力越来越小，则重力和拉力之差将变大，故桌面受到的压力变大；因为桌面受到的压力变大,受力面积不变,由p=可知，桌面受到的压强变大。故物理量中变大的是。故选：A.6.下列四幅图的相关表述正确的是A.图甲实验说明机械能可以转化为电能B.图乙中的手摇发电机是根据安培的发现而制成的C.图丙中的抽油烟机是利用电流

7、的热效应工作的D.图丁中的人站在绝缘凳上同时接触火线和零线时很危险，会触电【答案】D【解析】【分析】1.通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能；2.发电机根据电磁感应原理制成；3.电动机利用电流的磁效应工作；4.人体为导体，一边与火线相接，一边与零线相接或与大地相接，都会形成通路，会触电。【详解】A.图甲是探究磁场对电流的作用，实验说明电能可以转化为机械能，故A错误；B.图乙中的手摇发电机是根据法拉第发现的电磁感应原理制成的，故B错误；C.图丙中的抽油烟机是利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应工作的，故C错误；D.人体触电，原因是有电流流过，形成通路。人体为导体，一边与火线相接，一边与

8、零线相接或与大地相接，都会形成通路，图丁中能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电；故D错误；故选D.7.用如图所示的滑轮组提升货物M，已知动滑轮重50N，货物重400N，货物匀速上升的速度是0.1m/s，不计绳重和摩擦。以下说法正确的是A.绳子自由端上升的速度是0.2m/sB.绳子自由端拉力F的功率是45WC.该滑轮组的机械效率为80%D.匀速提升物体的速度越快，机械效率越高【答案】B【解析】【分析】（1）根据v拉=3v物求出绳子自由端的速度，再根据P=Fv求出拉力的功率；（2）不计绳重和摩擦，根据F=（G+G动）求出绳子自由端拉力；（3）根据=求出滑轮组的机械效率(4)机械效率与匀速提升

9、物体的速度无关.【详解】由图可知，n=3,则绳子自由端的速度v拉=3v物=30.1m/s=0.3m/s，故A错误；不计绳重和摩擦，则绳子自由端拉力F=（G+G动）=（400N50N）=150N,人拉绳做功的功率P=Fv拉=150N0.3m/s=45W，故B正确；滑轮组的机械效率=100%=100%89%，故C错误；D.由=可知，机械效率与匀速提升物体的速度无关，故D错误。故选B.8.如图甲是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有用绝缘膜密封的电热丝R1和热敏电阻Rx，当水面到达如图甲所示的位置，接触开关S1就会导通，电磁继电器开关（内部线圈的电阻不计）S2也闭合，电热丝R1开始加热。当饮水器内的水

10、加热至沸腾后，电磁继电器开关S2磁性减弱，能自动切断加热电路。以下说法错误的是A.定值电阻R1的电流随电压的变化曲线是图乙中B直线B.热敏电阻Rx的电流随电压的变化曲线是图乙中C曲线C.饮水器中电热丝的额定加热功率是4840WD.当Rx两端的电压为3V时，滑动变阻器R2的阻值为15【答案】D【解析】【分析】（1）根据定值电阻R1的电流与电压的特点判断出电阻R1的电流随电压的变化曲线，然后求出阻值，然后根据P=求出饮水器的正常加热功率（2）为了使饮水器在水加热至沸腾后能自动切断加热电路，根据电路的连接可知应使继电器开关S2断开，即电磁铁的磁性应减弱，根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知控制电路中电流

11、的变化，则可根据欧姆定律判断出此时热敏电阻阻值变大，由此可判断热敏电阻Rx阻值与温度的变化情况（3）由图乙知Rx的电流，据I=和串联电路的特点求出R2的阻值。【详解】(1)因为R1是定值电阻,则通过R1的电流与它两端电压成正比,其IU图象为过原点的倾斜直线,由图可知,B为定值电阻R1的电流随电压的变化曲线；故A正确；(2)为了使饮水器在水加热至沸腾后能自动切断加热电路,则应使继电器开关S2断开，应减弱电磁铁的磁性，根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知应减小控制电路中的电流；由欧姆定律可知此时热敏电阻的阻值应变大,即热敏电阻Rx的阻值应随温度升高而变大,而图乙中C曲线反映了电阻的阻值随温度升高(电压

12、变大)而变大的特性，故B正确；.（3）由欧姆定律结合B图象可得,R1的阻值：R1=10，饮水器的工作电路为R1的简单电路,其正常加热功率：P=4840W.故C正确；（4）由图乙知，当Rx两端的电压为3V时，通过Rx的电流为0.2A，串联电路中电流处处相等，由I=可知，R2的阻值为：R2=10,故D错误。故选D.二、填空题9.小明家住在高层建筑的11层，他放学回家坐电梯上楼，以电梯为参照物，小明是_(选填“运动”或“静止”)，电梯从1楼运行到11楼所用时间为15s，则电梯全程的平均速度是_m/s。(设每层楼高为3m)【答案】(1).静止(2).2【解析】【详解】(1)电梯上升时，小明相对于电梯位

13、置保持不变，以电梯为参照物，小明是静止的；(2)电梯从1层到达11层，实际上升了10层，电梯的路程s3m1030m，小明从1层到达21层所用的时间t15s，电梯全程的平均速度v2m/s.【点睛】（1）如果物体相对于参照物位置保持不变，物体是静止的；如果物体的位置相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；据此分析答题（2）根据题意求出电梯的路程，然后由平均速度公式求出电梯的平均速度10.小刘沿水平方向用5N的力拉着木块在水平桌面上作匀速直线运动，将拉力增大到8N，仍使此木块在该水平桌面上运动，此时木块受到的摩擦力为_N；撤去拉力后，木块在做减速运动的过程中，机械能转化为_能。【答案】(1).5(

14、2).内【解析】【分析】（1）掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（2）掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度【详解】当水平拉力为5N时，木块恰好做匀速运动，所以此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小等于5N；当水平拉力增大到10N时，木块对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为5N；撤去拉力，木块在做减速运动的过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能。11.如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1的阻值为18，小灯泡上标有“9V,9W”字样（灯泡电阻不变），闭合开关S。当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右边时，电流表的读数为1

15、.5A，小灯泡恰能正常发光，则滑动变阻器的最大阻值为_；当开关S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在中点，R1消耗的电功率为_W。【答案】(1).18(2).2【解析】【分析】（1）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压与额定电压相等求出电源的电压，根据P=UI求出通过灯泡的电流，再根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（2）当开关S闭合、S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在R2中点时，电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，利用电阻

16、的串联特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出R1消耗的电功率【详解】(1)当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路中的电流；由于并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，所以电源的电压U=UL=9V，灯泡正常发光时的功率为9W，由P=UI可得通过小灯泡的电流：IL=1A，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的电流：I2=IIL=1.5A1A=0.5A，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R2=18；(2)当开关S1、S2都断开,滑动变阻器的滑片P在最右端,电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联，电流

17、表测电路中的电流；由于串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路中的电流即电流表的示数：I=A，此时R1消耗的电功率：P1=I2R1=(A)218=2W12.有A、B两个密度分别为A、B的实心正方体，它们的边长之比为1:2。将它们如图所示叠放在水平桌面上时，A对B的压强与B对桌面的压强之比为1:1。水平桌面上有如图甲、乙两个圆柱形容器，将物A和B分别放入甲、乙两容器的液体中，物体B漂浮，有1/4的体积露出酒精液面，则物体B的密度为_kg/m3；液体静止时，物体A、B所受浮力分别为FA和FB。已知酒精=0.8水，则FA:FB=_。【答案】(1).0.6103(2).5：24【解析】【分析

18、】（1）由图分析出A与B的接触面积S和地面的受力面积关系，求出B对A的压力、AB对地面的压力，知道A对B的压强与B对桌面的压强关系，根据压强公式求A、B重力关系；（2）知道AB的边长之比，可求体积之比，求出了重力之比，利用G=mg=Vg求AB的密度关系；（3）由题知，物体B漂浮，有的体积露出酒精面，利用阿基米德原理求B受到的浮力，据此得出B的密度与酒精的密度关系，进而得出A的密度与水的密度关系，从而判断A在酒精中的浮与沉，根据阿基米德原理求出A在水中受到的浮力，最后求出AB受到的浮力之比。【详解】（1）由图知，A与B的接触面积S为LA2，地面的受力面积为S为LB2，A对B的压强：pA=，B对桌

19、面的压强：pAB=B对桌面的压强与A对B的压强之比为1：1，即：=，它们的边长之比为1：2，即LA：LB=1：2，（GA+GB）：GA=LB2：LA2=4：1，GA：GB=1：3；（2）V=L3，AB的边长之比为1：2，VA：VB=（LA）3：（LB）3=1：8，=，=（3）由题知，物体B漂浮，有的体积露出酒精液面，则：FB=酒精V排g=酒精（1-）VBg=BVBg，B=酒精，=，酒精=0.8水，A=B=酒精=0.8水=水，物体A在水中下沉，FA=水V排g=水VAg，FA：FB=水VAg：酒精VBg=水VAg：0.8水VBg=5：24B=酒精=0.8水=水=0.6103kg/m3.13.“镇国

20、重器”东风-41洲际弹道导弹，其采用固体燃料助推技术，最大射程能够达到14000公里，具备全球打击能力。其载体为一辆有十几个车轮的车辆，该车集运输、安装和发射为一体，不仅越野能力强，而且具备将导弹快速竖起、瞄准、发射、撤离的能力。东风-41采用的惯性制导系统和多弹头变轨技术，能够让多弹头以重返大气层方式进行攻击，每个分弹头都有自己独立的飞行弹道，可以攻击不同的目标，想要全部拦截几乎是不可能的。据了解，东风-41导弹的飞行速度高达30000km/h，也就是说每秒钟的飞行距离高达8.3km，以这样的速度计算，可以在21分钟内到达纽约，从中国国土上发射，可以在半小时内命中全球上的任何一个目标。东风-

21、41导弹的火箭发动机末端采用可变的燃气舵，该燃气舵可以使得弹道导弹进行机动变轨，改变之前导弹基本上沿着不变的飞行弹道轨道，从而有效突破敌防御系统的拦截。请从以上材料中找出有关的物理现象，并指出其包含的物理知识，不得与示例重复。示例：物理现象：东风-41采用固体燃料助推技术物理知识：燃烧时化学能转化为内能物理现象：_；物理知识：_。【答案】(1).其载体为一辆有十几个车轮的车辆，；(2).通过增大受力面积减小对地面的压强。【解析】【分析】阅读材料，找出包含的物理知识，其中涉及压强即力和运动的关系。【详解】通过阅读分析可知，文中包含以下物理知识：（一）物理现象：其载体为一辆有十几个车轮的车辆；物理

22、知识：通过增大受力面积减小对地面的压强。（二）物理现象：东风-41导弹的火箭发动机末端采用可变的燃气舵，该燃气舵可以使得弹道导弹进行机动变轨。物理知识：力是改变物体运动状态的原因。14.根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB在平面镜MM中的像AB。【答案】（2分）答案如右图所示；【解析】考点：平面镜成像的特点。分析：由于平面镜成的是正、等大的虚像，像到平面镜的距离与物到平面镜的距离相等，故我们可以分别做出A、B两点关于平面镜的对称点A、B，然后用虚线将二者连接起来即可。15.如图所示的水杯，在一个最小外力作用下所处于静止状态，作出此最小力的示意图。（）【答案】见解析【解析】根据题意，水桶在一

23、个最小外力作用下保持静止，在力臂最长的情况下力最小。如图水桶与地面接触点为支点，则水桶的最上沿作用动力的作用点，并以此作用点到支点的连线作为动力臂，此时力臂最长，最省力。故连接水桶的右下角与左上角，然后过左上角作出垂直于此连线的动力F，方向斜向右，如图：点睛：作杠杆上的最小动力F，是常考的内容之一，方法是先确定力的作用点，以此作用点到支点的距离作为力臂，此时力臂最长，即力垂直于此连线时最省力。三、实验探究题16.完成下列两个小题：（1）小红在水平桌面上利用如图甲所示的实验器材，探究平面镜成像的特点。其中A、B是两段完全相同的蜡烛。为了实验现象更明显，小红将实验室的遮光窗帘都拉上，并且_实验室的

24、电灯（选填“熄灭”或“点亮”）。然后她将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，观察到玻璃板后有蜡烛A的像A，小红在像A所在的位置用光屏_承接这个像（选填“能”或“不能”）。小红在玻璃板后移动蜡烛B想使其与像A完全重合，但小红沿水平桌面无论怎样移动蜡烛B，蜡烛B始终不能与蜡烛A的像A完全重合，造成这种情况的原因可能是_（2）小红在“探究冰熔化”的实验中，使用的装置如图乙所示。安装实验器材时应按照_（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行；某时刻温度计示数如图丙所示，为_；根据实验数据绘制的熔化图象应该是图_（选填“丁”或“戊”）。【答案】(1).熄灭(2).不能(3).玻璃板没有竖直放置(4).自下而上

25、(5).-6(6).丁【解析】【分析】（1）实像和虚像的区别：实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接无论怎样沿水平桌面移动蜡烛都不能与像完全重合是因为玻璃板与桌面不垂直，像不在水平桌面上（2）酒精灯需用外焰加热；当质量和吸收的热量相同时，比热容和升高的温度成反比，比热容小的，温度升高的快。【详解】（1）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮。所以为了实验现象更明显，小红将实验室的遮光窗帘都拉上，并且熄灭实验室的电灯。物体在平面镜中成虚像，虚像不能用光屏承接所以小红在像A所

26、在的位置用光屏不能承接这个像。实验时玻璃板要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合(2)酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；故安装实验器材时应按照自下而上的顺序进行。温度计上10之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1，即此温度计的分度值为1；液柱在0以下，示数是-6。根据公式Q=cmt可知，当质量和吸收的热量相同时，比热容和升高的温度成反比，冰的比热容小，温度升高的快，因此熔化图象应该是图丁，图戊中冰和水相同时间内升温一样快，故错误。1

27、7.在学完密度知识后，小强想利用天平和量筒测量粉笔的密度。（1）小强将天平放在_桌面上，把游码移至称量标尺左端零刻度线处，发现指针在分度盘中线的左侧，他应将平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡。（2）他找来两根粉笔，用天平测量它们的质量，天平平衡时盘中的砝码和游码对应的位置如图甲所示，这两根粉笔的质量是_g。（3）他将适量水倒入量筒中，读出水的体积。将这两根粉笔放入量筒中，发现它们先是漂浮并冒出气泡，然后慢慢正常继续冒出气泡，小强然后读出水和粉笔的总体积。如果用这种方法测量粉笔的体积，会导致密度的测量结果_（选填“偏大”或“偏小”）。（4）为了更加准确的测出两个粉笔的体积，

28、他把吸饱水的粉笔取出，放入装有34mL水的量筒中，液面对应的示数如图乙所示，粉笔的总体积是_cm3，粉笔的密度为粉笔=_g/cm3。（5）小强又利用已知密度的粉笔和小圆柱形容器测出了盐水的密度，请你根据他的实验步骤写出盐水的密度表达式。在小圆柱形容器中倒入适量盐水，用刻度尺量出盐水的深度h1（如图丙所示）；将一根干燥的粉笔用保鲜膜包好密封，放入容器中，粉笔漂浮（如图丁所示），用刻度尺量出此时盐水的深度h2；利用细长针将粉笔完全压入盐水中（如图戊所示），用刻度尺量出此时盐水的深度h3；盐水密度的表达式为盐水=_（用字母表示，粉笔密度用“粉笔”表示）。【答案】(1).零刻度线(2).右(3).8.

29、4(4).偏大(5).12(6).0.7(7).粉笔【解析】【分析】（1）使用天平时，应放在水平桌面上，游码归零，并调节平衡螺母使横梁平衡；（2）物体质量等于砝码总质量加上游码所对的刻度值；（3）因粉笔吸水会导致测出的粉笔体积偏小，根据=可知测得的密度偏大还是偏小；（4）根据量筒的刻度值，能求出粉笔的体积，再依据=可求出粉笔密度；（5）设烧杯的底面积是S，烧杯中倒入盐水时，用刻度尺测出烧杯中盐水的深度h1，可以求出水的体积把粉笔漂浮水面上，测出此时盐水的深度h2，可以求出粉笔排开水的重力，即粉笔受到的浮力，粉笔漂浮在水面上，粉笔受到的浮力等于粉笔的重力，求出粉笔的质量当粉笔沉入烧杯，用刻度尺测

30、出此时烧杯中盐水的深度h3，可以求出盐水和粉笔的总体积从而求出粉笔的体积再根据=求出粉笔的质量二者联立求出盐水密度的表达式。【详解】（1）将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中线的左侧，他将平衡螺母向右调节，直至天平横梁平衡；（2）游码所对的刻度值为3.4g，这些粉笔头的质量是5g+3.4g=8.4g；（3）由于粉笔疏松多孔并具有吸水性，如果用这种方法测量粉笔头体积会偏小，会导致密度的测量结果偏大；（4）图乙中量筒的读数为46mL，粉笔头的体积是46mL-34mL=12mL=12cm3；粉笔的密度为粉笔=0.7g/cm3；(5)因为粉笔漂浮在水面上受到的浮力等

31、于重力,所以G=F浮=盐水gV排，设烧杯的底面积为S,粉笔排开水的体积为：V排=S(h2h1)，所以G=F浮=盐水gS(h2h1)，粉笔的质量：m=盐水S(h2h1)-，当粉笔压入烧杯中,用刻度尺测出此时烧杯中盐水的深度h3.粉笔的体积为：V=S(h3h1)粉笔的质量：m=粉笔Vg=粉笔S(h3h1)-，由得：盐水=粉笔18.志刚同学在“测量小灯泡的额定功率”实验中，所用电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。（1）请你用笔划线代替导线，将图甲连接完整（导线不能交叉）。（）（2）连接完电路后，闭合开关发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮。电

32、路的故障可能是（）；A灯泡短路B滑动变阻器短路C灯泡断路D滑动变阻器断路（3）故障排除后重新闭合开关，移动滑片，发现电压表示数为2.0V，要测定小灯泡的额定功率，则志刚应将滑片适当地向_（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V；若小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_W。（4）如果测得通过小灯泡的电流随电压变化的关系如图丙所示，若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，则此时每只灯泡的电阻为_，每只灯泡的实际功率为_W。（5）结合图丙的信息思考：_（选填“能”或“不能”）利用甲图的电路和器材，采用控制变量的方法来“探究电流与电压的关系”。（6）为了研究电流和电

33、阻的关系，志刚找到几个定值电阻，阻值分别是10、15、20、30，他用10的电阻替换电路中的小灯泡，移动滑片使电压表示数2.4V，记录电流表示数，又换上15的电阻，移动滑片，最终电流表的示数为_A；要完成研究电流和电阻关系的实验，滑动变阻器的最大阻值至少为_。【答案】(1).(2).D(3).右(4).0.6(5).10(6).0.4(7).不能(8).0.16(9).45【解析】【分析】（1）根据题意确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图（2）灯泡不亮，则可能是电路断路或灯泡的实际功率太小或灯泡短路；电压表读数为零，说明灯泡短路；（3）若灯泡两端的电压低于额定电压，要测其额定功率，则应减小

34、滑动变阻器的阻值，使电压表的示数为2.5V；据电流表的接线柱，判断出量程和分度值，而后据公式P=UI计算出额定功率即可；（4）根据串联电路特点求出灯泡两端电压，由图乙所示图象求出灯泡电压对应的电流，然后由欧姆定律与电功率公式分析答题；（5）灯泡电阻受温度影响，据此分析答题（6）研究电流和电阻的关系应控制电压不变；根据欧姆定律求电流表的示数；当30的电阻完成此实验时，据欧姆定律和串联电路的分压规律求出滑动变阻器的阻值，即滑动变阻器的最大值的最小取值，【详解】(1)将电压表并联在小灯泡两端，小灯泡的额定电压为2.5V，因此量程选小量程，实物电路图如图所示：(2)若小灯泡两端短路，则移动滑片时灯泡不

35、亮，电压表并联在灯泡两端；则电压表示数为零，若是A，灯泡短路，则电路是通路，现象应是电流表有示数，而不是电流表没有示数。若电流表，电压表都没示数，则变阻器断路时，电路不是闭合回路，无电流，两表无示数；若滑动变阻器短路，灯泡断路、电压表并联在灯泡两端；则电压表示数不为零，故D符合题意；(3)电压表示数为2.0V，低于额定电压，所以应减小滑动变阻器的阻值，将滑片向右端滑动，使电压表的示数为2.5V；此时电流表是小量程,故分度值是0.02A,所以此时的示数是0.24A,故此时的额定功率是：P额=UI=2.5V0.24A=0.6W；（4）两灯泡串联接在4V的电源两端,每个灯泡两端的电压为2V,由图乙所

36、示图象可知,灯泡两端电压为2V时,通过灯泡的电流为0.2A,灯泡电阻R=10，此时灯泡实际功率P=UI=2V0.2A=0.4W.(5)探究电流与电压的关系应控制电阻阻值不变，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值，因此不能采用图甲电路探究电流与电压的关系。(6)研究电流和电阻的关系应控制电压不变，他用10的电阻替换电路中的小灯泡，移动滑片使电压表示数为2.4V，记录电流表示数，又换上15的电阻，根据分压原理，电压表示数变大，故要移动滑片，使电压表示数为2.4V，此时电流表的示数应为：I=0.16A；用30的电阻完成实验时，此时电路中的电流为：=0.08A，R滑=45,所以滑动变

37、阻器的最大阻值至少为45。四、论述计算题19.电阻温度计是由半导体材料制成的。如图甲是某半导体电阻R阻值随温度变化的关系图像，根据这种半导体材料的电阻特性，小明和他的同学设计了一个电路（如图乙），可以测定某一环境的温度。使用的器材有：半导体电阻R、电源、电流表、开关、定值电阻R2为200、导线若干。当环境温度为20时，电流表的读数为0.02A，求：（1）电源电压；（2）当环境温度为100时，定值电阻R2在50s内消耗的电能。【答案】（1）18V（2）36J【解析】【分析】（1）由图甲可知，环境温度为10时半导体电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）由图甲可知环境温度为100

38、时半导体电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据W=I2Rt定值电阻R2在50s内消耗的能量【详解】（1）由图甲可知，环境温度为10时，半导体电阻阻值R=700，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，电源的电压：U=I（R+R2）=0.02A（700+200）=18V；（2）由图甲可知，环境温度为100时，半导体电阻的阻值R=100，此时电路中的电流：=0.06A，定值电阻R2在50s内消耗的能量：W=（）2R2t=（0.06A）220050s=36J20.如图所示是某型号电压力锅工作电路简图，R1、R2为加热器，下表是其部分参数。接通电路后，开关S自动与触

39、点a、b接通，电压力锅进入加热档工作。当锅内混合物质温度达到102时，开关S自动与a、b断开，并与触点c接通，电压力锅进入保压档工作，此时锅内混合物质温度不变，保持锅内压强不变。现将质量为2.2kg，初温为12的混合物质放入压力锅中，接通电路使其正常工作。假设加热器产生的热量有80%被混合物质吸收，混合物质的比热容为c=4.0103J/(kg)。求：额定电压/V220加热档的额定功率/W1100保压档的额定功率/W100保压温度/102（1）质量为2.2kg，初温为12的混合物质加热到102所吸收的热量；（2）R1的阻值；（3）电压力锅加热多少秒后开始保压。【答案】(1)7.92105J；(2)484；(3)15min.【解析】【分析】（1）根据Q吸=cm（t-t0）求出混合物质吸收的热量;(2)由表知R2的功率和R1、R2并联时的总功率，求出R1的功率，由P=求R1的阻值；(3)加热器产生的热量80%被混合物质吸收，根据W=Pt求出从加热到保压的时间；【详解】(1)当锅内混合物质温度达到102时，开始保压，则混合物质温度升高到102时所吸收的热量：Q吸=cm(tt0)=4.0103J/(kg)2.2kg(10212)=7.92105J，(2)由题意可知,开关S与触点c接通时,电路为R2的简单电路，电压力锅处于保压状态，P2=100W