(完整版)高频电子线路答案

1、第一章1-1 在性能要求上，功率放大器与小信号放大器比较，有什么不同？ 解：功率放大器的性能要求为：安全、高效率和失真在允许范围内的输出所需信号功率。而小信号放大器的性能要求为：增益、输入电阻、输出电阻及频率特性等，一般对输出 功率不作要求。1-3 一功率放大器要求输出功率P。 = 1000 W， 当集电极效率C由 40提高到70时，试问直流电源提供的直流功率PD和功率管耗散功率PC各减小多少？解：当C1 = 40时，PD1 = Po/ C = 2500 W， PC1 = PD1 Po=1500 W当C2 = 70时，PD2 = Po/ C =1428.57 W， PC2 = PD2 Po =

2、 428.57 W可见，随着效率升高，PD下降，（PD1 PD2） = 1071.43 WPC下降，（PC1 PC2） = 1071.43 W1-6 如图（b）所示为低频功率晶体管3DD325 的输出特性曲线，由它接成的放大器如图（a）所示，已知VCC= 5 V，试求下列条件下的PL、 PD、 C（运用图解法）： （ 1） RL= 10 ， Q 点在负载线中点，充分激励；（ 2） RL= 5 ， IBQ同（ 1）值， Icm = ICQ； （ 3）RL = 5 ， Q 点在负载线中点，激励同（1 ）值；（ 4） RL = 5 ， Q 点在负载线中点，充分激励。解： (1) RL = 10 时，

3、作负载线(由VCE = VCCICRL)，取Q 在放大区负载线中点，充分激励，由图得VCEQ1 = 2.6V， ICQ1 = 220mA， I BQ1 = Ibm = 2.4mA因为Vcm = VCEQ1 VCE(sat) = (2.60.2) V = 2.4 V ， Icm= I CQ1 = 220 mA1所以PLVcmIcm 264 mW ， PD = VCC ICQ1 = 1.1 W， C = PL/ PD = 24cm cm2(2) 当RL= 5 时，由VCE = VCC ICRL作负载线，IBQ 同 (1)值，即IBQ2 = 2.4mA，得Q2点，VCEQ2 = 3.8V ， I C

4、Q2 = 260mA这时，Vcm = VCC VCEQ2 = 1.2 V， Icm = I CQ2 = 260 mA1所以PLVcmIcm 156 mW ， PD = VCC ICQ2 = 1.3 W， C = PL/ PD = 122(3) 当RL = 5 ， Q 在放大区内的中点，激励同(1)，由图Q3 点，VCEQ3 = 2.75V ， I CQ3= 460mA ， IBQ3 = 4.6mA， Ibm = 2.4mA相应的vCEmin = 1.55V ， iCmax= 700mA 。因为Vcm = VCEQ3 vCEmin = 1.2 V， I cm = iCmax I CQ3 = 24

5、0 mA1所以PLVcmIcm 144mW ， PD = VCC ICQ3 = 2.3 W， C = PL/ PD = 6.262(4) 当 RL = 5 ，充分激励时，I cm = I CQ3 = 460 mA， Vcm = VCC VCEQ3 = 2.25 V1所以PLVcmI cm 517.5mW ，PD=VCCICQ3 = 2.3W，C =PL/PD = 22.51-8 如图（ a）所示为变压器耦合甲类功率放大电路，图（ 出特性曲线。已知2b）所示为功率管的理想化输RL = 8 ，设变压器是理想的，RE 上的直流压降可忽略，试运用图解法：1 ） VCC = 15 V，RL = 50 ，

6、在负载匹配时，求相应的n、 PLmax、C； （ 2）保持（1 ）中VCC Ibm不变，将ICQ增加一倍，求PL 值；（ 3）保持（1）中ICQ、RL 、 Ibm不变，将VCC增加一倍，求PL 值； （ 4）在（3）条件中，将I bm增加一倍，试分析工作状态。解：（1）由于放大器的直流负载近似为零，故直流负载线为自VCC 出发的垂线，其工作点为Q1。已知VCC = 15 V， RL = 50 ，负载匹配时，VCCI CQ1 I cm CC 0.3ARL由此得知Q1 的坐标为Q1（15V， 0.3A）， Q1点处于交流负载线AB 的中点，其在坐标轴上的截距为A（32 V， 0）， B（0， 0.

7、6A）。由图可见Icm= ICQ1=0.3A， Vcm= VCC= 15 V此时，PL1Vcm 2I cm2.25W ，4.5WPDVCC I CQ(2) RL 是否变化没说明，故分两种情况讨论1 当RL 不变时，因为ICQ增加一倍，因此，RL 已不是匹配值，其交流负载线平行移动，为一条过Q2点的直线EF( RL 不变，斜率不变，ICQ 增加， Q 点升高 )此时，由于VCC、 Ibm、 RL都不变，其PLmax亦不变，为2.25 W(Ibm 不变，Icm 不变，Vcm不变 )但 PD = VCC ICQ = 9 W C PLmax/ PD = 25%2 当RL 改变时，且RL < 50

8、 ，交流负载线以Q2为中心顺时针转动，但由于VCC、 Ibm、1 cm 不变，因而RLPLC当 RL > 50 ，交流负载线以Q2为中心逆时针转动，但由于激励不变，输出将出现饱和失真。(3) VCC = 30 V，交流负载线平移到EF，静态工作点为Q3，因为Ibm不变，所以Vcm不变， Icm不变，因此PL不变，PL= 2.25 W，但VCC= 30 V，所以PD = VCC ICQ = 9 W C PL/ PD = 25%(4) Ibm= 6 mA，以 Q3点为静态工作点，出现截止失真。1-9 单管甲类变压器耦合和乙类变压器耦合推挽功率放大器采用相同的功率管3DD303、 相同的电源电

9、压VCC和负载RL， 且甲类放大器的RL 等于匹配值，设 VCE(sat) = 0， ICEO= 0， RE忽略不计。( 1)已知VCC = 30 V，放大器的iCmax = 2 A， RL= 8 ，输入充分激励，试作交流负载线，并比较两放大器的Pomax、PCmax、C、RL 、 n； ( 2)功率管的极限参数PCM = 30 W， ICM = 3 A， V(BR)CEO= 60 V，试求充分利用功率管时两放大器的最大输出功率Pomax。解： (1) 见表（2）见表甲类乙类Pomax11PomaxPCM30W 15W221PomaxV(BR)CEO I CM81 60V 3A 22.5W8所

10、以PomaxPomax15W1Po max 4 V(BR)CEO I CM160V 3A 45W4Pomax5PCM5 30W150W所以PomaxPomax 45W1-10 单管甲类变压器耦合和乙类变压器耦合推挽功率放大器采用相同的功率管3DD303、相同的电源电压VCC 和负载RL,且甲类放大器的RL等于匹配值.。两放大器中若维持激励不变，试问： 当发生下列情况时，放大器的输出功率将如何变化？功率管是否安全？（ 1 ）两功率放大器的扬声器突然短路或者断路；（ 2）在甲类放大器中将初、次级变压器绕组对换； （ 3）在乙类功率放大器中，一管突然损坏（开路）。解： （ 1）对于甲类，扬声器短路即

11、RL= RL =0； Vcm=0。由于激励不变因而ICM 不变，从而得Po=0， PD=VCC ICQ不变，PCmax =PD，表明管子安全工作。2对于乙类，I CM同理不变，所以，Po=0。直流电源提供的总直流功率PD=VCC Icm。该功率将全部消耗在两只功率管中，每只功率管消耗的功率PC= 1 PD=0.32 VCC Icm。 已知正2常工作时每只功率管的最大耗散功率为1Pcmax=0.2Pomax= 0.2*Vcc I cm=0.1 Vcc I cmPC> P Cmax, 管子不安全。扬声器开路，即RL， Po=0。但初始线圈中仍有直流通过，所以，PD仍然存在，且PC =PD。甲

12、类：虽然Po0，但由于变压器线圈的感生电压使VCEmax显著增大，且其值远大于V （BR）CEO，从而导致晶体管击穿，工作不安全。乙类：管子导通时，交流负载线总是从2 VCC 出发，因此，VCEmax 2 VCC，管子工作安全。（ 2）甲类功放中，变压器初、次级绕组接反，RL 显著减小，导致Po减小效率降低。（ 3）乙类功放中，一管损坏开断，输出半波信号，严重失真，工作安全。1-14 如图所示为两级功放电路，其中，Tl、 T2工作于乙类，试指出T4、 R2、 R3的作用。当输人端加上激励信号时产生的负载电流为iL = 2sin t（ A） ，讨计算：（ 1）当 RL = 8 时的输出功率PL；

13、（2）每管的管耗PC；（3）输出级的效率C。设R5、R6电阻不计。解：T4、 R2、 R3组成具有直流电压并联负反馈的恒压源，给T1、 T2互补管提供克服交越失真的直流正偏压。12(1) PLIc2mRL 16W2(VCC I cm )PDPL(2) PD25.47W，PC4.74W2Vcm(3) cm 0.8， C ( /4)62.83%VCC / 21-31 如图所示为SW7900 三端式负电压输出的集成稳压器内部原理电路，已知输入电压 V 1 = 19v,输出电压V O = 12v，各管的导通电压| VBE（on） | 均为 0.7v ， D的稳定电压V Z2 =7v。（ 1）试说明比较

14、放大器和输出级的工作原理。（ 2）试求向比较放大器提供的基准电压V REF（ 3）试求取样比n及R19。解： （ 1）基准电压V REF 和取样电压（由R17、R19的分压获得）分别加到由复合管(达林顿电路)T 10、 T 11和 T 16、 T 17组成的差分放大器的两个输入端。输出电压发生变化时，将使该差分放大器的输出端(即T 17集电极)电压发生相反的变化，以阻止输出电压的变化，达到稳定输出电压的目的。( 2) V REF = ( V Z2 + VBE(on) = (7v+0.7v) = 7.7vn=V REF /V O=( 7.7v)/( 12v)=0.64因为n= R19 /( R1

15、7+ R19)=0.64,所以R19 =28.5 k第二章2-2 放大器工作于丙类比工作于甲、乙类有何优点？为什么？丙类工作的放大器适宜于放大哪些信号？解： (1)丙类工作，管子导通时间短，瞬时功耗小，效率高。(2) 丙类工作的放大器输出负载为并联谐振回路，具有选频滤波特性，保证了输出信号的不失真。为此，丙类放大器只适宜于放大载波信号和高频窄带信号。2-3 由高频功率晶体管2SC3102 组成的谐振功率放大器，其工作频率f=520MHz ， 输出功率 P。 = 60 W， VCC=12.5v。 ( 1)当C=60%时，试计算管耗PC和平均分量I CO值； ( 2)若保持 P。不变，将C提高到

16、80%，试问 PC减少多少？ 1) 1)C=60%时，PD= P。 / C=100WPC= PD Po = 40 W,I CO= PD/ VCC=8A 2) C=80%时 , PD= P。 / C=75W, 所以PC = PD Po= 75W 60W=15W PC= PC PC=40W 15W=25W可见，P。一定时，C提高， PD和 PC将相应减小。2-5 谐振功率放大器原理电路和功率管输出特性曲线如图所示，已知VCC = 12 V， VBB =0.5 V， Vcm= 11 V， Vbm = 0.24 V。 试在特性曲线上画出动态线。若由集电极电流iC求得 IC0 =32 mA， IcIm

17、= 54 mA，试求PD、 Po、C及所需的Re。解：vCEVCC Vcm cos t(12 11cos t)V(1)vBEVBBVbm cos t(0.5 0.24cos t)V取t0 ， 30120 ，结果如下表t03045607590120vBE/V0.740.710.670.620.560.50.38vCE/V12.474.226.59.151217.5(2)PDVCCIC0 384mW1PoVcm I cm 297mW2CPo / PD 77.34%Re= Vcm/Ic1m = 2042-8 谐振功率放大器工作在欠压区，要求输出功率VBE(on)， Re = 53 ，设集电极电流为余

18、弦脉冲，即Po = 5 W。己知VCC = 24 V ， VBBiCmax cos t vb 0 ic =0vb 0试求电源供给功率PD、集电极效率C。解：因为VBB = VBE(on)，放大器工作在甲乙类，近似作乙类，Po1I2Rcm e2434mAI c1m所以I C022 iCd21i ，i Cmax ， I c1mI C0 2I c1m12 iCcos td t iCmax， 22276.3mAPDVCCIC0 6.63W，CPo / PD75.42%2-10 一谐振功率放大器，设计在临届工作状态，经测试得输出功率Po仅为设计值的60%， 而 却略大于设计值。试问该放大器处于何种工作状

19、态？分析产生这种状态的原因。解：Re小，导致放大器进入欠压状态。原因是放大器由临界状态进入欠压状态时，集和 略有增大，但Vcm因Re而减小，结果Po减小，PD 增大，减小。2-11 设计一工作于临界状态的谐振功率放大器，实测得效率C接近设计值，但、Po、 PC 均明显小于设计值，回路调谐于基波，试分析电路工作状态。现欲将它调到临界状态，应改变哪些参数？不同调整方法所得的功率是否相同？解：根据题意可确定放大器工作于过压状态，因为由临界状态进入过压状态时C变化不大，但由于集电极电流脉冲出现凹陷，使、 Ic1m减小，从而使Po、 PD、 PC减小。为了使谐振功放处于临界状态可改变下列电量；（ 1）

20、保持VBB 、 Vbm、 VCC不变， 减小Re， 使其趋向临界状态，在这种状态下，由于VBEmax和管子导通时间不变，i C凹陷消失，高度增加，使、 Ic1m 上升，导致Po、 PD、C。（ 2）增大VCC，保持Re、 VBB、 Vbm不变，使放大器的工作状态回到临界状态，由于Re不变，所以输出功率较（1 ）大。（ 3）其它不变，减小Vbm，导致Vcm减小，使放大器的工作状态从过压趋向临界，这时，由于VBEmax和导通时间减小，导致iC的高度减小，宽度变窄，结果是、 Ic1m 减小，输出功率比前两种情况都小。（ 4）其它不变，减小VBB，即VBB 向负值方向增大，结果与减小Vbm相同。第三章

21、3-5 试判断下图所示交流通路中，哪些可能产生振荡，哪些不能产生振荡。若能产生振 荡，则说明属于哪种振荡电路。解：(a) 不振。同名端接反，不满足正反馈；(b) 能振。变压器耦合反馈振荡器；(c) 不振。不满足三点式振荡电路的组成法则；(d) 能振。但L2C2回路呈感性，osc <2，L1C1 回路呈容性，osc > 1，组成电感三点式振荡电路。(e) 能振。计入结电容Cb e，组成电容三点式振荡电路。(f) 能振。但L1C1 回路呈容性，osc > 1， L2C2回路呈感性，osc > 2，组成电容三点式振荡电路。3-6 试画出下图所示各振荡器的交流通路，并判断哪些电

22、路可能产生振荡，哪些电路不能产生振荡。图中，CB、 CC、 CE、 CD为交流旁路电容或隔直流电容，LC为高频扼流圈，偏置电阻RB1、 RB2、RG不计。解：画出的交流通路如图所示。(a)不振，不满足三点式振荡电路组成法则。(b) 可振，为电容三点式振荡电路。(c) 不振，不满足三点式振荡电路组成法则。(d) 可振，为电容三点式振荡电路，发射结电容Cb e为回路电容之一。(e) 可振，为电感三点式振荡电路。(f) 不振，不满足三点式振荡电路组成法则。3-7 如图所示电路为三回路振荡器的交流通路，图中 频率， 试写出它们之间能满足相位平衡条件的两种关系式，f01 、f02、f03 分别为三回路的

23、谐振并画出振荡器电路(发射极交流接地) 。解： (1)L2C2、L1C1若呈感性，fosc <f01、f02，L3C3呈容性，fosc >f03，所以f03 <fosc <f01、f02。(2) L2C2、L1C1 若呈容性，fosc >f01、f02，L3C3呈感性，fosc < f03，所以f03> fosc>f01、f02。3-21 如图所示的晶体振荡电路中，试分析晶体的作用。已知晶体与CL构成并联谐振回路，其谐振电阻Re0 =80 k ， Rf / R1=2, 试问：为满足起振条件，R 应小于何值？设集成运放是理想的。解：晶体呈感性，与C

24、L 构成并联谐振回路。电路中 V_ V0 RR1R = 13V 0,V V0 Re0RRe0为使振荡器起振，要求V > V 即Re0> 1 ,求得R<160 kRRe033-24 试求如图所示串并联移相网络振荡器的振荡角频率osc 及维持振荡所需Rf 最小值的Rfmin 表达式。已知(1) C1 C2=0.05 F ,R1=5k , R2=10k ; (2)R1= R2=10k ,C1=0.01F ,C2 =0.1 F 。RC 串并联网络的传输特性k(fj ) =V.f=V 0 R1(1 C2R'1)C1R2R2/1j C21j C1R2/1j C21j( R1C2(

25、式中1')R2C1R2=R2/R3)R1C2=0，得R2C1osc1R1R'2C 1C 211 C2 R1C1R21)已知 C1 C 2 =0.05 F , R1=5k ,R2=10k ， R2=R2/R3=5k = R1 ，C1C2，得C1R1 C2R213= 4* rad/sosc C1R1101 C 2R'1 =3，k (j ) = 1C1R'2kf osc 3V .o>3， V.o=(Rfmin) >3VI Vi R3所以 Rfmin= 3 R3=17.32k(2) R1 =R2=10k ,C1=0.01 F ,C2=0.1F ;R2= R2

26、/R3=5k所以 osc =4.47* 10 rad/sR1R2C1C2因为 1 C2R'1=1+0.1 F 10=13， k(j )=1C1R'20.01 F 5 k osc 13二级反相放大器总增益应大于13 倍，求得Rf min = 13 R3 =36.06 k第四章4-1 如图是用频率为1 000 kHz 的载波信号同时传输两路信号的频谱图。试写出它的电压表达式，并画出相应的实现方框图。计算在单位负载上的平均功率Pav和频谱宽度BWAM。解： (1)为二次调制的普通调幅波。第一次调制：调制信号：F = 3 kHz载频：f1 = 10 kHz， f2 = 30 kHz第二

27、次调制：两路已调信号叠加调制到主载频fc = 1000 kHz 上。令= 23 103 rad/s1 = 2104 rad/s2= 23 104 rad/sc= 2106 rad/s第一次调制：v1(t) = 4(1 + 0.5cos t)cos 1tv2(t) = 2(1 + 0.4cos t)cos 2t第二次调制：vO(t) = 5 cos ct + 4(1 + 0.5cos t)cos 1t + 2(1 + 0.4cos t)cos 2t cos ct= 51+0.8(1 + 0.5cos t)cos 1t + 0.4(1 + 0.4cos t)cos 2t cos ct(2) 实现方

28、框图如图所示。(3) 根据频谱图，求功率。1 载频为 10 kHz 的振幅调制波平均功率Vm01 = 2V， Ma1 = 0.51212P01Vm2012W； Pav12P01(1Ma21) 4.5W222 f2 = 30 kHzVm02 = 1V， Ma2 = 0.41212P02Vm2020.5W； Pav22P02 (1Ma22) 1.08W223 主载频fc = 1000 kHzVm0 = 5V12P0Vm20 12.5W2总平均功率Pav = P0 + Pav1 + Pav2 = 18.08 W4 BWAM由频谱图可知Fmax = 33 kHz得BWAM = 2F = 2(1033

29、1000) = 66 kHz4-2 试指出下列电压是什么已调信号？写出已调信号的电压表达式，并指出它们在单位电阻上消耗的平均功率Pav及相应的频谱宽度。( 1) Vo(t)=2cos(4× 106t )0.1cos(3996× 103t)0.1cos(4004×103t)( V)( 2) Vo( t) =4cos(2 × 106 t)1.6cos2(106 103)t 0.4 cos2 (106103)t1.6cos2 (106 103)t 0.4 cos2 (106103)t( 3) Vo ( t) =5cos( w o w 1 1 )t 5cos(

30、w o w 1 1 )t 5cos( w o w 1 1 )t5cos(wo w1 1 )t 4cos(wo w22)t 4cos(wo w22 )t 4cos(wo w22 )t 4cos( w o w 2 2 )t(V)其中wo =2 × 106 rad/s w1 =2 × 104 rad/s w2=2 × 3× 104 rad/s 1 = 2 =2 ×310 rad/s解： （ 1） Vo（ t）为单音调制的普通调幅信号。Vo( t) =21 0.1cos(4 × 103 t)cos(4 × 106 t)其中Vm0 =

31、2V， M a=0.1 ，=4 × 103 rad/s， wc =4 × 106 rad/s，（2） Vo （ t）为双音调制的普通调幅信号。1212所以P0= Vm0=2W，Pav= P0( 1 Ma) =2.01W，22BWAM =2F=4KHZ346Vo( t) =41 0.8(cos2 × 103t) 0.2(cos2 × 104t)cos(2 × 106t)其中Vm0 =4V， M a1=0.8，M a2=0.2，1 =2 × 103 rad/s，2 =2 × 10 4 rad/s，12所以P0= Vm20 =8W

32、21212BWAM =2 F2 =20KHZPav = P0( 1 2 M a1 2 M a2) =10.72W ， (3) Vo ( t)为二次调制的双边带调制信号。Vo( t) =20cos w1t cos 1 t 16cosw 2 t cos 2 tcos w 0 tBWDSB =2( w22) =62KHZ 。已知副载频w1 的边带幅度Vm1=5V，副载1 212频 w 2 的边带幅度Vm2 =4V ，所以Pav =4(× Vm1 × Vm2 ) =82W 。2 m2av 224-3 试画出下列三种已调信号的波形和频谱图。已知c>>(1) v(t) =

33、5cos tcos ct(V) ；(2) v(t) = 5cos( c+ ) t；(3) v(t) = (5 + 3cos t) cos ct。解： (1) 双边带调制信号(a)； (2) 单边带调制信号(b)； (3) 普通调幅信号(c)。V m1 cos 1t ，下边4-4 当采用相移法实现单边带调制时，若要求上边带传输的调制信号为带传输的调制信号为V m2 cos 2t，试画出其实现方框图。解：方框图如下所示。2) tVo(t)=AMVm1Vcm co(swc1 )tAMV m2Vcmco(swc4-15 试求图所示的单平衡混频器的输出电压Vo（ t）表示式。设二极管的伏安特性均为从原点

34、出发，斜率为g D 的直线，且二极管工作在受VL 控制的开关状态。解：图（a）电路中，VL （ t）正半周期间D1、D 2导通，列出下列方程(i1i2)RL0(i2 i1)RL0v( L t)vS(t)i1RDv( L t)vS(t)i2 RD联立求解得i1 =v( L t)vS(t)RD2RLv( L t)vS (t)K1(w Lt)，i2=RD 2RLK1(w Lt)2所以 i =i1i2=vS(t) K1(w Lt) ，V0 (t)=212 RD2RL S 1 L 0RLRD2RLvS(t) K1(wLt)b）电路中，v（L t） 正半周期间D1、 D2导通，列出下列方程v( L t)v

35、S (t)i1RDv( L t)vS (t)i2 RD(i1i2)RL0(i2 i1)RL0联立求解得i1=v(L t)vS (t) K1(w Lt)，1RD2RL1 Lv( L t) vS (t)RD2RLK1(w Lt)i = i1i22RD2RLvS(t) K1(w Lt)，V0 (t)=2RLRD2RLvS(t) K1(w Lt)c)电路中，v(L t)vS (t)v(L t)vS (t)i1 =K 1 (w L t) ，i 2 =K1 (w Lt )RDRLRDRL所以 i = i1i2=vS(t)K2(wLt)RDRLv（ L t） ，V0 ( t)RLRDRLvS(t) K2(w

36、 Lt)v( L t) 4-16 采用双平衡混频组件作为振幅调制器，如图所示。图中vc(t) = Vcmcos ct， v (t) =V mcos t。各二极管正向导通电阻为RD，且工作在受vC(t)控制的开关状态。设RL>>RD，试vO(t)表达式。vC >> v ，各二极管均工作在受vC控制的开关状态。vC> 0， D1、 D2导通，D3、 D4截止vC < 0， D3、 D4导通，D1、 D2截止(1) 当 vC> 0 时，等效电路，iI = i1 i2vvC i1RD (i1 i2)RL 01v iIRLi2RDvC 02( i1 i2)Rl

37、+ 2 v + ( i1 i2)Rd = 0iIi1i22v2RL RDvC作为开关函数K1( ct)所以 i I2v (t)2RLRDK1(ct)(2) 同理可求vC < 0 时i i3 i42v (t)2RLRDK1(ct(3) RL 总电流2v (t)i = ii K1( ct) K1(2RLRDct )2v (t)2RL RDK2(ct)(4) vO(t)RL >> RDvO(t)2RL2RL RDv(t)K2(ct)v (t)K2( ct)4-21 在一超外差式广播收音机中，中频率 fI =fL fC =465KHZ。 试分析下列现象属于何种干扰，又是如何形成的。（

38、 1）当收到频率f C =931KHZ 的电台时，伴有频率为1KHZ 的哨声； （ 2 当收听频率）f C =550KHZ 的电台时，听到频率为1480KHZ 的强电台播音；（ 3）当收听fC =1480KHZ 的电台播音时，听到频率为740KHZ 的强电台播音。解： （ 1）为干扰哨声。引起干扰哨声的频率为fCp 1 f1 ，qp当 p=1， q=2 时，fC =2f1 930KHZ ，所以在930KHZ 上可听到哨叫声；（ 2）为镜像频率干扰。因为 fMp fC p fI ，所以当p=1 ， q=1 时，fM =fC 2fI =1480KHZ ；qq（ 3）为寄生通道干扰。当 fC=148

39、0KHZ 时， p=1， q=2， fM = 12fC =740KHZ4-22 超 外 差 式 广 播 收 音 机 得 接 收 频 率 范 围 为 535 1605KHZ ， 中 频 频 率fI =fL fC =465KHZ 。试问： （ 1）当收听fC =702KHZ 电台的播音时，除了调谐在702KHZ频率刻度上能收听到该台得信号外，还可能在接收频段内的哪些频率刻度上收听到该台信号（写出最强的两个）？并说明它们各自通过什么寄生通道形成的。（ 2） 当收听到fC =600KHZ的电台信号时，还可能同时收听到哪些频率的电台信号（写出最强的两个）？并说明各自通过什么寄生通道形成的。解： ( 1)

40、 fM =702KHZ ，由fC= pfMqp1f I 可知，当p=1 ， q=2， fC =1404KHZ ， p=1 ，qq=3 时， fC =1176KHZ 。可见在1404KHZ 和 1176KHZ 频率刻度上可听到702KHZ 电台的信号。2)在频率fC =600KHZ 上， 由 f M = pfCqp1fI 可知， 当 p=1 ， q=1 时 fM =1503KHZ q； p=1， q=2 时， fM2=765KHZ 。可见在收听600KHZ 电台信号时，可以同时受到1503KHZ 和 765KHZ 电台信号。4-30 包络检波电路如图所示，二极管正向电阻RD = 100 ， F

41、=( 100 5000) Hz。图( a)中，Mamax = 0.8；图(b)中Ma = 0.3。试求图(a)中电路不产生负峰切割失真和惰性失真的 C 和 Ri2值。图(b)中当可变电阻R2的接触点在中心位置时，是否会产生负峰切割失真？max = 25000 rad/s， M amax = 0.8 ，根据4775pF解： (1) 图(a)中，已知RL = RL1 + RL2 = 5 k ，不产生惰性失真条件，得1 M a maxCRL max M a max(2) 根据不产生负峰切割失真条件得ZL() MaZL(0) = MamaxRL = 4 k因为 ZL( ) = RL1 + RL2 /

42、Ri2，ZL()M amax = 0.8 <ZL(0)(3) RL 在中间位置时RL1RL1RL2/Ri2RL214/ Ri2 ，5Ri2 12kZL( )R2R12 / Ri21211.5 ， ZL (0)R1R222860所以ZL ()ZL(0)0.42 0.3故不产生负峰切割失真。第五章5-1 一已调波v(t) = Vmcos( c + A 1t)t，试求它的(t)、(t)的表示式。如果它是调频波或调相波，试问，它们相应的调制电压各为什么？解： (t) = A 1t2，(t) = d (t) 2A 1t。dt若为调频波，则由于瞬时频率变化(t)与调制信号成正比，即1(t) = kf

43、v (t) = 2A 1t，所以调制电压v (t) 2A 1tkf若为调相波，则由于瞬时相位变化(t)与调制信号成正比，即1(t) = kpv (t) = A 1t2，所以调制电压v (t) A 1t2kp5-2 已知载波信号vC(t) = Vcmcos ct，调制信号为周期性方波和三角波，分别如图(a)和(b)所示。试画出下列波形：( 1)调幅波，调频波；( 2)调频波和调相波的瞬时角频率偏移(t)。瞬时相位偏移(t)(坐标对齐)。解： (1) 对应两种调制信号画出调幅波和调频波的波形分别如图(a)、 (b)所示。(2) 对应两种调制信号调频波FM 和调相波PM 的 (t)和(t)分别如图(a)、 (b)所示。5-3 已知V( t) =500cos2108t 20sin( 2103t)(mv),( 1 ) 若为调频波，试求载波频率f C 、调制频率F、调频指数Mf 、最大频偏fm 、有效频谱宽度BWCR和平均功率Pav(设负载电阻RL =50 ) 。( 2) 若为调相波，试求调相指数M