2023届焦作市重点中学物理高三上期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2（Q2位于坐标原点O），其上有M、N、P三点，间距MN=NP，Q1、Q2在轴上产生的电势随x变化关系如图乙则AM点电势和

2、电场强大小均为零BN点电势和电场强大小均不为零C一正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功|WPN|=|WNM|D由图可知，Q1为负电荷，Q2为正电荷，且Q1电荷量大于Q22、国产歼15舰载机以65m/s的速度降落在静止的“辽宁号”航母水平甲板上，机尾挂钩精准钩住阻拦索在阻拦索的拉力帮助下，经历2.5s速度减小为零若将上述运动视为匀减速直线运动，根据以上数据不能求出战斗机在甲板上运动的A位移B加速度C平均速度D受到的阻力3、如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，a50 V，c20 V，则a、c连线中点b的电势b为( ) A等于35 V B大于35 V C小于35 V D等于15 V4、如图所示，

3、质量m=75kg的滑雪运动员在倾角=37的直滑道上由静止开始向下滑行的速度时间图象，图中的OA直线是t=0时刻速度图线的切线，速度图线末段BC平行于时间轴，运动员与滑道间的动摩擦因数为，所受空气阻力与速度成正比，比例系数为k设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，则A物体开始时做加速度增大的加速直线运动，最后做匀速运动Bt=0时刻运动员的加速度大小为2m/s2C动摩擦因数为0.25D比例系数k为15kg/s5、如图所示，一轻质弹簧下端系一质量为m的物块，组成一竖直悬挂的弹簧振子，在物块上装有一记录笔，在竖直面内放置有记录纸当弹簧振子沿

4、竖直方向上下自由振动时，以速率v水平向左匀速拉动记录纸，记录笔在纸上留下如图所示余弦型函数曲线形状的印迹，图中的y1、y2、x0、2x0、3x0为记录纸上印迹的位置坐标值，P、Q分别是印迹上纵坐标为y1和y2的两个点若空气阻力、记录笔的质量及其与纸之间的作用力均可忽略不计，则A该弹簧振子的振动周期为x0/vB该弹簧振子的振幅为y1- y2C在记录笔留下PQ段印迹的过程中，物块所受合力的冲量为零D在记录笔留下PQ段印迹的过程中，弹力对物块做功为零6、下列关于近代物理中的一些说法,正确的是A在光电效应现象中,金属的逸出功随入射光的频率增大而增大B比结合能大的原子核分裂成比结合能小的原子核时一定放出

5、核能C动量相同的质子和电子,它们的德布罗意波的波长相等D玻尔将量子观念引入原子领域,提出了定态和跃迁的概念,成功地解释了各种原子光谱的实验规律二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一小球从某曲面顶端滑下并恰能在斜面顶端沿水平方向飞出，后又落回到斜面上。若斜面的倾角为 ，刚飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，重力加速度为g，则A小球从飞出到落到斜面上的时间为B小球落到斜面上时的速度大小为C若飞出时的速度大小改变，则小球落到斜面上时速度方向也将改变D若小球以2v

6、0水平飞出，假设小球仍能落回到斜面上，则小球落到斜面上的速度大小是以v0飞出时落回到斜面上的2倍8、如图所示，A、B、C三个物体放在旋转平台上随平台一起做匀速圆周运动，动摩擦因数均为，已知A的质量为2m，B、C的质量均为m，A、B离轴距离均为R，C距离轴为2R，则以下说法正确的是（ ）AaA=aBaBCfA=fCfB DfA=fBfC9、如图所示，半径分别为R和r（Rr）的甲、乙两光滑半圆轨道放置在同一竖直平面内，两轨道之间由一光滑水平轨道CD相连，在水平轨道CD上有一轻弹簧被a、b两个质量均为m的小球夹住，但不拴接同时释放两小球，弹性势能全部转化为两球的动能，若两球获得相等动能，其中有一只小

7、球恰好能通过最高点，两球离开半圆轨道后均做平抛运动落到水平轨道的同一点（不考虑小球在水平面上的反弹）则A恰好通过最高点的是b球B弹簧释放的弹性势能为5mgRCa球通过最高点对轨道的压力为mgDCD两点之间的距离为10、一轻质弹簧，上端悬挂于天花板，下端系一质量为的平板，处在平衡状态一质量为的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为，如图所示让环自由下落，撞击平板己知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长下列说法正确的是（ ）A若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒B若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总机械能守恒C环撞击板后，板的新的平衡位置与的大小无关D在碰后板和环一起下落的过程中，它们

8、减少的动能等于克服弹簧力所做的功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“探究求合力的方法”实验，所用器材有：木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和两个弹簧测力计，实验装置如图（1）该同学按下列步骤操作：在水平桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点，在橡皮条的另一端系上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，橡皮条与细绳的结点到达某一位置O，记下O点的位置及两个弹簧测力计的示数F1和F2;按选好的标度，分别作

9、出F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数F，记下F的方向，按统一标度做出这个力F的图示；比较F和F的大小和方向，得出结论。在上述步骤中：步骤遗漏的重要操作是_。步骤遗漏的重要操作是_。（2）根据实验数据画出力的图示，如图所示，图上标出了F1、 F2、F、F四个力，其中_（填上述字母）不是由弹簧测力计直接测得的，F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_。（3）实验中用M、N两个测力计通过细线拉橡皮条的结点，使其到达O点，此时+=90，然后保持M的示数不变，而使减小，为保持结点位置不变，可采用的办法是_A减小N的示数同时减

10、小角B减小N的示数同时增大角C增大N的示数同时增大角D增大N的示数同时减小角12（12分）某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系图中，置于实验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码本实验中可用的钩码共有个，每个质量均为实验步骤如下：（1）为了平衡小车与木板间的摩擦力，将个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物快，使小车（和钩码）可以在木板上_（填“匀速”、“加速”、“减速”）下滑（2）从小车上取个钩码挂在轻绳右端，其余个钩码仍留在小车内；用手按住小车并使轻绳与木板平行由静止释放小车，

11、同时用传感器记录小车在时间内相对于其起始位置的位移，则小车的加速度 _（用和表达）（3）依次改变的值，分别测出小车相应的加速度，得到图像如图（b）所示，已知该直线的斜率为，重力加速度为，则小车（不含钩码）的质量为_（用、表达）（4）若以“保持木板水平”来代替步骤（1），下列说法正确的是_(填正确答案标号)A图线不再是直线B图线仍是直线，该直线不过原点C图线仍是直线，该直线的斜率变大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）现代观测表明，由于引力的作用，恒星有“聚焦”的特点，众多的恒星组成不同层次的恒星系统，最简单

12、的恒星系统是两颗互相绕转的双星。它们以两者连线上的某点为圆心做匀速圆周运动，这样就不至于由于万有引力的作用而吸引在一起。如图所示，设某双星系统中的两星S1、S2的质量分别为m和2m，两星间距为L，在相互间万有引力的作用下，绕它们连线上的某点O转动已知引力常量G，求：（1）S1、S2两星之间的万有引力大小；（2）S2星到O点的距离；（3）它们运动的周期。14（16分）如图所示，O为固定悬点，长为L的绝缘丝线悬挂一个带电量为q小球，处于水平方向的匀强电场中受到电场力为F当丝线处于竖直位置时，将小球由静止释放，丝线摆动的最大角度为，重力加速度为g求：（1）电场强度；（2）小球由静止摆到角时电势能的变

13、化量；（3）带电量为q的小球质量15（12分）如图所示，水平传送带左端A处与倾角为=37的光滑斜面平滑连接，右端B处与一水平面平滑连接，水平面上有一固定竖直挡板，挡板左侧与一轻弹簧连接，弹簧处于自然状态，弹簧左端刚好与水平面上的C点对齐，斜面长为x1=3 m，传送带长L=2 m，BC段长x2=1 m，传送带以速度v=2 ms顺时针转动一质量为1 kg的物块从斜面顶端由静止释放，已知物块与传送带间及水平面BC段的动摩擦因数=0.2，水平面C点右侧光滑，重力加速度取g=10 ms2，sin 37=0.6，cos 37=0.8，求：(1)弹簧获得的最大弹性势能；(2)物块第三次到达B点时的速度大小；

14、(3)物块与传送带由于相对滑动而产生热量的最大值参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】-x图线的切线斜率表示电场强度的大小，所以M处的场强不为零，N处场强为零，故A B错误；由图象可知，UMNUNP，故电场力做功qUMNqUNP，从P移到M过程中，电场力做负功，故|WPN|WNM|，故C错误；因为N点的场强为0，所以两点的电荷在N点产生的场强大小相等，方向相反，两电荷为异种电荷，根据沿电场线方向电势逐渐降低，Q1带负电、Q2带正电因为N点的场强为0，所以两点的电荷在N点产生的场强大小相等，方向相反，根据E=

15、kQr2，知距离大的电量大，所以Q1的电荷量大于Q2的电荷量故D正确；故选D.点睛：-x图象中：电场强度的大小等于-x图线的斜率大小，电场强度为零处在-x图象中可以直接判断各点电势的大小，并可根据电势大小关系确定电场强度的方向在-x图象中分析电荷移动时电势能的变化，可用W=qU，进而分析WW的正负，然后作出判断2、D【解析】AC根据平均速度公式可得，位移：，所以能求出战斗机在甲板上运动的位移、平均速度，故AC不符合题意； BD根据加速度的定义式，能求出战斗机在甲板上运动的加速度，因为不知道战斗机的质量，无法由牛顿第二定律求战斗机所受的阻力，故选项B不符合题意，选项D符合题意【点睛】本题主要考查

16、了匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律的直接应用，熟练掌握加速度和平均速度公式3、C【解析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，故ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差Uac大于b、c间电势差Ubc，即：a-bb-c，得到：b故选C.4、C【解析】由速度-时间图像可知，物体开始时做加速度减小的加速直线运动，最后做匀速运动，故A错误；在t=0时刻，图线切线的斜率即为该时刻的加速度，故有，故B错误；在t=0时刻开始加速时，v0=0，由牛顿第二定律可得，最后匀速时有：vm=10m/s，a=0，由平衡条件可得，联立解得： =0.25，k=30kg/s，故C正确、D错误所以C正确，AB

17、D错误5、C【解析】A该弹簧振子的振动周期为，选项A错误；B该弹簧振子的振幅为，选项B错误；C因在PQ两点振子的速度为零，则动量为零，则在记录笔留下PQ段印迹的过程中，物块动量的变化为零，根据动量定理可知，物块所受合力的冲量为零，选项C正确；D根据动能定理，在记录笔留下PQ段印迹的过程中，合力对物块做功为零，而合力功等于弹力功与重力功之和，重力功不为零，则弹力对物块做功不为零，选项D错误6、C【解析】A在光电效应现象中，逸出功由金属本身决定，故A错误；B比结合能是结合能与核子数的比值，比结合能大的原子核分裂成比结合能小的原子核时一定吸收能量，故B错误；C根据德布罗意波的波长的公式可知，动量相同

18、的质子和电子，具有相同的德布罗意波波长，故C正确；D玻尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了氢原子光谱的实验规律，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A小球从斜面做平抛运动又落回到斜面上，位移在水平方向的夹角等于斜面的倾斜角，有得故A正确；B根据速度夹角和位移夹角的关系式：tan=2tan，根据数学知识，所以小球落到斜面上时的速度大小故B错误；C根据速度夹角和位移夹角的关系式：tan=2tan，小球落

19、到斜面上时速度方向和初速度无关，方向始终不变，故C错误；D小球落到斜面上时的速度大小 ，即小球落到斜面上时的速度大小和初速度成正比，所以若小球以2v0水平飞出，假设小球仍能落回到斜面上，则小球落到斜面上的速度大小是以v0飞出时落回到斜面上的2倍，故D正确。8、AC【解析】ABC角速度相等，根据a=r2知，C的轨道半径最大，C的向心加速度最大，AB的向心加速度相等，故A正确，B错误。物体做匀速圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，fA2mR2，fBmR2，fC2mR2，可知B物体的摩擦力最小，故C正确，D错误；故选AC.9、BD【解析】甲、乙两光滑半圆轨道半径分别为R和r（Rr），故恰好通过最高点的是

20、a球，A错误；由A球过最高点的临界速度为，则，则小球a具有的初动能为，故弹簧的弹性势能,故B正确；b小球的机械能守恒，解得，a球通过最高点轨道对的支持力为N，解得，故C错误；a球做平抛运动，解得，同理b球做平抛运动，解得，故CD两点之间的距离为，故D正确10、AC【解析】圆环与平板碰撞过程，若碰撞时间极短，内力远大于外力，外力可忽略不计，则系统总动量守恒，故A正确；由于碰后速度相同，为完全非弹性碰撞，机械能不守恒，减小的机械能转化为内能，故B错误；碰撞后平衡时，有即碰撞后新平衡位置与下落高度无关，故C正确；碰撞后环与板共同下降的过程中，它们动能和重力势能的减少量之和等于弹簧弹性势能的增加量，故

21、D错误故选AC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）未记录力F1和F2的方向； 未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O； （2）F； F （3）A【解析】（1）步骤中遗漏的重要操作是：未记录F1和F2的方向；步骤中遗漏的重要操作是：未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O；（2）F与F两力中，F是理论值，F是实验值，则F方向一定沿AO方向；（3）要保证结点不动，应保证合力不变，则由平行四边形定则可知，合力不变，M方向向合力方向靠拢，根据图象可知，则N的拉力应减小，同时应减小角；故选A。12、匀速 BC 【解析】（1）平衡摩擦力的原理是利用重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，使得小车的合力为零，做匀速直线运动；（2）初速度为零，经历的时间为t，位移为s，所以根据公式可得（3）对小车和n个钩码组成的整体分析，根据牛顿第二定律得：，解得加速度，a-n图象的斜率：，解得（5）木板保持水平时，由牛顿第二定律得：，解得：；所以图像仍是直线，斜率变为，变大了，而且纵截距不为零，即不过原点，所以BC正确四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。