2023届云南省玉溪市元江县第一中学物理高三第一学期期中监测模拟试题(含解析)_第1页
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文档简介

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,纸面内有一以A、B、C、D为顶点的正方形区域,其中心O处有一带电荷量为Q的正点电荷,E、F分别为AB边和AD边的中点,则在该电荷产生的电场中()AA,B, C,D四点处的电场强度相同BA,E,B三点间的电势差满足CA

2、、F两点处的电场强度大小之比为2:1D电子在C处时的电势能小于在F处的电势能2、汽车以20m/s的速度做匀速直线运动,刹车后的加速度为,那么刹车后2s与刹车后6s汽车通过的位移之比为( )A11B31C34D5213、某段高速公路对载重货车设定的允许速度范围为5080 km/h,而上坡时若货车达不到最小允许速度50 km/h,则必须走“爬坡车道”来避免危险,如图所示某质量为4.0104 kg的载重货车,保持额定功率200 kW在“爬坡车道”上行驶,每前进1 km,上升0.04 km,汽车所受的阻力(摩擦阻力与空气阻力)为车重的0.01倍,g取10 m/s2,爬坡车道足够长,则货车匀速上坡的过程

3、中()A牵引力等于2104 NB速度可能大于36 km/hC上坡过程增加的重力势能等于汽车牵引力所做的功D上坡过程增加的机械能等于汽车克服阻力所做的功4、物体在万有引力场中具有的势能叫做引力势能取两物体相距无穷远时的引力势能为零,一个质量为m0的质点距离质量为M0的引力源中心为r0时其引力势能(式中G为引力常数),一颗质量为m的人造地球卫星以圆形轨道环绕地球飞行,已知地球的质量为M,由于受高空稀薄空气的阻力作用卫星的圆轨道半径从r1逐渐减小到r1若在这个过程中空气阻力做功为Wf,则在下面给出的Wf的四个表达式中正确的是()ABCD5、在物理学的重大发现中,科学家们创造出了许多物理学研究方法,如

4、理想实验法、控制变量法,极限思想法、类比法、科学假说法,建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述中正确的是()A在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法叫极限思想法B根据速度定义式,当非常非常小时,就可以用表示物体在t时刻的瞬时速度,这是应用了假设法C将一个铁球放在墙角处直接判断两个接触面处的形变比较困难,若在两个接触面处加放海绵垫,通过观察海绵的凹陷来判断就比较容易,这里采用的是转化和控制变量的方法D在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用了微元法6、如图所示,一根轻绳跨过定滑轮

5、,连接着质量分别为M和m的两个物体,滑轮左侧的绳和斜面平行,两物体都保持静止不动,已知斜面倾角为37(sin37=0.6,cos37=0.8), 质量为M的物体和静止斜面间的动摩擦因数为0.125,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,不计绳与定滑轮之间的摩擦,则M与m的比值范围是ABCD二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,一位同学玩飞镖游戏,圆盘最上端有一点P,飞镖抛出时与P在同一竖直面内等高,且距离P点为L,当飞镖以初速度垂直盘面瞄准P点抛岀的同时,圆盘以经过盘

6、心O点水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力,重力加速度g,若飞镖恰好击中P点,则()A飞镖击中P点所需的时间为B圆盘的半径可能为C圆盘转动角速度的最小值为DP点随圆盘转动的线速度可能为8、如图所示,在倾角为30的斜面上,质量为1kg小滑块从点由静止下滑,到点时接触轻弹簧滑块滑至最低点后,又被弹回到点,已知重力加速度取,下列说法中正确的是A滑块滑到点时动能最大B弹簧的最大弹性势能为2JC从到弹簧的弹力对滑块做了5J的功D整个过程中滑块和弹簧组成的系统机械能守恒9、汽车从静止开始沿平直轨道做匀加速运动,所受阻力始终不变,在此过程中,下列说法正确的是A汽车牵引力保持不变B汽车牵引力逐渐增大C发动

7、机输出功率不变D发动机输出功率逐渐增大10、在如图所示电路中,蓄电池的电动势E04 V,内阻r1 ,电阻R4 ,电容为1 pF的平行板电容器水平放置且下极板接地一带电油滴位于板间正中央P点且恰好处于静止状态下列说法正确的是AP点的电势为2VB上极板所带的电荷量为3.21012CC若在P点与下极板间插入一块玻璃板,电容器上极板所带的电荷量将增加D若将上极板缓慢上移少许,油滴将向上运动三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)在测定匀变速直线运动加速度实验中,某次实验纸带的记录如图所示,纸带上O、A、B、C、D、E、F、G为计数点,每相邻两

8、个计数点间还有4个点没有画出,由图可知纸带的加速度等于_,在打D点时纸带的速度为_(保留两位有效数字),F到G的距离为_cm12(12分)某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M,其实验装置如图甲所示,设计的实验步骤为:(1)调整长木板倾角,当钩码的质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动;(2)保持木板倾角不变,撤去钩码m0,将滑块移近打点计时器,然后释放滑块,滑块沿木板向下做匀加速直线运动,并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)请回答下列问题:打点计时器在打下D点时滑块的速度vD=_m/s;(结果保留3位有效数字)滑块做匀加速直线运动的加速度a=_m/s2;(结果

9、保留3位有效数字)滑块质量M=_(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)(3)保持木板倾角不变,挂上质量为m(均小于m0)的钩码,滑块沿木板向下匀加速运动,测出滑块的加速度;多次改变钩码的质量,分别求出相应的加速度(4)若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等,作出amg图象如图丙所示,则由图丙可求得滑块的质量M=_kg(取g=10m/s2,结果保留3位有效数字)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13(10分)如图所示,用弹簧秤称物块时,静止时弹簧秤读数是F1=7.5N.用弹簧秤拉着物块沿着倾角为=的斜面向上匀速滑动时,弹簧

10、秤读数是F2=6N,弹簧秤的拉力方向与斜面平行.求物块与斜面间的动摩擦因数。 (sin=0.6,cos=0.8)14(16分)两物块、并排放在水平地面上,且两物块接触面为竖直面,现用一水平推力作用在物块上,使、由静止开始一起向右做匀加速运动,如图甲所示,在、的速度达到时,搬去推力已知、质量分别为、,与水平面间的动摩擦因数为,与地面没有摩擦,物块运动的图象如图乙所示取,求:(1)推力的大小(2)物块刚停止运动时,物块、之间的距离15(12分)如图所示,质量m1=2kg小物块放在足够长的质量m2=1kg的木板的左端,板和物块间的动摩擦因数1=0.2,板和水平面间的动摩擦因数2=0.1,两者均静止。

11、现突然给木板向左的初速度v0=3.5m/s,同时对小物块施加一水平向右的恒定拉力F=10N,当木板向左运动最远时撤去F,取g=10m/s2。求:(1)木板开始运动时,小物块和木板的加速度大小;(2)整个过程中,木板在水平面上滑行的位移大小;(3)整个过程中,小物块、木板和水平面组成系统摩擦产生的热。参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据电场线的分布情况分析各点电场强度的关系由电场线的方向及公式U=Ed分析电势差关系由E=求A、F两点处的电场强度大小之比结合电势高低分析电势能的大小【详解】A项:ABCD四

12、点到O点的距离相等,则四点处的电场强度大小相等,但方向不同,则电场强度不同,故A错误;B项:根据电场线的分布可知,A、B两点的电势低于E点的电势,结合对称性和公式U=Ed知A、E、B三点间的电势差应满足UAE=UBE,故B正确;C项:A、F两点到O点的距离之比为,由E=知A、F两点处的电场强度大小之比1:2,故C错误;D项:C处电势比F处电势低,根据负电荷在电势低处电势能大,知电子在C处时的电势能大于在F处的电势能,故D错误故应选:B【点睛】本题关键要搞清点电荷电场的分布情况,灵活运用公式E=,要知道公式中Q是场源电荷,r是到场源电荷的距离2、C【解析】汽车的初速度为20m/s,加速度的大小为

13、5m/s2,根据速度时间的关系式可以得到汽车的运动的时间为:,即经过2s的时间汽车就已经静止了,汽车刹车后前2秒的位移为:,汽车刹车后前6秒内经过的位移即为经过2s的位移的大小:,所以汽车刹车后2秒内与刹车后6秒内汽车通过的位移之比为:A. 11故A项错误; B. 31故B项错误; C. 32故C项正确; D. 53故D项错误3、A【解析】A、货车匀速上坡的过程中,根据平衡条件,牵引力的大小故A正确B、根据可得故B错C、上坡的过程中增加的重力势能等于汽车牵引力做的功与克服阻力做功之差,故C错D根据功能关系,上坡过程中增加的机械能等于汽车牵引力做功与克服阻力所做功之差故D错【点睛】本题通过汽车的

14、运动来考查公式,以及功能关系本题在审题是要特别注意的是汽车是匀速爬坡的,所以汽车增加的机械能就等于增加的重力势能4、B【解析】求出卫星在半径为r1圆形轨道和半径为r1的圆形轨道上的动能,从而得知动能的减小量,通过引力势能公式求出势能的增加量,根据能量守恒求出发动机所消耗的最小能量【详解】卫星在圆轨道半径从r1上时,根据万有引力提供向心力:;解得。卫星的总机械能:;同理:卫星的圆轨道半径从r1上时,;卫星的总机械能:;卫星的圆轨道半径从r1逐渐减小到r1在这个过程中空气阻力做功为Wf,等于卫星机械能的减少:所以选项B正确。故选B。5、D【解析】A质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法,故

15、A错误;B为研究某一时刻或某一位置时的速度,我们采用了取时间非常小,即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度,即采用了极限思维法,故B错误;C将一个铁球放在墙角处直接判断两个接触面处的形变比较困难,若在两个接触面处加放海绵垫,通过观察海绵的凹陷来判断就比较容易,这里采用的是转化法,没有使用控制变量法,故C错误;D在探究匀变速运动的位移公式时,采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动,即采用了微元法,故D正确。故选D。6、A【解析】依题意,对物体m受力分析,根据平衡条件,绳子的拉力:F=mg 若F较小,物块A有沿着斜面向下滑的趋势,此时物块A受力分析如图所示:由力的平衡条件得:F

16、N=Mgcos37 F+Ff=Mgsin37 FfFN 联立可解得得:m0.5M;若F较大,A物块有沿着斜面向上滑动的趋势,此时物块A受力分析如图所示:由平衡条件得:FN=Mgcos37 F=Ff+Mgsin37 FfFN 代入数据解得:m0.7M物块m的质量的取值范围是:0.5Mm0.7M,故:故A正确,B、C、D错误;故选A。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】A. 飞镖水平抛出做平抛运动,在水平方向做匀速直线运动,因此,故A正确B. 飞镖击中P点时,

17、P恰好在最下方,则,解得圆盘的半径,故B错误C. 飞镖击中P点,则P点转过的角度满足所以圆盘转动角速度的最小值为,故C错误D. P点随圆盘转动的线速度为当k=3时,故D正确。故选AD。8、CD【解析】根据滑块的运动过程,分析斜面是否有摩擦,分析机械能的变化情况;根据受力情况确定速度最大的位置;根据功能关系分析弹性势能.【详解】小滑块从a点由静止下滑,到b点时接触一轻弹簧,滑块滑至最低点c后,又被弹回到a点,说明整个过程中系统的机械能没有损失,所以斜面光滑.A、当滑块的合力为0时,滑块速度最大,合力为零的位置应该在bc之间某一位置,故A错误.B、从a到c根据功能关系可知,物体重力势能的减少等弹性

18、势能的增加,则EP=mg(ab+bc)sin30=5J,弹簧的最大弹性势能为5J,故B错误.C、根据功能关系可知,弹簧克服弹力做的功等于弹性势能的增加,所以弹簧的弹力对滑块做了5J的功,故C正确.D、整个过程中滑块和弹簧组成的系统只有重力或弹力做功,所以系统的机械能守恒,故D正确.故选CD.【点睛】本题的关键是认真分析物理过程,把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律,列出相应的物理方程解题同时要明确弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化.9、AD【解析】A、因为汽车做匀加速运动,则物体受到的合力大小不变,又因为阻力不变,合力等于牵引力减去摩擦力,因此牵引力保持不变,故A正确,B

19、错误;C、输出功率,因为牵引力F不变,速度越来越大,因此发动机的输出功率逐渐增大,故C错误,D正确。10、BC【解析】A项:R两端的电压,P点的电势为,故A错误;B项:上极板所带的电荷量Q=CU=3.210-12C,故B正确;C项:电容得,插入一块玻璃板,则r增大,Q增加,故C正确;D项:油滴在P点受力平衡,qE=mg,若将上极板缓慢上移少许,电容器两端的电压U不变,板间距离d增大,根据得,场强E减小,油滴所受的电场力qE也减小,油滴将向下运动,故D错误三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、172 m/s2 141 m/s 291 cm

20、【解析】根据题意可知:每相邻两个计数点间还有4个点没有画出,因此计数点之间的时间间隔为:,根据匀变速直线运动推论 可得:;根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,因此有:;根据题意可知:,则:【点睛】能够知道相邻的计数点之间的时间间隔,利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力,在平时练习中要加强基础知识的理解与应用,提高解决问题能力12、;, ;(4)【解析】试题分析:根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小;根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小;当取下细绳和钩码时,由于滑块所受其它力不变,因此其合外

21、力与撤掉钩码的重力等大反向;根据牛顿第二定律有mg=Ma,由此可解得滑块的质量从图乙中可知,(2)相邻计数点间的时间间隔为,根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得, 根据逐差法可得,联立即得滑块做匀速运动时受力平衡作用,由平衡条件得,撤去时滑块做匀加速直线运动时,受到的合外力,由牛顿第二定律得,解得(4)滑块做匀速运动时受力平衡作用,由平衡条件得,挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动,受到的合外力为,由牛顿第二定律得,解得,由图丙所示图象可知,解得M=0.200kg四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、0.25【解析】当用弹簧秤称物块时根据平衡条件可得当用弹簧秤拉着物块沿着斜面匀速上滑过程中,受力如图所示根据平衡条件可得 联立解得:

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