2022-2023学年山西省河津三中物理高三第一学期期中达标检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、t0时刻，小球以一定初速度水平抛出，不计空气阻力，重力对小球做功的瞬时功率为P则Pt图象正确的是（ ）ABCD2、质量为m的物体由静止开始下落，由于空气阻力影响物

2、体，下落的加速度为g，在物体下落高度h的过程中，下列说法正确的是（ ）A物体的动能增加了mghB物体的机械能减少了mghC物体克服阻力所做的功为mghD物体的重力势能减少了mgh3、如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O的水平线已知一小球从M点出发，以初速沿管道MPN运动，到N点的速率为，所需的时间为；若该小球仍由M点以相同初速出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为，所需时间为则A，B，C，D，4、如图所示，木块A的右侧为光滑曲面，曲面下端极薄，其质量，原来静止在光滑的水平面上，质量的小球B以v=3m/s的速度从右向左做匀速直线运动中与木块A发生相互作用

3、，则B球沿木块A的曲面向上运动中可上升的最大高度为（设B球不能飞出去，g=10m/s2）（）A0.45m B0.25m C0.1m D0.15m5、如图所示，细绳悬挂在墙壁上的A、B两点位置，已知AO=BO且AOBO，同一细绳子ACB总长度是AO段的3倍挂在细绳上的小滑轮C可自由移动，其下悬挂重为G的物体，不计细绳和小滑轮的质量及其摩擦则小滑轮静止时( ) A两根绳子的拉力大小为32G8B两根绳子的拉力大小为 33GC悬挂点B上移两根绳子的拉力变小D悬挂点B上移两根绳子的拉力变大6、如图所示是电容式话筒的示意图，它是利用电容制作的传感器，话筒的振动膜前面有薄薄的金属层，膜后距离膜几十微米处有一

4、金属板，振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极，在两极间加一个电压U，人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，使声音信号被话筒转化为电信号，其中导致电容变化的原因可能是电容器两板间的A介质变化B正对面积变化C距离变化D电压变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、静止在粗糙水平地面上的物块(视为质点)在水平拉力作用下向右运动，经过一段时间后撤去拉力。物体在整个运动过程中的速度的二次方随位移的变化规律如图所示。已知物块的质量为1kg，取g10m/s1下列说

5、法正确的是 ( )A拉力作用的时间为3sB物块运动过程的平均速度大小为9m/sC物块与地面间的动摩擦因数为0.6D拉力做的功为36J8、一定质量的理想气体由状态A经状态B变化到状态C的P-V图象如图所示若已知在A状态时，理想气体的温度为127，则下列说法正确的是_(已知1atmPa) A气体在B状态时的温度为900B状态A与状态C理想气体分子平均动能相等C状态A到状态C的过程中气体对外做功D状态A到状态C的过程中气体温度不变E.状态A到状态C的过程中气体吸收热量为900 J9、如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m = 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧

6、压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量x的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法中正确的是( )A该弹簧的劲度系数为20 N/mB当x = 0.3 m时，小球处于超重状态C从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大D小球刚接触弹簧时速度最大10、如图所示，等间距的平行实线表示电场线，虚线表示一个带负电的粒子在该电场中运动的轨迹，、为运动轨迹上的两点若不计粒子所受重力和空气阻力的影响，下列说法中正确的是（ ）A场强方向一定是沿图中实线向右B该粒子运动过程中速度一定不断增大

7、C该粒子一定是由向运动D该粒子在点的电势能一定大于在点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz。如图甲所示，在实验获得的纸带上，选出零点，每隔4个点取1个计数点，沿各计数点垂直纸带将纸带剪断；将剪得的几段纸带并排贴在坐标中，各段紧靠但不重叠；最后将纸条上端中心连起来，得到v-t图象如图乙所示。(1)各段纸带对应的时间间隔T=_s；(2)第1段纸带与纵轴v的交点表示_；(3)由图乙可知物体的加速度大小为_（保留三位有效数字）；(4)打下计数点“0”时，物体的速度

8、为_（保留三位有效数字）。12（12分）物理小组的同学在实验室用打点计时器研究小车的匀变速直线运动，他们将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到一条纸带。他们在纸带上便于测量的地方选取第一个计时点，在这个点下标明A；然后每隔4个点选一个计数点，依次标为B、C、D、E；最后用刻度尺正确测量，结果如图所示。则打C点时小车的瞬时速度大小为_m/s，小车运动的加速度大小为_m/s2，BC间的距离为_cm。（保留三位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一个底面粗糙、质量为M的劈放在粗糙的水平面

9、上，劈的斜面光滑且与水平面成30角；现用一端固定的轻绳系一质量为m的小球，小球放在斜面上，小球静止时轻绳与竖直方向的夹角也为30，如图所示，试求：（1）当劈静止时绳子的拉力大小（2）若地面对劈的最大静摩擦力等于地面对劈支持力的k倍，为使整个系统静止，求k的最小值。14（16分）如图所示，传送带与地面的夹角37，A、B两端间距L16 m，传送带以速度v10 m/s，沿顺时针方向运动，物体m1 kg，无初速度地放置于A端，它与传送带间的动摩擦因数0.5，试求：(sin 370.6，cos 370.8)(1)物体由A端运动到B端的时间；(2)系统因摩擦产生的热量。15（12分）如图所示，一定质量的理

10、想气体被活塞封闭在气缸内，活塞质量为m、横截面积为S，可沿气缸壁无摩擦滑动并保持良好的气密性，整个装置与外界绝热，初始时封闭气体的温度为T1，活塞距离气缸底部的高度为H，大气压强为P0.现用一电热丝对气体缓慢加热，若此过程中电热丝传递给气体的热量为Q，活塞上升的高度为，当地重力加速度为g。求(1)此时气体的温度；(2)气体内能的增加量。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】将小球以一定的初速度水平抛出，不计阻力，物体做平抛运动，速度为，故t秒时重力的功率为故说明P与时间成正比，故C正确，ABD错误。故选C。

11、2、A【解析】物体的合力做正功为mah=mgh，则物体的动能增量为mgh，故A正确；物体下落过程中，受到阻力为f=mg-ma=mg，物体克服阻力所做的功mgh，机械能减小量等于阻力所做的功；故机械能减小了mgh；故BC错误；物体下落h高度，重力做功为mgh，则重力势能减小为mgh，故D错误；故选A【点睛】本题应明确重力势能变化是由重力做功引起，而动能变化是由合力做功导致，除重力以外的力做功等于机械能的变化3、A【解析】试题分析：根据机械能守恒定律分析小球到达N点时速率关系，结合小球的运动情况，分析平均速率关系，即可得到结论解：由于小球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，到达N点时速率相等，即

12、有v1=v1小球沿管道MPN运动时，根据机械能守恒定律可知在运动过程中小球的速率小于初速率v0，而小球沿管道MQN运动，小球的速率大于初速率v0，所以小球沿管道MPN运动的平均速率小于沿管道MQN运动的平均速率，而两个过程的路程相等，所以有t1t1故A正确故选A【点评】解决本题关键要掌握机械能守恒定律，并能用来分析小球速率的大小，知道平均速率等于路程与时间之比4、D【解析】试题分析：小球在曲面体上滑动的过程中，小球和曲面体组成的系统，水平方向不受外力，水平方向动量守恒，系统的机械能也守恒，根据两个守恒列方程求解组成的系统在水平方向动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得，由机械能守

13、恒定律得，联立并代入数据得h=0.15m，D正确5、A【解析】AB、由图根据几何关系知：lACsin+lBCsin=OA，又lAC+lBC=3OA，解得：sin=13，则cos=223，由C点受力分析得：F1cos+F2cos=G，且是同一根绳子：F1=F2，解得绳子拉力大小均为：F1=F2=G2cos=32G8，故A正确，B错误；CD、悬挂点B上移，由图根据几何关系知绳子与竖直方向的夹角不变，两根绳子的拉力的大小不变，故C、D错误；故选A。【点睛】关键是根据几何关系列式，联立方程求解夹角；同一根绳，拉力相等，对C点受力分析，根据平衡条件列式求解即可。6、C【解析】根据人对着话筒说话时，振动膜

14、前后振动，使电容发生变化，根据电容的决定因素分析导致电容变化的原因【详解】金属层和金属板之间电介质是空气，没有变化，不会导致电容变化，故A错误；振动膜前后振动，金属层和金属板正对面积没有变化，不会导致电容变化，故B错误；振动膜前后振动，金属层和金属板之间的距离发生变化，导致电容变化，故C正确；电容与电压无关，电压的变化不会导致电容变化，故D错误所以C正确，ABD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A.根据图像可知，加速阶段的末速度为6m/s，加速位移为

15、9m，根据平均速度公式可知 ，加速时间即拉力作用时间故A正确。B.物块开始做初速度为零的匀加速，然后做末速度为零的匀减速，所以平均速度相同，均为最大速度的一半，即3m/s，故B错误。C.根据减速阶段有 ，且 ，代入数据解得： ，故C正确。D.全程根据动能定理可知解得拉力做功 ，故D错误。8、BCE【解析】A.根据，且，解得：即:故A错误；B.根据，可知在状态A有：在状态C有：即:则理想气体分子平均动能相等，故B正确；C.状态A到状态C的过程中体积增大，故气体对外做功，故C正确；D.因为根据，可知在状态B有：即:则从A到C温度先升高再降低，故D错误；E.因为状态A和状态C温度相同，故内能相等，而

16、状态A到状态C的过程中气体对外做了多少功，气体就要吸收多少热量，即，即P-V图象围成的面积，则有：故E正确；故选BCE9、ABC【解析】由图象可知，当x=0.1m时，小球的速度最大，加速度为零，此时重力等于弹簧对它的弹力，根据kx=mg求出k，再求出最低点的弹力，根据牛顿第二定律求解在最低点的加速度，与刚开始接触时比较得出什么时候加速度最大，小球和弹簧组成的系统机械能守恒。【详解】由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1m时，小球的速度最大，然后减小，说明当x为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力。所以可得：kx=mg，解得：，故A正确；当x=

17、0.3m时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B正确；图中的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故C正确；由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1m时，小球的速度最大，然后速度减小，故D错误；故选ABC。【点睛】解答本题要求同学们能正确分析小球的运动情况，能根据机械能守恒的条件以及牛顿第二定律解题，知道从接触弹簧到压缩至最短的过程中，弹簧弹力一直做增大，弹簧的弹性势能一直增大。10、AD【解析】试题分析：由粒子的运动轨迹可知，粒子一定受到指向运动轨迹凹面的电场力，再结合电场线的方向可

18、知，电场力一定沿水平方向向左，由于粒子带负电，故电场线的方向一定水平向右，选项A正确；若粒子由b运动到a，则电场力做负功，粒子的动能会减小，反之，当粒子由a运动到b时，电场力做正功，则粒子的动能会增大，故不能确定粒子的运动方向，选项BC错误；由于粒子由a到b时，电场力做正功，故电势能一定减小，即粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能，选项D正确考点：电场力、动能定理，电势能【思路点拨】这类题一般先由曲线的偏转方向确定其受力的方向，然后再由该方向与位移夹角确定电场力做正功还是负功，再判断其他的选项三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、T=

19、0.10s 第1段纸带的平均速度（或第1段纸带中间时刻的速度） 1.60m/s2 0.500m/s 【解析】(1)1由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔；(2)2根据平均速度等于中时刻瞬时速度，那么第1段纸带与纵轴的交点表示第1段纸带的平均速度(或第1段纸带中间时刻的速度)；(3)3由纸带数据，可得：根据加速度的公式可得：(4)4根据匀变速直线运动的速度公式可得0点时物体的速度为：12、0.986 2.58 8.57 【解析】1相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：2根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1T2x4-x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对2个加速度取平均值得： 即小车运动的加速度计算表达式为： 3根据匀变速直线运动的推论公式xm-xn=