新疆乌鲁木齐八一中学2021-2022学年高二化学第二学期期末统考试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列关于0.1mol/LNaHCO3溶液中微粒浓度的关系式正确的是Ac(CO32)c(H2CO3)Bc(Na)c(HCO3)c(OH)c(H+)Cc(Na)2c(H2CO3)c(HCO3)c(CO32)Dc(Na)c(H)c(OH)c(HCO3)

2、c(CO32)2、下列物质的转化在给定条件下能实现的是ASO2(NH4)2SO3Na2SO3BNaCl(aq)Na2CO3(aq)NaOHCFeOFe(NO3)2Fe(NO3)3DMgCO3MgCl2(aq)Mg3、某有机物的结构简式为，它在一定条件下不可能发生加成、水解、消去、酯化、中和中的反应有()A B C D4、科学家研制出的八硝基立方烷(结构如图所示，碳原子未画出)是一种新型高能炸药，爆炸分解得到无毒、稳定的气体，下列说法正确的是（ ）A分子中C、N间形成非极性键B1 mol该分子中含8 mol二氧化氮C该物质既有氧化性又有还原性D该物质爆炸产物是NO2、CO2、H2O5、姜黄素有抗

3、氧化、保肝护肝、抑制肿瘤生长等功能。它的结构简式如图所示已知：下列有关姜黄素的说法正确的是A姜黄素在一定条件下能发生水解、加成、氧化反应B1个姜黄素分子一定有15个原子共平面C1mol姜黄素在镍（Ni）、加热条件下最多10molH2发生加成反应D姜黄素的分子式为C21H18O66、下列判断，结论正确的是（ ）选项项目结论A三种有机化合物：丙烯、氯乙烯、苯分子内所有原子均在同一平面B由溴丙烷水解制丙醇、由丙烯与水反应制丙醇属于同一反应类型C乙烯和苯都能使溴水褪色褪色的原理相同DC4H9Cl的同分异构体数目（不考虑立体异构）共有4种AABBCCDD7、在如图所示的蓝色石蕊试纸上X、Y、Z三处分别滴

4、加30%的盐酸、98.3%的硫酸和新制的氯水，三处最后呈现的颜色分别是（）A红、红、白B红、黑、红C红、红、红D红、黑、白8、下列依据热化学方程式得出的结论正确的是A已知 P(s,白磷) =P(s,红磷) HbD已知 NaOH(aq)+HCl(aq)= NaCl(aq)+H2O(l) H=-57.3 kJmol-1,则含 40.0 g NaOH的稀溶液与稀醋酸完全中和,放出小于57.3 kJ 的热量9、下列关于乙醇的叙述中，错误的是 （ ）A乙醇俗称酒精B乙醇不能溶于水C乙醇可用于消毒D乙醇能可以和金属钠反应10、下列选项中，有关实验操作、现象和结论都正确的是()选项实验操作现象结论A将过量的

5、CO2通入CaCl2溶液中无白色沉淀出现生成的Ca(HCO3)2可溶于水B常温下将铁片插入浓硫酸中无明显现象铁片和浓硫酸不反应C用玻璃棒蘸取浓氨水点到红色石蕊试纸上试纸变蓝色浓氨水呈碱性D向澄清石灰水加入某试剂的溶液少许产生白色沉淀该试剂中一定含有CO32AABBCCDD11、下图有机物的正确命名为 ()A2-乙基-3,3-二甲基戊烷B3,3-二甲基-4-乙基戊烷C3,3,4-三甲基己烷D3,4,4-三甲基己烷12、铁镍蓄电池又称爱迪生电池。放电时的总反应为：FeNi2O33H2OFe(OH)22Ni(OH)2。下列有关该电池的说法错误的是A电池的电解液为碱性溶液，负极为FeB电池放电时，负极

6、反应为Fe2OH2eFe(OH)2C电池充电过程中，阴极附近溶液的pH增大D电池充电过程中，OH向阴极迁移13、下列溶液的物质的量浓度的计算正确的是()AVLFe2(SO4)3溶液中含Fe3+mg，溶液中c(SO42-)是56mVmolL-1B将100mL1.5molL-1的NaCl溶液与200mL2.5molL-1的NaCl溶液混合(忽略溶液体积变化)，得到溶液的物质的量浓度为2molL-1C实验室配制480mL0.1molL-1的硫酸铜溶液，应选取500mL容量瓶，称取12.5g胆矾配成500mL溶液D标准状况下，aLNH3溶于1000g水中，得到的溶液密度为bgcm-3，则该溶液的物质的

7、量浓度为a22.4molL-114、火法炼铜的原理是：Cu2S+O22Cu+SO2，有关该反应的说法正确的是（ ）A氧化剂是O2，氧化产物是Cu和SO2B被氧化的元素只有硫，得电子的元素只有氧CCu2S只表现出还原性D当有lmolO2参加反应时，共有6mol电子发生了转移15、下列属于非电解质的是A氯化钠B氨气C氯水D铜16、下列条件下，两瓶气体所含原子数一定相等的是()A同质量的N2和CO2 B同质量的H2和N2C同体积的O2和N2 D相同物质的量的N2O和CO2二、非选择题（本题包括5小题）17、为探宄固体X(仅含两种常见短周期元素)的组成和性质，设计并完成如下实验：己知：气体A是一种纯净

8、物，在标准状况下的密度为1.429 g/L；固体B是光导纤维的主要成分。请回答：（1）气体A分子的电子式_，白色沉淀D的化学式_。（2）固体X与稀硫酸反应的离子方程式是_。（3）已知NH3与气体A在一定条件下反应后可得到一种耐高温陶瓷材料(仅含两种元素，摩尔质量为140 g/mol)和H2，写出该反应的化学方程式_。18、有机物AF的转化关系如下图所示。已知A在标准状况下的密度为1.25gL1，D能发生银镜反应，F是难溶于水且有芳香气味的油状液体。请回答：（1）A中官能团名称为_。（2）CD的反应类型是_。（3）A和E一定条件下也可生成F的化学方程式是_。（4）下列说法正确的是_。AA和B都能

9、使酸性KMnO4褪色BD和E能用新制氢氧化铜悬浊液检验C可以用饱和碳酸钠溶液除去C、E和F混合物中的C、ED推测有机物F可能易溶于乙醇19、绿矾（FeSO47H1O）是治疗缺铁性贫血药品的重要成分某化学兴趣小组同学采用以下方法测定某绿矾样品纯度。实验步骤如下：a称取1853g绿矾产品，溶解，在153mL容量瓶中定容；b量取1533mL待测溶液于锥形瓶中；c用硫酸酸化的331333mol/LKMnO4溶液滴定至终点，消耗KMnO4溶液体积的平均值为1333mL。（1）a步骤中定容时，如果仰视会使所配溶液浓度_（填“偏高”、“偏低”或“无影响”）。（1）滴定时盛放KMnO4溶液的仪器为_（填仪器名

10、称）。（3）判断此滴定实验达到终点的方法是_。（4）写出酸性高锰酸钾滴定Fe1+的离子反应方程式：_。（5）计算上述样品中FeSO47H1O的质量分数为_（结果保留3位有效数字）。20、某铜制品在潮湿环境中发生的电化学腐蚀过程可表示为如图，腐蚀后有A物质生成，某小组为分析A物质的组成，进行了如下实验：实验：取A样品，加过量稀硝酸完全溶解后，再加入溶液，有白色沉淀生成。实验：另取A样品4.29g，加入含的稀硫酸溶液，恰好中和，生成两种盐的混合溶液。向所得混合溶液中加入适量的NaOH溶液，产生蓝色沉淀，经过滤、洗涤、灼烧得3.20g黑色固体。（1）该粉状锈中除了铜元素外还含有（写元素符号）_元素，

11、该铜制品发生电化学腐蚀生成粉状锈时其正极电极反应式为_。（2）写出该粉状锈溶于稀硫酸反应的离子方程式_。（3）加热条件下，实验中所得的黑色固体能与乙醇反应，化学方程式为_。21、下图中AG均为中学化学中常见的物质，它们之间有如下转化关系。其中A是天然气的主要成分，B是一种能使带火星木条复燃的气体，C是一种能使澄清石灰石变浑浊的气体，E是一种淡黄色粉末状固体。（反应过程中某些产物已略去）请回答问题：（1）A的电子式为_。（2）E的化学式为_。（3）写出C转化为F的化学方程式_。（4）写出G溶液中通入过量C的离子方程式_。参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、B【解析】A、NaHCO3

12、溶液呈碱性，碳酸氢根离子的水解程度大于其电离程度，因此c(CO32)c(H2CO3)，A错误；B、碳酸氢根离子的水解程度大于其电离程度，溶液显弱碱性，溶液中离子浓度关系为c(Na)c(HCO3)c(OH)c(H+)，B正确；C、根据物料守恒可知c(Na)c(H2CO3)c(HCO3)c(CO32)，C错误；D、根据电荷守恒可知c(Na)c(H)c(OH)c(HCO3)2c(CO32)，D错误。答案选B。2、A【解析】A、SO22NH3H2O=(NH4)2SO3，(NH4)2SO3+2NaOH=2NH3H2ONa2SO3，故A正确；B、NaCl与CO2不能直接生成Na2CO3，故B错误；C、Fe

13、O与HNO3反应生成Fe(NO3)3，故C错误；D、MgCl2(aq)电解生成Mg(OH)2和氢气、氯气，故D错误；故选A。【点睛】易错点D，电解熔融无水氯化镁才能获得镁和氯气。3、D【解析】分析：本题考查的是有机物的结构和性质，根据有机物中的官能团进行分析。详解：该有机物含有羧基和酯基，羧基可以发生酯化反应和中和反应，酯基可以发生水解反应，含有苯环，可以发生加成反应，所以该物质不能发生消去反应。故选D。点睛：能发生消去反应的官能团为羟基和卤素原子，且其连接的碳原子的邻位碳上有氢原子才可以消去。4、C【解析】A.分子中C、N间形成的极性键，不是非极性键，故A错误；B.该分子中没有二氧化氮，1

14、mol该分子中含8 mol-NO2，故B错误；C. 该物质能燃烧，发生氧化反应，具有还原性；该物质中含有的是-NO2，-NO2能被还原，具有氧化性；所以该物质既有氧化性又有还原性，故C正确；D.爆炸分解得到无毒、稳定的气体，而NO2是有毒气体，则爆炸产物不含有NO2，故D错误。所以C选项是正确的。5、C【解析】分析：姜黄素分子结构具有对称性，其中含有醚键、酚羟基、碳碳双键、羰基官能团，结合酚和烯烃的性质分析解答。详解：A. 姜黄素分子结构中没有能够水解的官能团，不能发生水解反应，故A错误；B.苯环、碳碳双键和羰基均为平面结构，但碳碳单键可以旋转，1个姜黄素分子中的碳原子可能都在同一平面上，但不

15、一定有15个原子共平面，故B错误；C. 苯环、碳碳双键和羰基都能与氢气加成，1mol姜黄素在镍(Ni)、加热条件下最多10molH2发生加成反应，故C正确；D. 根据姜黄素的结构简式可知，姜黄素的分子式为C21H20O6，故D错误；故选C。点晴：本题考查有机物的结构和性质，掌握官能团的结构和性质是解题的关键。本题的易错点为B，要根据常见的基本物质(甲烷、乙烯、乙炔、苯、甲醛)的结构分析解答，同时注意碳碳单键是可以旋转的，该分子中最少7个碳原子，最多21个碳原子共平面。6、D【解析】A、氯乙烯、苯二者为平面结构，所有原子在同一平面内，丙烯含有甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能在同一平面内

16、，故A错误；B、由溴丙烷水解制丙醇属于取代反应，由丙烯与水反应制丙醇属于加成反应，二者不属于同一反应类型，故B错误；C、乙烯与溴水发生加成反应，使溴水褪色，苯萃取溴水中的溴，使溴水褪色，褪色原理不同，故C错误；D、C4H9的同分异构体有CH2CH2CH2CH3、CH（CH3）CH2CH3、CH2CH（CH3）2、C（CH3）3四种，所有C4H9Cl有4种同分异构体，故D正确；故选D。7、D【解析】30%的盐酸具有酸性，滴加到蓝色石蕊试纸上，试纸变红；98.3%的硫酸为浓硫酸，具有酸性和脱水性，能使蓝色石蕊试纸先变红然后变为黑色；氯水中含有盐酸和次氯酸，HClO具有漂白性，则在试纸上滴加氯水，先

17、变红后褪色，最后为白色；三处最后呈现的颜色分别红、黑、白，故D正确；答案：D8、D【解析】A、已知P(红磷，s)p(白磷，s)H0，红磷能量小于白磷，则白磷比红磷活泼，红磷比白磷稳定，A错误；B、氢气的燃烧热是值1mol氢气完全燃烧生成液态水放出的热量，单位是kJ/mol，气态水不是稳定氧化物，2H2(g)+O2(g)2H2O(g)H=-483.6kJmol-1，则燃烧热=241.8kJmol-1，B错误；C、己知2C(s)+2O2(g)2CO2(g)H=akJmol-1、2C(s)+O2(g)2CO(g)H=bkJmol-1，一氧化碳转化为二氧化碳是放热过程；焓变包含负号，即ab包含正负号，

18、则H=akJmol-1H=bkJmol-1，ab，C错误；D、已知NaOH(aq)+HCl(aq)NaCl(aq)+H2O(l)H=-57.4 kJmol-1，指1molNaOH和molHCl溶液发生中和反应生成1mol水时所放出的热量为57.4 kJ，则1molNaOH与强酸反应放出57.3kJ的热量，醋酸是弱酸，其电离过程是吸热过，40.0g即1molNaOH的稀溶液与稀醋酸完全中和，放出小于57.3kJ的热量，D正确；答案选D。9、B【解析】A、乙醇俗称酒精，故A说法正确；B、乙醇能与水形成分子间氢键，乙醇与水可以以任意比例互溶，故B说法错误；C、乙醇能使蛋白质变性，即乙醇可用于消毒，故

19、C说法正确；D、乙醇含有羟基，能与金属钠发生2CH3CH2OH2Na2CH3CH2ONaH2，故D说法正确；答案选B。10、C【解析】分析：A碳酸的酸性弱于盐酸，将过量的CO2通入CaCl2溶液中不会发生反应；B常温下将Al片插入浓硫酸中，发生钝化；C显碱性的溶液可使红色石蕊试纸变蓝；D.与澄清石灰水反应生成白色沉淀，该白色沉淀可能是碳酸钙，也可能是亚硫酸钙，氢氧化镁等。详解：A碳酸的酸性弱于盐酸，将过量的CO2通入CaCl2溶液中不会发生反应，结论错误，故A错误；B常温下将Al片插入浓硫酸中，发生钝化，生成致密的氧化膜阻止反应的进一步发生，结论不合理，故B错误；C显碱性的溶液可使红色石蕊试纸

20、变蓝，则用玻璃棒蘸取浓氨水点到红色石蕊试纸上，试纸变蓝说明氨水显碱性，故C正确；D.与澄清石灰水反应生成白色沉淀，该白色沉淀可能是碳酸钙，也可能是亚硫酸钙，氢氧化镁等，结论不正确，故D错误；故选C。点睛：本题考查化学实验方案的评价，把握物质的性质为解答的关键。本题的易错点为B，要注意钝化属于化学变化。11、C【解析】烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，据此得出是“某烷”，然后从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号，当两端离支链一样近时，要从支链多的一端开始编号，将取代基写在“某烷”的前面，据此分析。【详解】烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，此烷烃的主链有6个碳原子，故为己烷，从离支链近的一端给

21、主链上的碳原子进行编号，而当两端离支链一样近时，要从支链多的一端开始编号，故在3号碳原子上有两个甲基，在4号碳原子上有一个甲基，则该有机物的名称为3,3,4三甲基己烷，故C正确；答案选C。12、D【解析】分析：本题考查的是二次电池的工作原理，涉及到原电池和电解池的有关知识，做题时注意根据总反应从氧化还原的角度判断化合价的变化，以得出电池的正负极以及所发生的反应。详解：A.根据总反应FeNi2O33H2OFe(OH)22Ni(OH)2可知产物有氢氧化物，则电解液为碱性溶液，放电时铁失去电子发生氧化反应，铁做负极，故正确；B.放电时铁做负极，失去电子生成亚铁离子，在碱性电解质中生成氢氧化亚铁，电极

22、反应为：Fe2OH2eFe(OH)2，故正确；C.充电可以看做是放电的逆过程，即阴极为原来的负极，所以电池充电过程时阴极反应为Fe(OH)2+2eFe2OH，因此充电过程中阴极附近溶液的pH会升高，故正确；D.电池充电时，阴离子向阳极移动，阳离子向阴极移动，故错误。故选D。13、C【解析】分析：根据cB=nBV（aq）计算物质的量浓度和相关物理量。详解：A项，n（Fe3+）=mg56g/mol=m56mol，n（Fe3+）：n（SO42-）=2:3，n（SO42-）=3m112mol，溶液中c（SO42-）=3m112molVL=3m112Vmol/L，A项错误；B项，混合后所得溶液物质的量浓

23、度为1.5mol/L0.1L+2.5mol/L0.2L0.1L+0.2L=2.17mol/L，B项错误；C项，根据“大而近”的原则，配制480mL溶液应选用500mL容量瓶，所需胆矾的质量为0.1mol/L0.5L250g/mol=12.5g，C项正确；D项，n（NH3）=a22.4mol，m（溶液）=m（NH3）+m（H2O）=a22.4mol17g/mol+1000g=（17a22.4+1000）g，溶液的体积为（17a22.4+1000）gbg/cm3=17a+2240022.4bcm3，溶液物质的量浓度为a22.4mol（17a+2240022.4b10-3）L=1000ab17a+2

24、2400mol/L，D项错误；答案选C。点睛：本题考查物质的量浓度的计算和物质的量浓度溶液配制的计算。在物质的量浓度溶液配制过程中，根据“大而近”的原则选择容量瓶，根据所选容量瓶的容积计算溶质物质的量。14、D【解析】A元素O、Cu的化合价降低，元素S的化合价升高，所以氧化剂是Cu2S、O2，氧化产物是SO2，故A错误；B得电子的元素还有铜，故B错误；CCu2S既表现出还原性，又表现出氧化性，故C错误；DO26e-，当有lmolO2参加反应时，共有6mol电子发生了转移，故D正确。综上所述，本题选D。15、B【解析】A氯化钠溶于水能导电，所以氯化钠属于电解质，故A不符合题意； B氨气水溶液能导

25、电，是因为氨气溶于水生成一水合氨，一水合氨能电离出自由移动的离子，所以氨气属于非电解质，故B符合题意；C氯水属于混合物，既不是电解质也不是非电解质，故C不符合题意； D铜属于单质，既不是电解质也不是非电解质，故D不符合题意；故答案：B。【点睛】根据电解质和非电解质概念进行判断。注意非电解质是在水溶液和熔融状态下都不导电的化合物。16、D【解析】分析：A项，等质量的N2和CO2的物质的量之比为11:7，所含原子物质的量之比为22:21；B项，等质量的H2和N2的物质的量之比为14:1，所含原子物质的量之比为14:1；C项，O2和N2所处的温度、压强未知，无法确定同体积的O2和N2物质的量的大小；

26、D项，相同物质的量的N2O和CO2含原子物质的量相等。详解：A项，N2和CO2的摩尔质量之比为28:44=7:11，等质量的N2和CO2的物质的量之比为11:7，所含原子物质的量之比为22:21，A项所含原子数不相等；B项，H2和N2的摩尔质量之比为2:28=1:14，等质量的H2和N2的物质的量之比为14:1，所含原子物质的量之比为14:1，B项所含原子数不相等；C项，O2和N2所处的温度、压强未知，无法确定同体积的O2和N2物质的量的大小，C项所含原子数不一定相等；D项，N2O和CO2都是三原子分子，相同物质的量的N2O和CO2含原子物质的量相等，D项所含原子数一定相等；答案选D。二、非选

27、择题（本题包括5小题）17、 Mg(OH)2 Mg2Si+4H+=2Mg2+SiH4 3SiH4+4NH3 Si3N4+12H2 【解析】己知气体A在标准状况下的密度为1.429gL1，则其摩尔质量为1.429gL122.4L/mol=32g/mol，固体B是光导纤维的主要成分即SiO2，6.0gSiO2的物质的量为0.1mol，则7.6gX中含Si的质量为2.8g，即0.1mol；在短周期金属元素中，与过量NaOH反应生成白色沉淀只有Mg(OH)2，则其物质的量为0.2mol，所以7.6gX中含Mg的质量为4.8g，即0.2mol，由此推知X为Mg2Si，则与硫酸反应生成的A气体为SiH4，

28、其摩尔质量恰好为32g/mol。(1)SiH4的电子式为；白色沉淀D的化学式为Mg(OH)2；(2)固体X与稀硫酸反应的离子方程式是Mg2Si+4H+=2Mg2+SiH4；(3)NH3与SiH4在一定条件下反应生成一种耐高温陶瓷材料和H2，所以耐高温陶瓷材料中含有Si和N两种元素，根据二者的化合价可知，其化学式为Si3N4，摩尔质量为140g/ mol，所以反应的化学方程式为3SiH4+4NH3 Si3N4+12H2。点睛：由于转化关系中给出了三个质量信息，所以要从质量守恒入手去思考解答，Si元素是明确的，再根据短周期元素，在过量NaOH溶液中能生成白色沉淀只有Mg(OH)2，由Mg和Si的物

29、质的量之比，可确定出固体X是Mg2Si，再确定气体A是SiH4。18、碳碳双键 氧化反应 CH2CH2+CH3COOHCH3COOCH2CH3 B、C、D 【解析】D能发生银镜反应，F是难溶于水且有芳香气味的油状液体，可知C为醇，E为羧酸，结合F的分子式为C4H8O2可知C为CH3CH2OH、D为CH3CHO、E为CH3COOH、F为CH3COOCH2CH3；A在标准状况下的密度为1.25gL1，则A的摩尔质量为1.25gL122.4L/mol=28g/mol，可知A为CH2=CH2，B为CH3CH2Cl，BC发生的是卤代烃的碱性水解，据此分析解题。【详解】D能发生银镜反应，F是难溶于水且有芳

30、香气味的油状液体，可知C为醇，E为羧酸，结合F的分子式为C4H8O2可知C为CH3CH2OH、D为CH3CHO、E为CH3COOH、F为CH3COOCH2CH3；A在标准状况下的密度为1.25gL1，则A的摩尔质量为1.25gL122.4L/mol=28g/mol，可知A为CH2=CH2，B为CH3CH2Cl，BC发生的是卤代烃的碱性水解；(1)A为CH2=CH2，含有的官能团名称为碳碳双键；(2)CH3CH2OHCH3CHO发生的是醇的催化氧化，反应类型是氧化反应；(3)CH2=CH2和CH3COOH一定条件下发生加成反应可生成CH3COOCH2CH3，反应的化学方程式是CH2CH2+CH3

31、COOHCH3COOCH2CH3；(4)AA为乙烯，分子结构中含有碳碳双键，能使酸性KMnO4褪色，而B为氯乙烷，不含碳碳双键，不能使酸性KMnO4褪色，故A错误；BD为乙醛，和新制氢氧化铜悬浊液混合加热生成砖红色沉淀，而E为乙酸，能溶解新制氢氧化铜悬浊液，得到澄清的溶液，能鉴别，故B正确；C乙酸乙酯中混有乙酸和乙醇，可以加入饱和碳酸钠溶液，振荡、静置后分液，上层为乙酸乙酯，故C正确；D乙醇是良好的有机溶剂，乙酸乙酯易溶于乙醇，故D正确；故答案为B、C、D。【点睛】常见的反应条件与反应类型有：在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应或卤代烃的水解反应。在NaOH的乙醇溶液中加热，发

32、生卤代烃的消去反应。在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等。能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应。能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛的加成反应或还原反应。在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应。与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则为醇醛羧酸的过程)。在稀H2SO4加热条件下发生酯、低聚糖、多糖等的水解反应。在光照、X2(表示卤素单质)条件下发生烷基上的取代反应；在Fe粉、X2条件下发生苯环上的取代。1

33、9、 偏低 酸式滴定管 滴加最后一滴KMnO4溶液时，溶液变成浅红色且半分钟内不褪色 5Fe1+MnO4-+8H+=5Fe3+Mn1+4H1O 3.975或97.5%【解析】分析：（1）仰视时液面超过刻度线；（1）根据高锰酸钾具有强氧化性，一般用硫酸酸化分析；（3）根据高锰酸钾溶液显红色分析；（4）高锰酸钾能把亚铁离子为氧化铁离子，自身被还原为锰离子；（5）根据方程式计算。详解：（1）a步骤中定容时，如果仰视，则液面超过刻度线，因此会使所配溶液浓度偏低；（1）高锰酸钾溶液具有强氧化性，一般用硫酸酸化，所以滴定时盛放KMnO4溶液的仪器为酸式滴定管；（3）高锰酸钾溶液显红色，因此判断此滴定实验达到终点的方法是滴加最后一滴KMnO4溶液时，溶液变成浅红色且半分钟内不褪色。（4）高锰酸钾能把亚铁离子氧化为铁离子，自身被还原为锰离子，Mn元素化合价从+7价降低到+1价，得到5个电子，铁元素化合价从+1价升高到+3价，失去1个电子，所以酸性高锰酸钾滴定Fe1+离子的反应方程式为5Fe1+MnO4-+8H+=5Fe3+Mn1+4H1O。（5）反应中消耗高锰酸钾