黑龙江省哈尔滨市中考数学试卷

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《黑龙江省哈尔滨市中考数学试卷》

简介:

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D3【点评】本题考查了菱形的性质、勾股定理、 等边三角形的判定与性质;熟练掌握菱形的性质,由勾股定理求出 OA是解决问题的关键.20. (3分)(2017?哈尔滨)如图,在矩形 ABCM, M为BC边上一点,连接 AM过点D作D吐AM 垂足为 E.若DE=DC=1 AE=2EM贝U BM的长为 J2ZH .【分析】 由AAS证明△ ABM^4DEA得出AM=AD证出BC=AD=3EM连接DM由HL证明Rt△ DE晔 RtA DCIM 得出 EM=CM 因此 BC=3CM 设 EM=CM=x 贝U BM=2x AM=BC=3x 在 RtAABM 中,由勾股定理得出方程,解方程即可.【解答】 解:二•四边形 ABC比矩形,.•.AB=DC=1 / B=Z C=90 , AD// BC, AD=BC•• / AMBh DAE•• DE=DC.•.AB=DEDE± AM•• / DEA4 DEM=90 ,'上 MB=/DAE在△ ABM^n△ DEA中,' ZB-ZDEA=90° , tAB=DE.△ AB阵△ DEA(AAS ,.•.AM=AD.AE=2EM 连接DM如图所示: 在 Rt △ DEMF口 Rt △ DCW, [DM=DM ,lde=dc•••RtADEIW RtADCIM(HL.),• .EM=CMBC=3CM设 EM=CM=x 贝U BM=2x AM=BC=3x在RtAABM^,由勾股定理得:12+ (2x) 2= (3x)在RtAABM^,由勾股定理得:勾股定理;熟练掌握矩形的性【点评】本题考查了矩形的性质、全等三角形的判定与性质、 质和勾股定理,证明三角形全等是解决问题的关键.勾股定理;熟练掌握矩形的性三、解答题(本大题共 60分)21.(7分)(2017?哈尔滨)先化简,再求代数式 的值,其中x=4sin60kT /-2工+1-2.【分析】根据分式的除法和减法可以化简题目中的式子, 然后将x的值代入化简后的式子即可解答本题.【解答]解:士——希 xT X -2x+l 肝21 (X-1 ) 2 X= ■x-1 x+2 x+2x_l x=x+2 x+21= z+2 当 x=4sin60 - 2=4X 手_;= 三 -2时,原式= 二 1一步 二 1一步-2V3-2+2 --2V3-^T1,线段AB的两个端(71,线段AB的两个端(1)在图中画出以AB为底、面积为12的等腰△ ABG且点C在小正方形的顶点上;(2)在图中画出平行四边形 ABDE且点D和点E(1)在图中画出以AB为底、面积为12的等腰△ ABG且点C在小正方形的顶点上;(2)在图中画出平行四边形 ABDE且点D和点E均在小正方形的顶点上,tan/EAB=l,2连接C口请直接写出线段 CD的长.<■【分析】(1)因为AB为底、面积为12的等腰△ ABC所以高为4,点C在线段AB的垂直平分线上,由此即可画出图形;(2)首先根据tan / EAB上的值确定点 E的位置,由此即可解决问题,利用勾股定理计算2CD的长;【解答】 解:(1) △ ABC如图所示;(2)平行四边形 ABD或口图所示,CD=&n=J^.「一「丁芯:K ■ ■ ■ A . ■ ■【点评】本题考查-应用与作图设计、勾股定理、 等腰三角形的性质和判定、平行四边形的 判定和性质,解直角三角形等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题, 利用数形结 合的思想思考问题,属于中考常考题型.(8分)(2017?哈尔滨)随着社会经济的发展和城市周边交通状况的改善,旅游已成为人们的一种生活时尚, 洪祥中学开展以“我最喜欢的风景区”为主题的调查活动, 围绕“在松峰山、太阳岛、二龙山和凤凰山四个风景区中,你最喜欢哪一个?(必选且只选一个)”的问题,在全校范围内随机抽取了部分学生进行问卷调查, 将调查结果整理后绘制成如图所示的不完整的统计图,请你根据图中提供的信息回答下列问题:(1)本次调查共抽取了多少名学生?(2)通过计算补全条形统计图;(3)若洪祥中学共有1350名学生,请你估计最喜欢太阳岛风景区的学生有多少名..人数086420 090 42 0 086420 090 42 0 null【分析】(1)根据条形统计图与扇形统计图求出总人数即可;(2)根据题意作出图形即可;(3)根据题意列出算式,计算即可得到结果.【解答】 解:(1) 10+20%=50(名),答:本次调查共抽取了 50名学生;50- 10- 20- 12=8 (名),补全条形统计图如图所示,1350X 型=540 (名),50答:估计最喜欢太阳岛风景区的学生有 540名..人数086420 00642 086420 00642 O null【点评】本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用, 读懂统计图,从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键. 条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据;扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小.24. (8分)(2017?哈尔滨)已知:AAC*口△ DCEtB是等腰直角三角形,连接AE, BD交于点O, AE与DC交于点M, BD与AC交于点N.(1)如图1,求证:AE=BD(2)如图2,若AC=DC在不添加任何辅助线的情况下,请直接写出图/ ACBh DCE=90 ,2中四对全等的直角三角形.【分析】(1)根据全等三角形的性质即可求证△ AC珞△ BCtD从而可知AE=BD(2)根据条件即可判断图中的全等直角三角形;【解答】 解:(1) .「△ ACB和4DCE都是等腰直角三角形,/ ACB=Z DCE=90 ,.•.AC=BC DC=EC•• / ACB-+Z ACDW DCE廿 ACD./ BCDhACE在△ ACE与△ BCD中,rAC=BC、/KE二/BCDlce=cd•.△AC® △ BCD (SAS,.•.AE=BD(2) ••• AC=DC.•.AC=CD=EC=C B△ ACB^ △ DCE (SAS);由(1)可知:/ AECh BDC Z EAC=Z DBC/ DOM=g0 ,•• / AEC=/ CAE=/ CBD.△ EMC2 △ BCN (ASA ,.CM=CN DM=AN△ AON^ △ DOM(AAS),••• DE=AB AO=DO. AO望△ DOE( HD【点评】本题考查全等三角形,解题的关键是熟练运用全等三角形的判定条件, 本题属于基础题型.(10分)(2017?哈尔滨)威丽商场销售 A, B两种商品,售出1件A种商品和4件B种 商品所得利润为600元,售出3件A种商品和5件B种商品所得利润为1100元.(1)求每件A种商品和每件B种商品售出后所得利润分别为多少元;(2)由于需求量大,A、B两种商品很快售完,威丽商场决定再一次购进 A、B两种商品共34件.如果将这34件商品全部售完后所得利润不低于 4000元,那么威丽商场至少需购进多少件A种商品?【分析】(1)设A种商品售出后所得利润为 x元,B种商品售出后所得利润为 y元.由售出1件A种商品和4件B种商品所得利润为 600元,售出3件A种商品和5件B种商品所得利润为1100元建立两个方程,构成方程组求出其解就可以;(2)设购进A种商品a件,则购进B种商品(34-a)件.根据获得的利润不低于 4000元, 建立不等式求出其解就可以了.【解答】解:(1)设每件A种商品售出后所得利润为 x元,每件B种商品售出后所得利润为y元.由题意,得解得:「二解得:「二200 ty=fOO答:每件A种商品售出后所得利润为200元,每件B种商品售出后所得利润为 答:每件A种商品售出后所得利润为(2)设购进A种商品a件,则购进B种商品(34-a)件.由题意,得200a+100 (34—a) R4000,解得:a>6答:威丽商场至少需购进 6件A种商品.【点评】本题考查了列二元一次方程组解实际问题的运用及二元一次方程组的解法, 列一元一次不等式解实际问题的运用及解法, 在解答过程中寻找能够反映整个题意的等量关系是解答本题的关键.(10分)(2017?哈尔滨)已知: AB是。。的弦,点 C是标的中点,连接 OR OC OC交 AB于点D.(1)如图1,求证:AD=BD(2)如图2,过点B作。。的切线交OC勺延长线于点 M点P是同上一点,连接 AR BP,求证:/ APB- /OMB=90;(3)如图3,在(2)的条件下,连接DR MP延长 M关O。于点Q若MQ=6DPsin / ABO色,5求生!■的值.MQ【分析】(1)如图1,连接OA利用垂径定理和圆周角定理可得结论;(2)如图2,延长BO交。。于点T,连接PT,由圆周角定理可得/ BPT=90 ,易彳导/ APT二 /APB- / BPT=Z APB- 90° ,利用切线的性质定理和垂径定理可得/ ABOh OMB等量代换可得/ ABOW APT,易得结论;(3)如图3,连接MA利用垂直平分线的性质可得 MA=MB易得/ MABW MBA作/ PMGW AMB在射线MGk截取MN=MP连接PN, BN,易彳#△ APM^△ BNM由全等三角形的性质可得 AP=BN / MAPh MBN延长PD至点K,使DK=DP连接AK BK易得四边形 APBK>平行四 边形,由平行四边形的性质和平行线的性质可得/ PAB=Z ABK /APB+Z PBK=180 ,由(2)得/ APB- (90° -乙 MBA =90° ,易得/ NBP=/ KBP 可彳#△ PBN^△ PBK PN=2PH 禾U用三pu Q角函数的定义可得 sin / PMH=^-, sin / ABO工,设DP=3a则PM=5a可得结果.PH 5【解答】(1)证明:如图1,连接OA.「C是AB的中点,AC=BC,••• / AOCh BOQ,.OA=OB・••OCL AB, AD=BD(2)证明:如图2,延长BO交。。于点T,连接PT.「BT是。O的直径/ BPT=90 ,/ APT=/ APB- / BPT与 APB- 90° ,. BM是。O的切线,.-.OB± BM又/ OBA吆 MBA=90 ,./ ABOhOMB又/ ABOh APT./ APB- 90° =/ OMB•• / APB- / OMB=90 ;(3)解:如图3,连接MA.「MO^直平分AB,MA=MB•• / MABh MBA作/ PMG=AMB在射线MGk截取MN=MP连接PN BN则/ AMPh BMN.△ AP阵△ BNM.AP=BN / MAPh MBN延长PD至点K,使 DK=DP连接AK BK,••・四边形APBa平行四边形;AP// BK,,/PAB土ABK / APB吆 PBK=180 ,由(2)得/ APB- (90° -乙 MBA=90° ,./ APB吆 MBA=180/ PBK=/ MBA./ MBPhABK之 PAB•• / MAPh PBA=Z MBN•• / NBP4 KBP,.PB=PB.△ PBN^ △ PBKPN=PK=2PD过点M作MHL PN于点H,.PN=2PH.PH=DP / PMHW ABQ. sin /PMH更,sin / ABO®,PN 5PH 3PM「5'np q••丝设 DP=3a,贝U PM=5aPM 5• .MQ=6DP=18 a,PM 5——=——.MQ 18 【点评】本题主要考查了垂径定理, 圆周角定理,全等三角形的判定与性质定理, 三角函数的定义等相关知识,作出恰当的辅助线构建全等三角形是解答此题的关键.27. (10分)(2017?哈尔滨)如图,在平面直角坐标系中,点O为坐标原点,抛物线y=x2+bx+c 交x轴于A B两点,交y轴于点C,直线y=x-3经过 B C两点.(1)求抛物线的解析式;(2)过点C作直线CDLy轴交抛物线于另一点 D,点P是直线CD下方抛物线上的一个动点, 且在抛物线对称轴的右侧,过点 P作P已x轴于点E, PE交CD于点F,交BC于点M连接AG过点M作MNL AC于点N,设点P的横坐标为t ,线段MN的长为d,求d与t之间的函 数关系式(不要求写出自变量 t的取值范围);(3)在(2)的条件下,连接 PC,过点B作BQLPC于点Q (点Q在线段PC上),BQ交CD 于点T,连接于点T,连接OQ交CDT点S,当ST=TD寸,求线段 MN的长.【分析】(1)首先求出点B、C的坐标,然后利用待定系数法求出抛物线的解析式;(2)根据Saabc=Saam+Saameb,由三角形面积公式可求 y与m之间的函数关系式;(3)如图2,由抛物线对称性可得 D (2, - 3),过点B作BKaCD交直线CD于点K, OGLOS交KB于G,可得四边形 OCK昉正方形,过点 。作OHL PC交PC延长线于点 H, OR! BQ 交BQ于点I交BK于点R,可得四边形 OHQI为矩形,可证△ OBe△ OCS △ OSR^△ OGR 得至U tan/QCT=tan/ TBK,设 ST=TD=m 可得 SK=2m+1 CS=2— 2nl TK=m+1=BR SR=3— m, RK=2- m,在RUSKR中,根据勾股定理求得 m,可得tan Z PCD=-,过点P作PE',x轴于 2E'交CD于点F',得到P (t , -Lt - 3),可得-2t - 3=t2- 2t -3,求得t ,再根据MN=d2 2求解即可.【解答】解:(1)」•直线y=x-3经过B、C两点,•B (3, 0), C (0, - 3),; y=x2+bx+c 经过 B、C两点, .(9+3b+c=0 lc=-3解得,U=-3故抛物线的解析式为 y=x2- 2x - 3;(2)如图 1, y=x2-2x-3,y=0 时,x2 - 2x - 3=0,解得 xi=- 1, x2=3,•A (-1, 0),.OA=1, OB=OC=3・ ./ABC=45 , Ac・ ./ABC=45 , AcV10,AB=4,.「PE,x 轴,•• / EMBh EBM=45 ,・•点P的横坐标为1,.EM=EB=3 t ,连结AMS»A AB(=SaAM+Sz\AMB)AB?OC= AC?MN AB?EM2 2 2.Xx 4X3=—XA/Tod+—x 4 (3-1),2 2 2.•.d=^t;5(3)如图2,y=x2- 2x - 3= (xT) 2-4,,对称轴为x=1 ,,由抛物线对称性可得 D (2, -3),.•.CD=2,过点B作Bh CD交直线CD于点K,,四边形OCK斯正方形,/ OBK=90 , CK=OB=BK=3.•.DK=1,. BQ! CP,/ CQB=90 ,过点O作O也PC交PC延长线于点 H, OR! BQ交BQ于点I交BK于点R, OGL OS交KB于G,,/OHC= OIQ=Z OIB=9O° ,••・四边形OHQI为矩形,. / OCQ+OBQ=180 ,/ OBG= OCS. OB=OC / BOGW COS. .△OB® △ OCS.•.QG=OS / GOBW SOC/ ROG=45 ,,.OR=OR.△ OS总△ OGR.•.SR=GR•.SR=CS+B

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