2019届高三物理二轮复习习题专题七 选考题题型专练（一）热学 含答案

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精选考题题型专练（一)热学1．（1）下面说法中正确的是A．所有晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质都相同B．足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果C．自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性D．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热E．一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多（2)如图所示，一底面积为S、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上，内有两个质量均为m的相同活塞A和B；在A与B之间、B与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V。已知容器内气体温度始终不变，重力加速度大小为g，外界大气压强为P0，现假设活塞B发生缓慢漏气，致使B最终与容器底面接触。求活塞A移动的距离。解析（2）设A与B之间、B与容器底部之间的气体压强分别为P1、P2，漏气前,对A分析有：P1＝P0＋eq\f（mg,S），对B有P2＝P1＋eq\f(mg，S）B最终与容器底面接触后，AB间的压强为P，气体体积为V′，则有：P＝P0＋eq\f(mg,S)因为温度不变,对于混合气体有：（P1＋P2）·V＝PV′漏气前A距离底面的高度为h＝eq\f(2V，S)漏气后A距离底面的高度为h′＝eq\f(V′，S）：联立可得：Δh＝h′－h＝eq\f（2P0S＋3mg，（P0S＋mg)S）V－eq\f(2V,S)＝eq\f(mgV,（P0S＋mg）S)。答案（1)CDE（2)eq\f(mgV,（P0S＋mg）S）2．（1)关于固体、液体、气体的表述，下列说法正确的是A．晶体的熔点和液体的沸点都与压强有关B．多晶体具有各向同性，且无固定熔点C．液晶具有流动性，且其光学性质具有各向异性D．饱和汽压随温度的变化而变化E．影响人感受到干爽和潮湿的因素是空气的绝对湿度,而不是相对湿度(2）一长为L、内壁光滑的长方体气缸，横放在水平地面上，左右两侧缸壁上有a、b两个阀门，缸内有一密封性能良好轻活塞（厚度不计），面积为S，活塞右侧粘有一块矿石，打开a、b，活塞位于气缸正中央，如图所示。如果关闭a，打开b，将气缸从图示位置在竖直面内逆时针缓慢转90°，稳定后活塞偏离原位置eq\f(L,12）；如果打开a，关闭b，将气缸从图示位置在竖直面内逆时针缓慢转90°，稳定后活塞偏离原位置eq\f（L，16）.已知大气压强为p0，重力加速度g。求:①矿石的质量；②矿石的密度。解析（2)①设矿石质量为m,体积为V,a关闭,气缸正立时,气体压强p1＝p0＋eq\f（mg,S),①体积V1＝eq\b\lc\(\rc\）（\a\vs4\al\co1（\f(L,2）－\f（L,12）))S②由玻意耳定律得p0·eq\f(L,2)S＝p1V1③得矿石质量m＝eq\f(p0S,5g)④②b关闭,气缸正立时，气体压强p2＝p0－eq\f（mg，S)⑤体积V2＝eq\f（LS，2)＋eq\f(LS，16）－V⑥由玻意耳定律得p0·eq\b\lc\(\rc\）(\a\vs4\al\co1（\f(L,2）S－V））＝p2V2⑦得矿石体积V＝eq\f(LS，4）⑧则矿石密度为ρ＝eq\f(m，V）⑨得ρ＝eq\f（4p0，5gL)。答案(1)ACD（2）①eq\f（p0S，5g）②eq\f(4p0,5gL）3．(1)下列说法中正确的是A．布朗运动反映了组成固体小颗粒的分子的无规则运动B．热量可以从低温物体传递到高温物体C．液晶显示器利用了液晶对光具有各向同性的特点D．“露似珍珠月似弓”,露珠是由空气中的水蒸气凝结而成的,此过程中分子间引力、斥力都增大E．落在荷叶上的水滴呈球状是因为液体表面张力的缘故（2)如图所示，开口向上的导热气缸C静置于水平桌面上，用一横截面积为s＝10cm2、质量为m＝2kg的活塞封闭了一定质量的理想气体。一不可伸长的轻绳一端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数k＝400N/m的竖直轻弹簧A,A下端系有一质量M＝4kg的物块。B开始时,活塞到缸底的距离L1＝100cm,轻绳恰好拉直，弹簧恰好处于原长状态，缸内气体的温度t1＝27℃。已知外界大气压强恒为p0＝1。0×105Pa，取重力加速度g＝10m/s2，不计一切摩擦。现使缸内气体缓慢冷却，求：①当B刚要离开桌面时气缸内封闭气体的温度；②此过程中气体吸热还是放热，为什么？解析(2）①设初状态时气缸内气柱压强为p1对活塞受力分析得mg＋p0s＝p1s物块B刚要离开桌面时活塞下移了x，此时气缸内气柱压强为p2，此时弹簧弹力kx＝Mg对活塞受力分析得mg＋p0s＝kx＋p2s气缸内气柱的长度为L2＝L1－x根据理想气体状态方程有eq\f（p1L1s,T1)＝eq\f（p2L2s，T2）代入数据解得T2＝180K或－93℃②由热力学第一定律得ΔU＝W＋Q由于气体体积变小,外界对气体做功，W为正值；气体温度降低,ΔU为负值.故Q为负值,即气体一定放热。答案（1)BDE（2）①180K②放热4．（1)下列说法中正确的是A．只要技术可行，物体的温度可降至－274℃B．液体与大气相接触,表面层内分子所受其他分子间的作用表现为相互吸引C．气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内的分子数和温度有关D．气体如果失去了容器的约束就会散开,这是因为气体分子之间斥力大于引力E．一个物体在分子间显引力时分子势能一定大于分子间引力和斥力大小相等时的分子势能（2)如图，在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a、b和c三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S、S/2和S。已知大气压强为P0，温度为T0.两活塞A和B用一根长为4l的不可伸长的轻线相连，把温度为T0的空气密封在两活塞之间，此时两活塞的位置如图所示。现对被密封的气体加热,使其温度缓慢上升到T.若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略，此时两活塞之间气体的压强可能为多少？解析（2）设加热前，被密封气体的压强为p1，对整体根据平衡条件有:2P0S＋P1S＝2P1S＋P0S解得:p1＝p0气体的体积为：V1＝2Sl＋Sl＋Sl＝4Sl对气体加热时,被密封气体温度缓慢升高，两活塞一起向左缓慢移动，气体体积增大，压强保持p1不变，若刚好活塞向左移动的距离等于l为止，这时气体的体积为：V2＝4Sl＋Sl＝5Sl根据盖·吕萨克定律得：eq\f(V1，T1)＝eq\f(V2,T2)解得：T2＝eq\f（5，4）T0即当T＜eq\f(5,4)T0时,气体的压强为:p2＝p0当T＞eq\f（5,4)T0,活塞不再移动，气体的体积不变由查理定律得：eq\f（