湖北省荆州市沙市第二中学高二物理期末试卷含解析

湖北省荆州市沙市第二中学高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）如图所示，a、b、c三个相同的小球，a从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b、c从同一高度分别开始自由下落和平抛。它们从开始到到达地面，下列说法正确的有 A．它们同时到达地面

B．重力对它们的冲量相同 C．它们的末动能相同 D．它们动量变化的大小相同参考答案：D2.下列描述正确的是（

）A．电场和磁场都是人为假象的，它们之间没有任何联系B．处于静电平衡的导体，其电势处处为0C．安培分子电流假说认为分子电流使每个物质微粒成为微小的磁铁，它的两侧相当于两个磁极D．安培发现了电流的磁效应，首次揭示了电和磁的联系参考答案：3.如图所示，用三块完全相同的两面平行玻璃组成一等边三角形。由红光和蓝光组成的一细光束以平行底面BC从AB面射入，由AC面射出，则从AC面射出的光A．分成两束，上边为蓝光，下边为红光B．分成两束，上边为红光，下边为蓝光C．仍为一束，并与底面BC平行D．仍为一束，并向底面BC偏折参考答案：C4.在LC振荡电路中，某时刻线圈中的磁场方向如图所示，则下列判断正确的是A．若磁场正在减弱，则电容器的上极板带正电B．若电容器的上极板带正电，则电感线圈中的自感电动势正在变大C．若电容器正在放电，则电容器的上极板带负电D．若电容器正在放电，则线圈中的自感电动势正在阻碍电流的增大参考答案：ABCD5.如图所示是一列简谐波在某一时刻的波形，则在该时刻

A．B、C两点相距λ/4，即1ｍ

B．B点的振幅最大，C点的振幅是0

C．经一个周期，质点从A点到达E点

D．如果质点B在0.35s内通过的路程为14cm，则波速为20m/s参考答案：D略二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.有一种“隐形飞机”，可以有效避开雷达的探测，秘密之一在于它的表面有一层特殊材料，这种材料能够_________（填“增强”或“减弱”）对电磁波的吸收作用；秘密之二在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够_________（填“增强”或“减弱”）电磁波反射回雷达设备．参考答案：增强

减弱解：现代的“隐形飞机”之所以能够避开雷达的探测，其原因在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够减弱电磁波的反射，同时隐形飞机的表面有一层特殊材料，这种材料能够增强对电磁波的吸收作用，使得雷达受到反射回来的电磁波发生变化，即导致雷达无法根据反射回来的电磁波判断前方物体．故答案为：增强；减弱．7.小球作直线运动时的频闪照片如图所示，已知频闪周期T＝0.1s，小球相邻位置间距分别为OA＝6.51cm，AB＝5.59cm，BC＝4.70cm，CD＝3.80cm，DE＝2.89cm，EF＝2.00cm.小球在位置A时的速度大小vA＝________m/s.小球运动的加速度大小a＝________m/s2.参考答案：0.6050.98.如图所示，一弹簧振子沿光滑水平杆在BC间做简谐运动，O为平衡位置，振幅A=6cm。从振子经过图中B点时开始计时，经时间0.1s第一次到达O点，则振子的振动周期Ｔ＝▲s；取向右方向为正方向，振子振动方程的表达式x＝

▲

cm。参考答案：0.4（1分）

或9.长为L的导体棒原来不带电，现将一带电量为+q的点电荷放在距棒左端R处，如图所示。当棒达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内中点产生的场强大小等于_________，方向为_________。参考答案：，沿pq连线且指向+q．水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内中点产生的场强大小与一带电量为Q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等，则有：由于该处的电场强度为零，所以方向与一带电量为Q的点电荷在该处产生的电场强度的方向相反，即沿pq连线且指向+q。10.（1）图6展示了等量异种点电荷的电场线和等势面，从图中我们可以看出，A、B两点的场强大小

，方向

，电势

；C、D两点的场强

，电势

（选填“相同”或“不同”）。（2）在电场中P点放一个电荷量为C的检验电荷，它受到的电场力为N，则P点的场强为

N/C。把放在P点的检验电荷的电荷量减为C，则P点的场强为__________N/C，把该点的点电荷移走，P点的场强又为

N/C。参考答案：11.如图，用绝缘丝线将一带正电的小球N挂在水平横杆上的P点，在N的左侧放置一带正电的小球M，由于静电相互作用，N平衡时丝线与竖直方向有一定的偏角。如果M的电荷量加倍，丝线偏角________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。如果两球的电荷量不变，把M向左移动一定距离，N静止时受到的静电力________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。参考答案：

(1).变大

(2).变小试题分析：M的电荷量加倍，根据库仑定律的公式知，静电力增大，则丝线偏角变大；如果两球的电荷量不变，把M向左移动一定距离，即r变大，根据库仑定律的公式知，静电力变小．考点：本题考查库伦定律、物体的平衡。12.一列简谐波，波长为0.25m，波速为2.5m／s，这列波的频率为

Hz。参考答案：10Hz13.电磁灶是利用

原理制成的，它在灶内通过交变电流产生交变磁场，使放在灶台上的锅体内产生

而发热。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（4分）如图是高频焊接原理示意图，线圈中通以高频交流电时，待焊接的金属工件中就产生感应电流，由于焊接处的接触电阻很大，放出的焦耳热很多，致使温度升得很高，将金属熔化，焊接在一起，我国生产的自行车车架就是用这种办法焊接的。请定性地说明：为什么交变电流的频率越高，焊接处放出的热量越多？参考答案：交变电流的频率越高，它产生的磁场的变化就越快。根据法拉第电磁感应定律，在待焊接工件中产生的感应电动势就越大，感应电流就越大(2分)，而放出的热量与电流的平方成正比，所以交变电流的频率越高，焊接处放出的热餐越多(2分)。15.真空中有两个点电荷，所带电量分别为和，相距2cm，求它们之间的相互作用力，是引力还是斥力．参考答案：，斥力．解：根据库仑定律，则有：；同种电荷相互吸引，所以该力为“斥力”．【点睛】解决本题的关键掌握库仑定律的公式，以及知道同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.(8分)一宇宙空间探测器从某一星球的表面升空，假设探测器的质量恒为1500kg，发动机的推力为恒力，宇宙探测器升空到某一高度时，发动机突然关闭，如图是表示其速度随时间变化规律：（1）升空后，9s.25s.45s时探测器的运动情况如何？（2）求宇宙探测器在该行星表面所能到达的最大高度？（3）计算该行星表面的重力加速度？（4）假设行星表面没有空气，试计算发动机的推力。参考答案：解析：（1）由图线可见，探测器升空后9S末的速度为60m/s，方向竖直向上；25s末的速度为4m/s,方向竖直向下；45s末的速度大小为84m/s,方向竖直向下；（2）空间探测器上升的所能达到的最大高度应等于它在第一、第二运动阶段中通过的总位移值，所以有Hm=768m；（3）空间探测器的发动机突然关闭后，它只受该行星的重力的作用，故它运动的加速度即为该行星表面处的重力加速度值，从V-t图线不难发现，8s末空间探测器关闭了发动机，所以V-t图线上的斜率即等于该行星表面处的重力加速度g=4m/s2；（4）选取空间探测器为研究对象，在0~8S内，空间探测器受到竖直向上的推进力与竖直向下的重力的共同作用，则由牛顿第二定律得F-mg=ma又a=8m/s2,故有F=(ma+mg)=18000N。17.如图所示，在xOy平面内，0<x<2L的区域内有一方向竖直向上的匀强电场，2L<x<3L的区域内有方向竖直向下的匀强电场，两电场强度大小相等。x>3L的区域内有一方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场。某时刻，一带正电的粒子从坐标原点以沿x轴正方向的初速度进入电场；之后的另一时刻，一带负电粒子以同样的初速度从坐标原点进入电场。正、负粒子从电场进入磁场时速度方向与电场和碰场边界的夹角分别为60℃和30°，两粒子在磁场中分别运动半周后在某点相遇。已经两粒子的重力以及两粒子之间的相互作用都可忽略不计，两粒子带电量大小相等。求：（1）正、负粒子的质量之比ml：m2；（2）两粒子相遇的位置P点的坐标；（3）两粒子先后进入电场的时间差。参考答案：（1）（2）P点的坐标为：；（3）试题分析：（1）设粒子初速度为，进磁场方向与边界的夹角为θ。①记，则粒子在第一个电场运动的时间为2t，在第二个电场运动的时间为t②③由①②③得所以（2）正粒子在电场运动的总时间为3t第一个t的竖直位移为，第二个t的竖直位移为，由对称性，第三个t的竖直位移为，所以结合①②得同理由几何关系，P点坐标为（3）设两粒子在磁场中运动半径为、由几何关系两粒子在磁场中运动时间均为半个周期由于两粒子在电场中运动时间相同，所以进电场时间差即为磁场中相遇前的时间差解得考点：带电粒子在电场及磁场中的运动【名师点睛】该题考查带电粒子在电场中的运动和带电粒子在磁场中的运动，正电荷与负电荷虽然偏转的方向相反，但是运动的规律基本相同，可以先求出通式再具体分开，也可以直接分别求出，根据自己的习惯来解答，答对就好。18.如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m=1kg的物块A、B、C处于静止状态．B的左侧固定一轻弹簧，弹簧左侧的挡板质量不计．现使A以速度v0=4m/s朝B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，且B和C碰撞过程时间极短．此后A继续压缩弹簧，直至弹簧被压缩到最短．在上述过程中，求：（1）B与C相碰后的瞬间，B与C粘接在一起时的速度；（2）整个系统损失的机械能；（3）弹簧被压缩到最短时的弹性势能．参考答案：解：（1）从A压缩弹簧到A与B具有相同速度v1时，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=2mv1，设碰撞后瞬间B与C的速度为v2，向右为正方向，由动量守恒定律得：mv1=2mv2，解得：v2=；（2）设B与C碰撞损失的机械能为△E．由能量守恒定律得：mv12=△E+?2mv22，整个系统损失的机械能为：△E=mv02=，（3）由于v2＜v1，A将继续压缩弹簧，直至A、B、C三者速度相同，设此时速度为v3，弹簧被压缩至最短，其弹性势能为Ep，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=3mv3，