新高考生物复习专题12基因的自由组合定律市赛课公开课一等奖省名师获奖课件

高考生物

(课标Ⅲ专用)专题12基因自由组合定律第1页考点1孟德尔两对相对性状杂交试验1.(海南单科,12,2分)以下叙述正确是

()A.孟德尔定律支持融合遗传观点B.孟德尔定律描述过程发生在有丝分裂中C.按照孟德尔定律,AaBbCcDd个体自交,子代基因型有16种D.按照孟德尔定律,对AaBbCc个体进行测交,测交子代基因型有8种五年高考答案

D本题考查孟德尔遗传定律相关知识。孟德尔定律不支持融合遗传观点,A错

误;孟德尔定律描述过程发生在减数分裂过程中,B错误;AaBbCcDd个体自交,子代基因型有

34种,C错误;AaBbCc能产生8种配子,而aabbcc只产生1种配子,故AaBbCc测交子代基因型有8

种,D正确。知识拓展融合遗传观点由达尔文提出,它主张子代性状是亲代性状平均结果,如黑人

和白人通婚后生下小孩肤色介于中间色。融合遗传观点与孟德尔遗传定律相违反,被

认为是错误。第2页2.(课标Ⅰ,32,12分)果蝇体细胞有4对染色体,其中2、3、4号为常染色体。已知控制长翅/

残翅性状基因位于2号染色体上,控制灰体/黑檀体性状基因位于3号染色体上。某小组用

一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交,杂交子代表现型及其百分比以下:眼性别灰体长翅∶灰体残翅∶黑檀体长翅∶黑檀体残翅1/2有眼1/2雌9∶3∶3∶11/2雄9∶3∶3∶11/2无眼1/2雌9∶3∶3∶11/2雄9∶3∶3∶1回答以下问题:(1)依据杂交结果,

(填“能”或“不能”)判断控制果蝇有眼/无眼性状基因是位于X

染色体还是常染色体上。若控制有眼/无眼性状基因位于X染色体上,依据上述亲本杂交组

合和杂交结果判断,显性性状是

,判断依据是

。第3页(2)若控制有眼/无眼性状基因位于常染色体上,请用上表中杂交子代果蝇为材料设计一个杂

交试验来确定无眼性状显隐性(要求:写出杂交组合和预期结果)。(3)若控制有眼/无眼性状基因位于4号染色体上,用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼

纯合体果蝇杂交,F1相互交配后,F2中雌雄都有

种表现型,其中黑檀体长翅无眼所占百分比

为3/64时,则说明无眼性状为

(填“显性”或“隐性”)。答案(1)不能无眼只有当无眼为显性时,子代雌雄个体中才都会出现有眼与无眼性状

分离(2)杂交组合:无眼×无眼预期结果:若子代中无眼∶有眼=3∶1,则无眼为显性性状;若

子代全部为无眼,则无眼为隐性性状(3)8隐性第4页解析本题考查遗传规律相关知识。(1)无眼雌果蝇与有眼雄果蝇杂交,子代不一样性别果蝇

中表现为有眼、无眼概率相同,不能确定相关基因位于常染色体上还是X染色体上。若基

因位于X染色体上,只有当母本为杂合子,父本为隐性个体时,后代雌雄果蝇均为二分之一有眼,二分之一

无眼,即母本无眼性状为显性性状。(2)判断无眼性状显隐性时,可将雌雄果蝇交配,子代

是否出现性状分离为标准判断显、隐性性状。(3)若控制有眼/无眼性状位于4号染色体上,

长翅/残翅、灰体/黑檀体、有眼/无眼这三对相对性状遗传符合基因自由组合定律。F1为

三杂合体,F1相互交配后,F2雌雄个体都有2×2×2=8种表现型。依据自由组合定律与分离定律

关系,F2中黑檀体长翅无眼所占百分比3/64可拆分为

×

×

。据表可知长翅性状、黑檀体性状分别为显性和隐性,此情况下,无眼性状应为隐性。方法技巧性状显隐性判断方法(1)表现型相同个体交配→后代出现性状分离,亲代表现出性状为显性性状。(2)表现型不一样个体交配→后代只有一个表现型,后代表现出性状为显性性状。第5页3.(课标Ⅲ,32,12分)已知某种昆虫有眼(A)与无眼(a)、正常刚毛(B)与小刚毛(b)、正常

翅(E)与斑翅(e)这三对相对性状各受一对等位基因控制。现有三个纯合品系:①aaBBEE、②

AAbbEE和③AABBee。假定不发生染色体变异和染色体交换,回答以下问题:(1)若A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上,请以上述品系为材料,设计试验来确

定这三对等位基因是否分别位于三对染色体上。(要求:写出试验思绪、预期试验结果、得出

结论)(2)假设A/a、B/b这两对等位基因都位于X染色体上,请以上述品系为材料,设计试验对这一假

设进行验证。(要求:写出试验思绪、预期试验结果、得出结论)答案(1)选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合,分别得到F1和F2,若各杂交组合F2中均出

现四种表现型,且百分比为9∶3∶3∶1,则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上;若出现

其它结果,则可确定这三对等位基因不是分别位于三对染色体上。(2)选择①×②杂交组合进行正反交,观察F1中雄性个体表现型。若正交得到F1中雄性个体

与反交得到F1中雄性个体有眼/无眼、正常刚毛/小刚毛这两对相对性状表现均不一样,则证

明这两对等位基因都位于X染色体上。第6页解析本题主要考查基因位置相关判断方法,依据题中所给试验材料,仅仅一个杂交组合不

能处理题目中问题;因为这是群体性问题,利用不一样杂交组合,用数学方法来分析预测试验

结果。(1)试验思绪:将确定三对等位基因是否分别位于三对染色体上,拆分为判定任意两对等

位基因是否位于一对染色体上,如利用①和②进行杂交来判定A/a和B/b是否位于一对染色体

上。试验过程(以判定A/a和B/b是否位于一对染色体上为例):选择①aaBBEE×②AAbbEE杂交

组合,分别得到F1和F2,若F2表现型及百分比为有眼正常刚毛∶有眼小刚毛∶无眼正常刚毛∶

无眼小刚毛=9∶3∶3∶1,则A/a和B/b位于两对染色体上;不然A/a和B/b位于同一对染色体上;

其它组合依次类推。(2)可依据①×②杂交组合正反交结果直接判断。假如A/a、B/b这两对

等位基因都位于X染色体上,则子代雄性为无眼正常刚毛或有眼小刚毛;如有一对等位基因在

常染色体上,则正反交后子代雄性必定有一对相对性状表现是相同。规律总结确定基因位置通常使用方法①正交、反交法:通惯用于确定一对等位基因是存在于常染色体上,还是存在于X染色体上。

同时还能够确定是细胞核遗传还是细胞质遗传。②自交法、测交法和花粉判定法:通常是确定两对及两对以上等位基因是否能独立遗传或是

否存在基因连锁现象方法。第7页4.(课标Ⅱ,32,12分,0.66)某种植物果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状,

各由一对等位基因控制(前者用D、d表示,后者用F、f表示),且独立遗传。利用该种植物三种

不一样基因型个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交,试验结果以下:有毛白肉A×无毛黄肉B无毛黄肉B×无毛黄肉C↓↓有毛黄肉∶有毛白肉为1∶1全部为无毛黄肉试验1试验2有毛白肉A×无毛黄肉C↓全部为有毛黄肉试验3回答以下问题:(1)果皮有毛和无毛这对相对性状中显性性状为

,果肉黄色和白色这对相对性状中

显性性状为

。第8页(2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C基因型依次为

。(3)若无毛黄肉B自交,理论上,下一代表现型及百分比为

。(4)若试验3中子代自交,理论上,下一代表现型及百分比为

。(5)试验2中得到子代无毛黄肉基因型有

。答案(12分)(1)有毛黄肉(2)DDff、ddFf、ddFF(3)无毛黄肉∶无毛白肉=3∶1(4)有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1(5)ddFF、ddFf第9页解析本题考查分离定律和自由组合定律。(1)经过试验1和试验3可知,有毛与无毛杂交后代

均为有毛,可知有毛为显性性状。经过试验3可知,白肉与黄肉杂交,后代均为黄肉,可断定黄肉

为显性性状。(2)经过试验1有毛A与无毛B杂交后代全为有毛可知:A为DD,B为dd。同理经过

试验3可知C为dd;经过试验3白肉A和黄肉C杂交后代全为黄肉可知,A为ff,C为FF;经过试验1白

肉A和黄肉B杂交后代黄肉∶白肉=1∶1,可知B为Ff,所以A基因型为DDff,B基因型为

ddFf,C基因型为ddFF。(3)B基因型为ddFf,自交后代依据分离定律可得无毛黄肉∶无毛

白肉=3∶1。(4)试验3亲本基因型为DDff与ddFF,子代基因型为DdFf,依据自由组合定律,子

代自交后代表现型及百分比为:有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1。(5)

试验2亲本基因型为ddFf与ddFF,它们杂交后代无毛黄肉基因型为ddFF、ddFf。方法技巧正确解答本题基础是性状显隐性正确判断。若双亲表现型相同,子代出现

不一样于双亲表现型为隐性。双亲表现型不一样,子代只有一个表现型时,子代表现型为显性。

若子代出现两种表现型,则能够确定双亲一方为杂合子,另一方为隐性。第10页5.(山东理综,28,14分)果蝇长翅(A)对残翅(a)为显性、刚毛(B)对截毛(b)为显性。为探

究两对相对性状遗传规律,进行以下试验。

亲本组合F1表现型F2表现型及百分比试验一长翅刚毛(♀)×残翅截毛(♂)长翅刚毛长翅长翅长翅残翅残翅残翅刚毛刚毛截毛刚毛刚毛截毛♀♂♂♀♂

♂6∶3∶3∶2∶1∶1试验二长翅刚毛(♂)×残翅截毛(♀)长翅刚毛长翅长翅长翅残翅残翅残翅刚毛刚毛截毛刚毛刚毛截毛♂♀♀♂♀

♀6∶3∶3∶2∶1∶1(1)若只依据试验一,能够推断出等位基因A、a位于

染色体上;等位基因B、b可能位

于

染色体上,也可能位于

染色体上。(填“常”“X”“Y”或“X”和

“Y”)第11页(2)试验二中亲本基因型为

;若只考虑果蝇翅型性状,在F2长翅果蝇中,纯合体所

占百分比为

。(3)用某基因型雄果蝇与任何雌果蝇杂交,后代中雄果蝇表现型都为刚毛。在试验一和实

验二F2中,符合上述条件雄果蝇在各自F2中所占百分比分别为

和

。(4)另用野生型灰体果蝇培育成两个果蝇突变品系,两个品系都是因为常染色体上基因隐性突

变所致,产生相同体色表现型——黑体。它们控制体色性状基因组成可能是:①两品系分

别是因为D基因突变为d和d1基因所致,它们基因组成如图甲所表示;②一个品系是因为D基因

突变为d基因所致,另一品系是因为E基因突变成e基因所致,只要有一对隐性基因纯合即为黑

体,它们基因组成如图乙或图丙所表示。为探究这两个品系基因组成,请完成试验设计及结

果预测。(注:不考虑交叉交换)第12页Ⅰ.用

为亲本进行杂交,假如F1表现型为

,则两品系基因组成如图甲所表示;否

则,再用F1个体相互交配,取得F2;Ⅱ.假如F2表现型及百分比为

,则两品系基因组成如图乙所表示;Ⅲ.假如F2表现型及百分比为

,则两品系基因组成如图丙所表示。答案(1)常XX和Y(注:两空可颠倒)(2)AAXBYB、aaXbXb(注:次序可颠倒)

(3)0

(4)Ⅰ.品系1和品系2(或:两个品系)黑体Ⅱ.灰体∶黑体=9∶7Ⅲ.灰体∶黑体=1∶1第13页解析(1)分析试验一中F2表现型,长翅和残翅在雌性和雄性中百分比均为3∶1,可确定等位

基因A、a位于常染色体上;刚毛和截毛在雌性和雄性中百分比分别为8∶0和1∶1,由此可判断

等位基因B、b遗传与性别相关,故B、b基因位于X染色体或X和Y染色体上。(2)试验二中F2

雌果蝇中刚毛∶截毛=1∶1,雄果蝇均为刚毛,结合亲本F1表现型可判断等位基因B、b位于X和

Y染色体同源区段,F1雌雄果蝇均为双杂合体,基因型分别为AaXBXb、AaXbYB,深入可判断亲

本基因型为AAXBYB、aaXbXb;只考虑翅型性状,F2长翅果蝇有两种基因型:AA∶Aa=1∶2,

纯合体占1/3。(3)依据题意知,该雄果蝇基因型为X-YB,试验一中F1雌雄果蝇基因型为

XBXb、XBYb,F2中不存在这类雄果蝇;试验二中X-YB占F21/2。(4)突变品系1与品系2杂交,图

甲F1为dd1(黑体),图乙和图丙F1基因型均为DdEe(灰体)。若让图乙和图丙F1个体相互交配,

图乙产生F2为9D_E_(灰体)、3D_ee(黑体)、3ddE_(黑体)、1ddee(黑体),即灰体∶黑体=9∶

7;图丙F1个体产生两种配子1/2dE、1/2De,所以F1个体相互交配,F2为1/4ddEE(黑体)、1/2DdEe

(灰体)、1/4DDee(黑体),即灰体∶黑体=1∶1。解题关键掌握X、Y同源区段上基因遗传特点、正确判断几个情况下F2基因型及百分比

是解题关键。第14页以下为教师用书专用6.(安徽理综,31Ⅰ,15分)已知一对等位基因控制鸡羽毛颜色,BB为黑羽,bb为白羽,Bb为

蓝羽;另一对等位基因CL和C控制鸡小腿长度,CLC为短腿,CC为正常,但CLCL胚胎致死。两对

基因位于常染色体上且独立遗传。一只黑羽短腿鸡与一只白羽短腿鸡交配,取得F1。(1)F1表现型及百分比是

。若让F1中两只蓝羽短腿鸡交

配,F2中出现

种不一样表现型,其中蓝羽短腿鸡所占百分比为

。(2)从交配结果可判断CL和C显隐性关系,在决定小腿长度性状上,CL是

;在控制致死

效应上,CL是

。(3)B基因控制色素合成酶合成,后者催化无色前体物质形成黑色素。科研人员对B和b基因

进行测序并比较,发觉b基因编码序列缺失一个碱基对。据此推测,b基因翻译时,可能出现

或

,造成无法形成功效正常

色素合成酶。(4)在火鸡(ZW型性别决定)中,有些人发觉少数雌鸡卵细胞不与精子结合,而与某一极体结合

形成二倍体,并能发育成正常个体(注:WW胚胎致死)。这种情况下,后代总是雄性,其原因是

。第15页答案(15分)(1)蓝羽短腿∶蓝羽正常=2∶16

(2)显性隐性(3)提前终止从缺失部位以后翻译氨基酸序列发生改变(4)卵细胞只与次级卵母细胞形成极体结合,产生ZZ为雄性,WW胚胎致死解析

(1)黑羽短腿鸡(BBCLC)×白羽短腿鸡(bbCLC)→F1:1BbCC(蓝羽正常)、2BbCLC(蓝羽短

腿)、1BbCLCL(胚胎致死)。F1中蓝羽短腿鸡(BbCLC)交配,Bb×Bb→1/4黑羽、1/2蓝羽、1/4白

羽,CLC×CLC→2/3短腿、1/3正常;F2中可出现3×2=6种表现型,其中蓝羽短腿鸡所占百分比为1/2×

2/3=1/3。(2)杂合子CLC表现为短腿,CC表现为正常,说明在决定小腿长度性状上CL为显性;只

有CL纯合子才出现胚胎致死,说明在控制致死效应上CL为隐性。(3)若b基因编码序列缺失

一个碱基对,mRNA上缺失一个对应碱基,使缺失位点后密码子均发生改变,翻译时可能使缺

失部位以后氨基酸序列发生改变,也可能影响翻译终止位点,使翻译提前终止。(4)雌鸡

(ZW)一个卵原细胞经减数分裂产生4个子细胞性染色体组成份别为Z、Z、W、W,因为

卵细胞与某一极体结合,WW胚胎致死,后代均为雄性(ZZ),不存在雌性(ZW),所以可判断卵细

胞不能与第一极体产生极体结合,而是与次级卵母细胞产生极体结合形成二倍体。第16页知识拓展致死突变可发生在任何染色体上,发生在常染色体上称常染色体致死,发生在性

染色体上称为伴性致死。在果蝇等性染色体属XY型生物中,假如隐性致死突变发生在X

染色体上,对雄性果蝇即可产生致死效应;但对雌性果蝇则只有两个隐性致死突变基因都纯合

才会造成该个体死亡。第17页7.(山东理综,28,14分)果蝇灰体(E)对黑檀体(e)为显性;短刚毛和长刚毛是一对相对性

状,由一对等位基因(B、b)控制。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。用甲、乙、丙三

只果蝇进行杂交试验,杂交组合、F1表现型及百分比以下:第18页(1)依据试验一和试验二杂交结果,推断乙果蝇基因型可能为

或

。若实

验一杂交结果能验证两对基因E、e和B、b遗传遵照自由组合定律,则丙果蝇基因型应

为

。(2)试验二F1中与亲本果蝇基因型不一样个体所占百分比为

。(3)在没有迁入迁出、突变和选择等条件下,一个由纯合果蝇组成大种群个体间自由交配得

到F1,F1中灰体果蝇8400只,黑檀体果蝇1600只。F1中e基因频率为

。Ee基因型频率为

。亲代群体中灰体果蝇百分比为

。(4)灰体纯合果蝇与黑檀体果蝇杂交,在后代群体中出现了一只黑檀体果蝇。出现该黑檀体果

蝇原因可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失。现有基因

型为EE、Ee和ee果蝇可供选择,请完成以下试验步骤及结果预测,以探究其原因。(注:一对

同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死;各型配子活力相同)试验步骤:①用该黑檀体果蝇与基因型为

果蝇杂交,取得F1;②F1自由交配,观察、统计F2表现型及百分比。结果预测:Ⅰ.假如F2表现型及百分比为

,则为基因突变;Ⅱ.假如F2表现型及百分比为

,则为染色体片段缺失。第19页答案(1)EeBbeeBb(注:两空可颠倒)eeBb(2)1/2(3)40%48%60%(4)答案一:①EEⅠ.灰体∶黑檀体=3∶1Ⅱ.灰体∶黑檀体=4∶1答案二:①EeⅠ.灰体∶黑檀体=7∶9Ⅱ.灰体∶黑檀体=7∶8第20页解析(1)从试验一结果可推知甲、乙杂交组合基因型为eebb×EeBb或eeBb×Eebb,从试验二

可推知乙、丙杂交组合基因型为EeBb×eeBb,故乙为EeBb或eeBb,若试验一能验证自由组合

定律,则杂交组合基因型为eebb×EeBb,乙为EeBb,则丙为eeBb。(2)试验二中,亲本为EeBb×

eeBb,其F1中EeBb基因型出现概率为1/2×1/2,eeBb基因型出现概率为1/2×1/2,与亲本基因

型相同概率为(1/2×1/2)+(1/2×1/2)=1/2,则与亲本基因型不相同概率为1-1/2=1/2。(3)黑檀体果

蝇ee个体为1600只,依据遗传平衡定律可知p2+2pq+q2=1,即q2=1600/(8400+1600)=0.16,q=0.

4,即e基因频率为0.4,E基因频率为1-0.4=0.6;Ee基因型频率为2pq=2×0.4×0.6=0.48;在没

有迁入迁出、突变和选择等条件下,亲代与子代基因频率相同,且因亲代皆为纯合,故亲代中

EE基因型频率为0.6,ee基因型频率为0.4。(4)若用基因型为EE果蝇与该黑檀体果蝇杂交,基

因突变情况下,F1为Ee,自由交配后,F2中灰体∶黑檀体=3∶1,染色体片段缺失情况下,F1为Ee、

OE,自由交配时,♀、♂配子中不一样基因型配子比为E∶e∶O=2∶1∶1,自由交配后,F2中灰

体∶黑檀体=4∶1。若用基因型为Ee果蝇与该黑檀体果蝇杂交,基因突变情况下,F1为Ee∶

ee=1∶1,自由交配后,F2中灰体∶黑檀体=7∶9,染色体片段缺失情况下,F1为Ee、Oe、OE、ee,

则♀、♂配子中不一样基因型配子比为E∶e∶O=1∶2∶1,自由交配后,F2中灰体∶黑檀体=7∶8。第21页8.(福建理综,28,16分)人类对遗传认知逐步深入:(1)在孟德尔豌豆杂交试验中,纯合黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)豌豆杂交,若将F2中

黄色皱粒豌豆自交,其子代中表现型为绿色皱粒个体占

。深入研究发觉r基因碱

基序列比R基因多了800个碱基对,但r基因编码蛋白质(无酶活性)比R基因编码淀粉支酶

少了末端61个氨基酸,推测r基因转录mRNA提前出现

。试从基因表示角度,解释在孟德尔“一对相对性状杂交试验”中,所观察7种性状F1中

显性性状得以表示,隐性性状不表示原因是

。(2)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)果蝇杂交,将F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇

进行测交,子代出现四种表现型,百分比不为1∶1∶1∶1,说明F1中雌果蝇产生了

种配子。

试验结果不符合自由组合定律,原因是这两对等位基因不满足该定律“

”这一基本条件。(3)格里菲思用于转化试验肺炎双球菌中,S型菌有SⅠ、SⅡ、SⅢ等各种类型,R型菌是由S

Ⅱ型突变产生。利用加热杀死SⅢ与R型菌混合培养,出现了S型菌。有些人认为S型菌出现是因为R型菌突变产生,但该试验中出现S型菌全为

,否定了这种说法。第22页(4)沃森和克里克构建了DNA双螺旋结构模型,该模型用

解释DNA分

子多样性,另外,

高度准确性确保了DNA遗传信息稳定传递。答案(16分)(1)1/6终止密码(子)显性基因表示,隐性基因不转录,或隐性基因不翻译,或隐性基因编码

蛋白质无活性、或活性低(2)4非同源染色体上非等位基因(3)SⅢ(4)碱基对排列次序多样性碱基互补配对第23页解析(1)F2中黄色皱粒中有1/3YYrr,2/3Yyrr,其自交子代中绿色皱粒yyrr占2/3×1/4=1/6;r基因

较R基因长,但r基因编码蛋白质比R基因编码淀粉支酶少了末端61个氨基酸,说明r基因转

录mRNA提前出现了终止密码,使肽链延长提前终止;F1为杂合子,表现为显性性状,隐性性状

不表达原因可能是隐性基因不转录,或不翻译,或其编码蛋白质无活性或活性低。(2)由测

交试验结果可推出F1产生配子种类及百分比,由子代出现4种表现型,百分比不为1∶1∶1∶1可

知F1产生4种配子但数量不等,说明这两对等位基因不满足该定律中非同源染色体上非等位基

因这一基本条件。(3)因突变含有不定向性,R型菌若突变产生S型菌,不可能全为SⅢ型,若S

型菌起源于R型菌转化,则加热杀死SⅢ与R型菌混合培养,出现S型菌全为SⅢ型,即可否

定S型菌是由R型菌突变产生这种说法。(4)DNA双螺旋结构模型中,碱基对排列次序多样性

可解释DNA分子多样性,碱基互补配对确保了DNA遗传信息传递高度准确性。第24页9.(课标Ⅰ,31,12分,0.13)一对相对性状可受多对等位基因控制,如某种植物花紫色(显

性)和白色(隐性)这对相对性状就受多对等位基因控制。科学家已从该种植物一个紫花品

系中选育出了5个基因型不一样白花品系,且这5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基

因存在差异。某同学在大量种植该紫花品系时,偶然发觉了1株白花植株,将其自交,后代均表

现为白花。回答以下问题:(1)假设上述植物花紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状受8对等位基因控制,显性基因分

别用A、B、C、D、E、F、G、H表示,则紫花品系基因型为

;

上述5个白花品系之一基因型可能为

(写出其中一个基因型即

可)。(2)假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异,若要经过杂交试验来确定该白

花植株是一个新等位基因突变造成,还是属于上述5个白花品系中一个,则:①该试验思绪:

;第25页②预期试验结果和结论:

。答案

(1)AABBCCDDEEFFGGHHaaBBCCDDEEFFGGHH(或8对等位基因中任意1对等位

基因为隐性纯合,且其它等位基因为显性纯合)(2)①用该白花植株后代分别与5个白花品系杂交,观察子代花色②在5个杂交组合中,假如子代全部为紫花,说明该白花植株是新等位基因突变造成;在5个杂

交组合中,假如4个组合子代为紫花,1个组合子代全为白花,说明该白花植株属于这5个白

花品系之一第26页解析本题主要考查基因自由组合定律原理和应用。(1)植株紫花和白花是由8对等位基

因控制,紫花为显性,且5种已知白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异,据此

可推断该紫花品系为8对等位基因显性纯合子。上述5种白花品系都是只有一对基因为隐

性纯合,另外7对等位基因为显性纯合,如aaBBCCDDEEFFGGHH、AAbbCCDDEEFFGGHH

等。(2)该紫花品系后代中出现了1株能稳定遗传白花植株,且与紫花品系也只有一对等

位基因存在差异,若已知5种白花品系中隐性纯合那对基因分别为aa、bb、cc、dd、ee,则该

突变白花植株基因型可能与上述5种白花品系之一相同,也可能出现隐性纯合基因是ff或gg

或hh新突变。判断这两种情况方法是让该白花植株后代分别与5个白花品系杂交,预测

子代花色遗传情况:若为新等位基因突变,则5种杂交组合中子代应全为紫花;若该白花植株

为上述5个白花品系之一,则与之基因型相同一组杂交子代全为白花,其余4组杂交子代均为

紫花。由此可判断该突变白花植株类型。第27页考点2自由组合定律及其应用1.(课标Ⅱ,6,6分)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上、独立分配等位基因决定,

其中,A基因编码酶可使黄色素转化为褐色素;B基因编码酶可使该褐色素转化为黑色素;

D基因表示产物能完全抑制A基因表示;对应隐性等位基因a、b、d表示产物没有上

述功效。若用两个纯合黄色品种动物作为亲本进行杂交,F1均为黄色,F2中毛色表现型出现

了黄∶褐∶黑=52∶3∶9数量比,则杂交亲本组合是

()A.AABBDD×aaBBdd,或AAbbDD×aabbddB.aaBBDD×aabbdd,或AAbbDD×aaBBDDC.aabbDD×aabbdd,或AAbbDD×aabbddD.AAbbDD×aaBBdd,或AABBDD×aabbdd第28页答案

D本题主要考查自由组合定律应用。依据题干中信息能够确定这三对基因关

系,用下列图表示:

黄色毛个体基因型为aa____或者A___D_,褐色毛个体基因型为A_bbdd,黑色毛个体

基因型为A_B_dd;依据F2中表现型数量比为52∶3∶9可得百分比之和为52+3+9=64,即43,说明F1

基因型中三对基因均为杂合,四个选项中只有D选项子代三对基因均杂合,D正确,A、B、C

错误。方法技巧解答本题要抓住两个关键,首先要依据题干信息推导出每一个表现型对应基因

型,其次要由F2表现型及百分比推导出F1基因型特点。第29页2.(课标Ⅲ,6,6分,0.402)用某种高等植物纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部

表现为红花。若F1自交,得到F2植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株花粉

给F1红花植株授粉,得到子代植株中,红花为101株,白花为302株。依据上述杂交试验结果推

断,以下叙述正确是

()A.F2中白花植株都是纯合体B.F2中红花植株基因型有2种C.控制红花与白花基因在一对同源染色体上D.F2中白花植株基因型种类比红花植株多第30页答案

D依据题意,由纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现为红花,F1自交得

到F2植株中红花∶白花≈9∶7,可推知红花与白花由两对独立遗传等位基因控制(假设相

关基因用A、a和B、b表示),即两对等位基因位于两对同源染色体上,C错误;双显性(A_B_)基

因型(4种)植株表现为红花,B错误;单显性(A_bb和aaB_)和双隐性(aabb)基因型植株均表

现为白花,所以F2中白花植株有为纯合体,有为杂合体,A错误;F2中白花植株共有5种基因

型,比红花植株(4种)基因型种类多,D正确。疑难突破本题主要考查基因自由组合定律判定和应用。正确辨析F2性状分离比是解题

关键,要求考生能够依据题干中百分比确定该性状由两对等位基因控制,而且遵照基因自由

组合定律,同时确定不一样表现型个体基因型,再结合选项作出准确判断。第31页3.(课标Ⅲ,31,10分)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交试验,杂交包括四

对相对性状分别是:红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果

(长)、单一花序(单)与复状花序(复)。试验数据以下表。组别杂交组合F1表现型F2表现型及个体数甲红二×黄多红二450红二、160红多、150黄二、50黄多红多×黄二红二460红二、150红多、160黄二、50黄多乙圆单×长复圆单660圆单、90圆复、90长单、160长复圆复×长单圆单510圆单、240圆复、240长单、10长复回答以下问题:(1)依据表中数据可得出结论是:控制甲组两对相对性状基因位于

上,依

据是

;控制乙组两对相对性状基

因位于

(填“一对”或“两对”)同源染色体上,依据是

。(2)某同学若用“长复”分别与乙组两个F1进行杂交,结合表中数据分析,其子代统计结果

不符合

百分比。第32页答案(1)非同源染色体F2中两对相对性状表现型分离比符合9∶3∶3∶1一对F2中每

对相对性状表现型分离比都符合3∶1,而两对相对性状表现型分离比不符合9∶3∶3∶1

(2)1∶1∶1∶1解析本题考查基因自由组合定律应用。(1)甲组杂交组合F2性状分离符合9∶3∶3∶1

百分比,说明控制甲组两对相对性状基因位于非同源染色体上。而乙组杂交组合F2中每

对相对性状表现型分离比都符合3∶1,而两对相对性状分离比不符合9∶3∶3∶1相差较

大,说明控制乙组两对相对性状基因位于一对同源染色体上。(2)因控制乙组两对相对性状

基因位于一对同源染色体上,故利用“长复”对乙组F1测交结果不符合1∶1∶1∶1百分比。方法总结遗传规律验证方法(1)自交法:F1自交后代性状分离比为3∶1,则符合分离定律,性状由位于一对同源染色体上一

对等位基因控制。F1自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1,则符合自由组合定律,性状由位于非

同源染色体上两对等位基因控制。(2)测交法:F1测交后代性状分离比为1∶1,则符合分离定

律,性状由位于一对同源染色体上一对等位基因控制。F1测交后代性状分离比为1∶1∶1∶

1,则符合自由组合定律,性状由位于非同源染色体上两对等位基因控制。另外还有花粉鉴

定法、单倍体育种法等。第33页4.(四川理综,11,14分)油菜物种Ⅰ(2n=20)与Ⅱ(2n=18)杂交产生幼苗经秋水仙素处理后,

得到一个油菜新品系(注:Ⅰ染色体和Ⅱ染色体在减数分裂中不会相互配对)。(1)秋水仙素经过抑制分裂细胞中

形成,造成染色体加倍;取得植株进行自交,子

代

(会/不会)出现性状分离。(2)观察油菜新品系根尖细胞有丝分裂,应观察

区细胞,处于分裂后期细胞中含有

条染色体。(3)该油菜新品系经多代种植后出现不一样颜色种子,已知种子颜色由一对基因A/a控制,并受

另一对基因R/r影响。用产黑色种子植株(甲)、产黄色种子植株(乙和丙)进行以下试验:组别亲代F1表现型F1自交所得F2表现型及百分比试验一甲×乙全为产黑色种子植株产黑色种子植株∶产黄色种子植株=3∶1试验二乙×丙全为产黄色种子植株产黑色种子植株∶产黄色种子植株=3∶13第34页①由试验一得出,种子颜色性状中黄色对黑色为

性。②分析以上试验可知,当

基因存在时会抑制A基因表示。试验二中丙基因型为

,F2代产黄色种子植株中杂合子百分比为

。③有些人重复试验二,发觉某一F1植株,其体细胞中含R/r基因同源染色体有三条(其中两条含R

基因),请解释该变异产生原因:

。让该植株自交,理论上后代中产黑色种子植株所占百分比为

。答案(14分)(1)纺锤体不会(2)分生76(3)①隐②RAARR10/13③植株丙在

减数第一次分裂后期含R基因同源染色体未分离(或植株丙在减数第二次分裂后期含R基因

姐妹染色单体未分开)1/48第35页解析本题主要考查遗传变异相关知识。(1)秋水仙素经过抑制细胞分裂中纺锤体形成,

造成染色体加倍,取得植株为染色体加倍纯合子,纯合子自交子代不会出现性状分离。(2)

油菜新品系体细胞中染色体数目为(10+9)×2=38,要观察植物有丝分裂,应观察根尖分生区细

胞,处于有丝分裂后期油菜新品系根尖细胞中染色体数目加倍,为76条。(3)①由试验一,甲

(黑)×乙(黄)→F1全黑,可推知,黑色为显性性状,黄色为隐性性状。②分析试验二,F2中黑∶黄=

3∶13,可确定R基因存在时抑制A基因表示,丙基因型为AARR,乙基因型为aarr,F2中黑

色种子基因型为A_rr,黄色种子基因型及所占百分比为9/16A_R_、3/16aaR_和1/16aarr,其黄

色种子中纯合子基因型及所占百分比为1/13AARR、1/13aaRR、1/13aarr,则F2黄色种子中杂合

子百分比为10/13。③试验二中,正常F1基因型为AaRr,而异常F1为AaRRr,可能是丙在减Ⅰ后

期含R基因同源染色体未分离或减Ⅱ后期含R基因姐妹染色单体未分离,从而产生异常配

子ARR;AaRRr自交,后代中产黑色(A_rr)种子植株概率为

×

×

=

。第36页方法技巧显隐性判断与亲本基因型判断:①不一样性状亲本杂交→子代只出现一个性状→子代所出现性状为显性性状,双亲均为纯

合子。②相同性状亲本杂交→子代出现不一样性状→子代所出现新性状为隐性性状,亲

本为杂合子。③依据子代性状分离比→若子代出现3∶1性状分离比,占3份性状为显性性

状,亲本为杂合子,且自交。第37页5.(福建理综,28,14分)鳟鱼眼球颜色和体表颜色分别由两对等位基因A、a和B、b控

制。现以红眼黄体鳟鱼和黑眼黑体鳟鱼为亲本,进行杂交试验,正交和反交结果相同。试验结

果如图所表示。请回答:

(1)在鳟鱼体表颜色性状中,显性性状是

。亲本中红眼黄体鳟鱼基因型是

。(2)已知这两对等位基因遗传符合自由组合定律,理论上F2还应该出现

性状个体,

但实际并未出现,推测其原因可能是基因型为

个体本应该表现出该性状,却表现出

黑眼黑体性状。第38页(3)为验证(2)中推测,用亲本中红眼黄体个体分别与F2中黑眼黑体个体杂交,统计每一个杂

交组合后代性状及百分比。只要其中有一个杂交组合后代

,则该推测成立。(4)三倍体黑眼黄体鳟鱼含有优良品质。科研人员以亲本中黑眼黑体鳟鱼为父本,以亲本

中红眼黄体鳟鱼为母本,进行人工授精。用热休克法抑制受精后次级卵母细胞排出极体,

受精卵最终发育成三倍体黑眼黄体鳟鱼,其基因型是

。因为三倍体鳟鱼

,造成其高度不育,所以每批次鱼苗均需重新育种。答案(14分)(1)黄体(或黄色)aaBB(2)红眼黑体aabb(3)全部为红眼黄体(4)AaaBBb

不能进行正常减数分裂,难以产生正常配子(或在减数分裂过程中,染色体联会紊乱,难以

产生正常配子)第39页解析(1)由亲本与F1个体表现型可知:体色遗传中黄体对黑体为显性,眼色遗传中黑眼对红眼

为显性。由F2性状分离比可知:F1个体基因型为AaBb,P为单显性纯合子,故亲本中红眼黄体鳟

鱼基因型为aaBB。(2)由基因自由组合定律可知:F2中应有1/16个体基因型为aabb(红眼黑

体),由F2中黑眼黑体鳟鱼百分比知,aabb表现为黑眼黑体。(3)若aabb表现为黑眼黑体,用亲本中

红眼黄体个体与F2中黑眼黑体交配,将有aaBB×aabb组合出现,其后代均为红眼黄体鱼。(4)亲

本红眼黄体鱼基因型为aaBB,其产生次级卵母细胞基因型为aaBB,故受精卵基因型为

AaaBBb,因三倍体减数分裂过程中,染色体联会紊乱,难以产生正常配子,故三倍体鳟鱼表现为

高度不育。解题关键依据自由组合定律表现型百分比9∶3∶3∶1特殊百分比9∶3∶4,快速准确判断出

F1为双杂合子,从而推断出亲本为两纯合子aaBB和Aabb。第40页以下为教师用书专用6.(上海单科,25,2分)某种植物果实重量由三对等位基因控制,这三对基因分别位于三对同

源染色体上,对果实重量增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重

量分别为150g和270g。现将三对基因均杂合两植株杂交,F1中重量为190g果实所占百分比

为

()A.3/64B.5/64C.12/64D.15/64答案

D隐性纯合子(aabbcc)和显性纯合子(AABBCC)果实重量分别为150g和270g,则每个

显性基因增重为(270-150)/6=20(g),AaBbCc自交后代中含有两个显性基因果实重量为190

克,其基因型为AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc,所占百分比为1/64+1/6

4+1/64+4/64+4/64+4/64=15/64,D正确。第41页7.(四川理综,11,15分)小鼠皮毛颜色由常染色体上两对基因控制,其中A/a控制灰色物

质合成,B/b控制黑色物质合成。两对基因控制有色物质合成关系如图:(1)选取三只不一样颜色纯合小鼠(甲—灰鼠,乙—白鼠,丙—黑鼠)进行杂交,结果以下:

亲本组合F1F2试验一甲×乙全为灰鼠9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠试验二乙×丙全为黑鼠3黑鼠∶1白鼠①两对基因(A/a和B/b)位于

对染色体上,小鼠乙基因型为

。②试验一F2代中,白鼠共有

种基因型,灰鼠中杂合体占百分比为

。③图中有色物质1代表

色物质,试验二F2代中黑鼠基因型为

。第42页(2)在纯合灰鼠群体后代中偶然发觉一只黄色雄鼠(丁),让丁与纯合黑鼠杂交,结果以下:

亲本组合F1F2试验三丁×纯合黑鼠1黄鼠∶1灰鼠F1黄鼠随机交配:3黄鼠∶1黑鼠F1灰鼠随机交配:3灰鼠∶1黑鼠①据此推测:小鼠丁黄色性状是由基因

突变产生,该突变属于

性突变。②为验证上述推测,可用试验三F1代黄鼠与灰鼠杂交。若后代表现型及百分比为

,则上述推测正确。③用3种不一样颜色荧光,分别标识小鼠丁精原细胞基因A、B及突变产生新基因,观察其

分裂过程,发觉某个次级精母细胞有3种不一样颜色4个荧光点,其原因是

。答案(15分)(1)①2aabb②38/9③黑aaBB、aaBb(2)①A显②黄鼠∶灰鼠∶黑鼠=2∶1∶1③基因A与新基因所在同源染色体非姐妹染色单体之间发生了交叉交换第43页解析(1)结合试验一中F2性状分离比可判断两对等位基因遗传遵照自由组合定律,两对

基因应位于两对同源染色体上,还可确定图中物质1代表黑色物质,基因Ⅰ和基因Ⅱ分别代表

基因B、基因A,深入可确定试验一遗传情况:亲本为AABB(甲)×aabb(乙),F1为AaBb(灰鼠),

F2基因型及百分比为9A_B_(灰鼠)∶3aaB_(黑鼠)∶3A_bb(白)∶1aabb(白),所以试验一F2代

中,白鼠共有3种基因型,灰鼠(A_B_)中杂合体占8/9;试验二中亲本为aabb(乙)×aaBB(丙),F1为

aaBb(黑鼠),F2中黑鼠基因型有aaBB和aaBb两种。(2)纯合灰鼠群体(AABB)出现黄色鼠

(丁)与纯合黑鼠(aaBB)杂交,后代中黄鼠∶灰鼠(AaBB)=1∶1,由此可知丁为杂合子,依据F2代

性状分离比可判断黄色性状是由基因A发生显性突变(黄色突变用基因A+表示)产生;F1代

黄鼠(A+aBB)与灰鼠(AaBB)杂交,所得后代为A+ABB(黄鼠)∶A+aBB(黄鼠)∶AaBB(灰鼠)∶

aaBB(黑鼠)=1∶1∶1∶1,若表现型之比为黄鼠∶灰鼠∶黑鼠=2∶1∶1。则说明该突变为显性

突变。小鼠丁(A+ABB)次级精母细胞基因型为A+A+BB或AABB,荧光标识后应有2种不一样

颜色、4个荧光点,某次级精母细胞中含有4个荧光点,说明基因数量没有改变,但有3种颜色

荧光说明基因种类发生改变,其原因应该是在减数第一次分裂四分体时期,基因A+和基因A所

在染色单体片段发生了交叉交换。第44页8.(海南单科,29,8分)某种植物表现型有高茎和矮茎、紫花和白花,其中紫花和白花这对

相对性状由两对等位基因控制,这两对等位基因中任意一对为隐性纯合则表现为白花。用纯

合高茎白花个体与纯合矮茎白花个体杂交,F1表现为高茎紫花,F1自交产生F2,F2有4种表现

型:高茎紫花162株,高茎白花126株,矮茎紫花54株,矮茎白花42株。请回答:(1)依据此杂交试验结果可推测,株高受

对等位基因控制,依据是

。在F2中矮茎紫花植株基因型有

种,矮茎白花植株基因型有

种。(2)假如上述两对相对性状自由组合,则理论上F2中高茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白

花这4种表现型数量比为

。第45页解析(1)依据F2中高茎∶矮茎=3∶1,说明株高遗传遵照分离定律,该性状受一对等位基因控

制,其中高茎(用D表示)为显性性状。控制花色两对基因中任意一对为隐性纯合则表现为白

花,即只有双显性个体(用A_B_表示)为紫花;依据F2中紫花∶白花约为9∶7可判断F1紫花基

因型为AaBb,所以在F2中矮茎紫花植株(ddA_B_)基因型有4种,矮茎白花植株(ddA_bb、

ddaaB_、ddaabb)基因型共有5种。(2)若这两对相对性状自由组合,则F1(DdAaBb)自交,两对

相对性状自由组合,F2中表现型及百分比为(3高茎∶1矮茎)(9紫花∶7白花)=27高茎紫花∶21高

茎白花∶9矮茎紫花∶7矮茎白花。答案(1)1F2中高茎∶矮茎=3∶145(2)27∶21∶9∶7第46页考点1孟德尔两对相对性状杂交试验1.(云南曲靖第一次统一检测,1)以下与遗传相关叙述错误是

()A.性状分离就是杂种自交后代显现不一样性状现象B.凡是与性别相关联性状遗传就是伴性遗传C.杂合子细胞中等位基因存在于同源染色体上D.基因与基因、基因与基因产物、基因与环境相互作用形成网络,精细地控制着生物体

性状三年模拟A组—年高考模拟·基础题组第47页答案

B杂种自交后代中同时出现显性性状和隐性性状现象称为性状分离,A项正确;伴

性遗传是指位于性染色体上基因遗传上总是与性别相联络,B项错误;杂合子细胞中等位

基因存在于同源染色体同一位置上,C项正确;基因与基因、基因与基因产物、基因与环境

相互作用,形成网络精细地控制着生物体性状,D项正确。易错警示不要错误地把全部后代出现不一样表现型现象称为性状分离,如杂种测交后代出

现不一样表现型就不属于性状分离。只有杂种自交后代中同时出现显性性状和隐性性状现

象才能称为性状分离。第48页2.(贵州贵阳一中月考,4)用基因型为MMHH和mmhh植株为亲本杂交得F1,F1自交得F2,

以下说法错误是

()A.正常情况下,基因M在细胞中最多有4个B.若大量重复试验F2中性状分离比为9∶6∶1,则基因Mm、Hh位于两对同源染色体上C.检测F1产生配子种类及百分比只能用孟德尔设计测交方法D.若F2出现15∶1性状分离比,则F1测交性状分离比为3∶1答案

C正常情况下,基因型为MMHH个体细胞在有丝分裂DNA复制后会出现4个基

因M,A正确;若大量重复试验F2中性状分离比为9∶6∶1,为9∶3∶3∶1变形,说明基因

Mm、Hh位于两对同源染色体上,遵照基因自由组合定律,B正确;检测F1产生配子种类及

百分比最好方法是用孟德尔设计测交方法,也能够用自交法,C错误;若F2出现15∶1性状分

离比,说明只有双隐性个体表现为一个性状,其它基因型都表现为其相对性状,所以其测交后代

性状分离比为3∶1,D正确。第49页3.(贵州遵义高三上学期联考,5)人类皮肤含有黑色素,皮肤中黑色素多少由两对独立

遗传基因(A和a,B和b)所控制,显性基因A和B能够使黑色素量增加,二者增加量相等,而且

能够累加。一个基因型为AaBb男性与一个基因型为AaBB女性结婚,以下关于其儿女中

皮肤颜色深浅描述中错误是

()A.可产生四种表现型B.与亲代AaBB表现型相同有1/4C.肤色最浅孩子基因型是aaBbD.与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样有3/8答案

B由题意可知,A、B控制皮肤颜色深浅程度相同,且能够累加,一个基因型为AaBb

男性与一个基因型为AaBB女性结婚,后代基因型及所占百分比为1/8AABB、1/8AABb、1/

4AaBB、1/4AaBb、1/8aaBB和1/8aaBb,显性基因数量有4、3、2、1四种,即后代有四种表

现型,A正确;与亲代AaBB表现型相同有1/4+1/8=3/8,B错误;肤色最浅孩子只有一个显性

基因,基因型是aaBb,C正确;与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样有1/4+1/8=3/8,D正确。审题方法从题干中可知显性基因A和B能够使黑色素量增加,二者增加量相等,而且能够

累加,所以表现型与基因型中显性基因数量相关。第50页4.(四川成都石室中学高三上学期期中,8)孟德尔利用假说—演绎法发觉了遗传两大定

律。其中在研究两对相对性状杂交试验时,针对发觉问题孟德尔提出假说是()A.F1表现显性性状,F1自交产生四种表现型不一样后代,百分比是9∶3∶3∶1B.F1形成配子时,每对遗传因子彼此分离,不一样正确遗传因子自由组合,F1产生四种百分比相等

配子C.F1产生数目和种类相等雌雄配子,且雌雄配子结合机会相同D.F1测交将产生四种表现型后代,百分比为1∶1∶1∶1答案

BA项所述内容是孟德尔在研究两对相对性状杂交试验中发觉问题,A错误;在两

对相对性状杂交试验中,孟德尔提出假说是:F1形成配子时,每对遗传因子彼此分离,不一样

正确遗传因子能够自由组合;F1产生四种百分比相等配子(雌雄配子数目不相等),且雌雄配子

结合机会相同,B正确、C错误;D项所述内容是孟德尔对两对相对性状杂交试验现象解释

验证,D错误。第51页考点2自由组合定律及其应用1.(四川成都高中毕业班第三次诊疗检测,4)某单子叶植物非糯性(A)对糯性(a)为显性,

抗病(T)对易染病(t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因分别位于三对同源

染色体上,非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为:①

AATTdd②AAttDD③AAttdd④aattdd则以下说法正确是

()A.若采取花粉判定法验证基因分离定律,应该用①和③杂交所得F1花粉B.若采取花粉判定法验证基因自由组合定律,能够观察①和②杂交所得F1花粉C.若培育糯性抗病优良品种,应选取①和④亲本杂交D.将②和④杂交后所得F1花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,均为蓝色第52页答案

C三对相对性状中可经过花粉判定相对性状是非糯性(A)和糯性(a)、花粉粒长形

(D)和圆形(d),若采取花粉判定法验证基因分离定律,需得到基因型为Aa或Dd植株,A错误;

若采取花粉判定法验证基因自由组合定律,需得到基因型为AaDd植株,B错误;①×④→F1

(AaTtdd),F1连续自交即可得到糯性抗病优良品种(aaTTdd),C正确;②×④→F1(AattDd),其产生

花粉加碘液检测A(蓝)∶a(棕)=1∶1,D错误。方法技巧不论是用自交法、测交法还是花粉判定法来验证基因分离定律,都必须用最少

有一对基因杂合亲本;若要验证基因自由组合定律,则必须用最少有两对基因杂合亲

本。第53页2.(广西三校联考,6)报春花花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位

基因(A和a,B和b)共同控制,两对等位基因独立遗传,显性基因A控制以白色素为前体物合成黄

色锦葵色素代谢过程,但当显性基因B存在时可抑制其表示。现选择AABB和aabb两个品种

进行杂交,得到F1,F1自交得F2,则以下说法不正确是

()

A.黄色植株基因型是AAbb或AabbB.F1表现型是白色C.F2中黄色∶白色百分比是3∶5D.F2中白色个体基因型种类是7种第54页答案

C依据题图可得,基因A表示才能合成黄色锦葵色素,而基因B存在时基因A表示受抑

制,花色为白色,所以白色报春花基因型为A_B_或aa__,而黄色报春花基因型是AAbb或

Aabb,故A正确;AABB和aabb两个品种杂交,F1为AaBb花色应为白色,故B正确;F1自交,F2基因

型为:A_B_、aaB_、A_bb、aabb,其百分比为9∶3∶3∶1,其中黄色占3/16,白色占(9+3+1)/16,因

此F2中白色∶黄色为13∶3,故C错误;因为F2共有9种基因型,其中黄色植株基因型只有AAbb

和Aabb两种,所以白色个体基因型种类是7种,故D正确。解题思绪解答基因互作类题目,首先要把不一样基因之间作用关系搞清楚,然后依据其相

互作用关系将对应基因型和表现型关联起来,最终依据题目要求分析问题。第55页3.(云南昆明高三摸底考,5)燕麦颖色受两对基因控制。现用纯种黄颖与纯种黑颖杂交,F1

全为黑颖,F1自交产生F2中,黑颖∶黄颖∶白颖=12∶3∶1。已知黑颖(B)对黄颖(Y)为显性,只

要有B存在,植株就表现为黑颖。以下叙述错误是()A.控制该性状两对基因分别位于两对同源染色体上B.F2黑颖基因型有5种,F2黄颖中杂合子占2/3C.黑颖与黄颖杂交,亲本基因型为yyBb×Yybb时,后代中白颖百分比最大D.F1测交,后代表现型及百分比为黑颖∶黄颖∶白颖=2∶1∶1答案

B依据F2性状分离比为12∶3∶1(9∶3∶3∶1变式)可知,B(b)与Y(y)分别存在于

两对同源染色体上,符合自由组合定律,A正确;依据题意可知,F2黑颖基因型有Y_B_和yyB_,

所以F2黑颖基因型共6种,F2黄颖基因型为YYbb或Yybb,其百分比为1∶2,所以F2黄颖中杂合

子占2/3,B错误;黑颖(Y_B_和yyB_)与黄颖(Y_bb)杂交,若要使后代中白颖(yybb)百分比最大,则

可使两亲本杂交后代分别出现bb和yy概率最大,故亲本基因型应为yyBb×Yybb,C正确;

YyBb×yybb后代表现型及其百分比为黑颖(__Bb)∶黄颖(Yybb)∶白颖(yybb)=(1/2)∶(1/4)∶(1/4)

=2∶1∶1,D正确。易错警示在解概率计算题时,需要注意所要求对象是在哪一个范围内所占百分比。第56页4.(贵州遵义四中月考,9)棉铃虫是一个夜蛾类昆虫,对农业危害很大,其性别决定为ZW型,

棉铃虫幼虫体色由常染色体上一对基因A/a控制,并受另一对基因B/b影响,科研人员用雌性褐

色棉铃虫(甲),雄性黄色棉铃虫(乙),雌性黄色棉铃虫(丙)进行杂交试验,结果如表(每组试验重

复屡次):组别亲代F1表现型F1中雌雄个体自由交配所得F2表现型及百分比试验一甲×乙幼虫全褐色褐色∶黄色=3∶1(雌雄个体均一样)试验二乙×丙幼虫全黄色褐色∶黄色=3∶13(雌雄个体均一样)(1)由试验一得出,体色性状中黄色对褐色为

性。由试验二得出,幼虫体色遗传符合基因

定律。(2)分析以上试验可知,当

基因存在时会抑制A基因表示。试验二中丙基因型为

,F2黄色棉铃虫中纯合子百分比为

。(3)有科研人员重复试验一,并观察F1棉铃虫性染色体组成,发觉体细胞中性染色体为ZWW型

个体,这种变异属于

变异,请解释该变异产生原因。第57页答案(1)隐自由组合(2)BAABB3/13(3)染色体(染色体数目)褐色棉铃虫甲在减

数第二次分裂后期两条W染色体未分离,形成WW型卵细胞(配子),与含Z精子结合,形成

ZWW型个体。解析(1)试验一中,F1中全褐色子代出现了黄色,说明黄色是隐性性状,所以褐色对黄色是显

性性状。试验二结果3∶13是9∶3∶3∶1变形,说明这对性状是由两对基因控制,而且

遵照基因自由组合定律。(2)试验二中褐色∶黄色为3∶13,说明B基因会抑制A基因表

达。由题意分析可知褐色基因型应是A_bb,依据试验结果分析确定甲应是AAbb,乙应是aabb,

丙应是AABB。试验二F2中黄色棉铃虫中纯合子百分比是3/13。(3)试验一F1中出现了ZWW

个体,其染色体数目发生了改变,属于染色体数目变异,最可能原因是母本即褐色棉铃虫甲

在减数第二次分裂后期两条W染色体未分离,形成WW型卵细胞(配子),与含Z精子结合,

形成ZWW型个体。第58页解后反思由基因互作引发特殊百分比改变解题步骤①判断双杂合子自交后代F2表现型百分比,若表现型百分比之和是16,则符合自由组合定律。②

利用自由组合定律遗传图解,写出双杂合子自交后代性状分离比(9∶3∶3∶1),依据题意

将含有相同表现型个体进行“合并同类项”,如12∶3∶1即(9+3)∶3∶1,12出现原因是前

两种基因型性状表现一致。③依据②推断确定F2中各表现型所对应基因型,推断亲代

基因型及子代各表现型个体出现百分比。第59页5.(广西贵港联考,10)家兔体色遗传受两对常染色体上等位基因控制,其中A基因可

以合成酶A,使白色底物转化为灰色底物,而基因B能够合成酶B,使灰色底物转化为黑色底物。

现以多只白色雄性家兔与多只灰色雌性家兔为亲本进行杂交,F1全为黑色家兔,F1雌雄个体

间随机交配,F2出现3种表现型(不考虑交叉交换)。请回答:(1)亲本中白色家兔和灰色家兔基因型分别为

。基因控制生物性状方式

除题中所表达外,基因还能够经过控制

直接控制生物性状。(2)可经过统计F2中3种表现型百分比,来判断控制家兔毛色两对等位基因是否遵照基因自

由组合定律。当F2中3种表现型及百分比为

,则遵照,此时控制家兔

毛色两对等位基因位于

上。(3)为了验证家兔毛色遗传遵照基因自由组合定律,还能够利用F1进行

试验,假如

后代表现型及百分比是

,则遵照。答案(1)aaBB和AAbb蛋白质结构(2)黑色∶灰色∶白色=9∶3∶4两对同源染色体

(3)测交黑色∶灰色∶白色=1∶1∶2第60页解析(1)依题意可知:灰色兔为A_bb,黑色兔为A_B_,白色兔为aaB_或aabb。现以多只白色雄

性家兔与多只灰色雌性家兔为亲本进行杂交,F1全为黑色家兔,说明双亲均为纯合子,所以亲本

中白色家兔和灰色家兔基因型分别为aaBB和AAbb,F1基因型为AaBb。题中所表达基

因控制生物性状方式是基因经过控制酶合成来控制代谢过程,进而控制生物体性状;除

此之外,基因还能够经过控制蛋白质结构直接控制生物体性状。(2)F1基因型为AaBb。

若控制家兔毛色两对等位基因遵照基因自由组合定律,则F1产生雌配子和雄配子各有4

种:AB、Ab、aB、ab,它们之间数量比为1∶1∶1∶1。受精时,因为雌雄配子随机结合,所以

F2中3种表现型及百分比为黑色∶灰色∶白色=9∶3∶4,此时控制家兔毛色两对等位基因位于

两对同源染色体上。(3)为了验证家兔毛色遗传遵照基因自由组合定律,还能够利用F1进

行测交试验,即让F1与aabb交配。假如遵照基因自由组合定律,结合对(2)分析可推知:后代

表现型及百分比是黑色∶灰色∶白色=1∶1∶2。第61页一、选择题(每小题6分,共24分)B组—年高考模拟·综合题组(时间：40分钟分值：60分)1.(贵州普通高校招生适应性考试,6)荠菜果实形状有三角形和卵圆形两种。用甲、

乙、丙(三者基因型各不相同)3株果实为三角形植株与果实为卵圆形植株进行杂交试验,

结果以下表所表示。组别PF1F2一甲×卵圆形果实三角形果实三角形果实∶卵圆形果实约为15∶1二乙×卵圆形果实三角形果实三角形果实∶卵圆形果实约为3∶1三丙×卵圆形果实三角形果实三角形果实∶卵圆形果实约为3∶1第62页以下说法错误是

()A.控制果实形状基因遵照自由组合定律B.第一组F2三角形果实中纯合子占1/5C.第二组和第三组F2基因型都有3种D.乙×丙得到F2中表现型及百分比约为3∶1答案

D依据表格分析,第一组F1为三角形果实,F2三角形果实∶卵圆形果实约为15∶1,是

9∶3∶3∶1变形,说明荠菜果实形状受两对等位(假设为A、a和B、b)基因控制,遵照基因

自由组合定律,A正确;依据以上分析可知,第一组F1基因型为AaBb,F2三角形果实基因型为9

A_B_、3A_bb、3aaB_,其中纯合子基因型为1AABB、1aaBB、1AAbb,所以三角形果实中纯

合子占3/15=1/5,B正确;第二组和第三组F2性状分离比都是三角形果实∶卵圆形果实约为

3∶1,相当于一对等位基因自交试验,所以它们F1基因型为Aabb和aaBb(或aaBb和Aabb),则F2

基因型都有3种,C正确;依据以上分析可知,第二组和第三组F1基因型为Aabb、aaBb或

aaBb、Aabb,则乙、丙基因型为AAbb、aaBB或aaBB、AAbb,则乙、丙杂交产生F1基因

型为AaBb,F2中三角形果实∶卵圆形果实约为15∶1,D错误