2025年牛津上海版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长，一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量，他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，然后他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离d，然后用卷尺测出船长L。如图所示。已知他自身的质量为m；则渔船的质量为（）

A.B.C.D.2、伽利略在1593年制造了世界上第一个温度计——空气温度计；如图所示，一个细长颈的球形瓶倒插在装有红色液体的槽中，细管中的液面清晰可见，如果不考虑外界大气压的变化，就能根据液面的变化测出温度的变化，则下列说法正确的是（）

A.该温度计的测温物质是槽中的液体B.该温度计的测温物质是细管中的红色液体C.该温度计的测温物质是球形瓶D.该温度计的测温物质是球形瓶中的空气3、电阻R1、R2和交流电源按照图甲所示方式连接，R1=10Ω，R2=20Ω。合上开关S后，通过电阻R2的正弦交变电流i随时间t变化的情况如图乙所示，则（）A.通过R1的电流的有效值是1.2AB.R1两端的电压有效值是6VC.该交流电源的周期是0.03sD.该交流电源电动势的最大值为1.2V4、在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为V/m，已知一半径为1mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10m/水的密度为kg/．这雨滴携带的电荷量的最小值约为A.2×10-9CB.4×10-9CC.6×10-9CD.8×10-9C5、为了改变单摆做简谐运动的频率，可以（）A.增大摆球质量B.增大摆线长度C.减小振幅D.减小摆线的最大偏角6、两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力)，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A.线速度大小减小，角速度减小B.向心加速度大小变小，周期变小C.轨道半径增大，洛伦兹力大小增大D.轨道半径增大，角速度减小7、如图所示．小车的上面是中突的两个对称的曲面组成；整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上．今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下．关于这个过程，下列说法正确的是（）

A.小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B.小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是C.小球和小车作用前后，小车和小球的速度一定变化D.车上曲面的竖直高度一定大于8、如图所示，三个灯泡是相同的，而且耐压足够，电源内阻忽略．当单刀双掷开关S接A时，三个灯亮度相同，那么S接B时（）

A.三个灯亮度相同B.只有丙灯不亮，乙灯最亮C.甲灯和乙灯亮度相同，丙灯不亮D.甲灯最亮，丙灯不亮评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，在xoy平面内的坐标原点处，有一个粒子源，某一时刻以同一速率v发射大量带正电的同种粒子，速度方向均在xoy平面内，且对称分布在x轴两侧的30°角的范围内．在直线x=a与x=2a之间包括边界存在匀强磁场，方向垂直于xoy平面向外，已知粒子在磁场中运动的轨迹半径为2a．不计粒子重力及粒子间的相互作用力，下列说法正确的是（）

A.最先进入磁场的粒子在磁场中运动的时间为B.最先进入和最后进入磁场中的粒子在磁场中运动的时间都相等C.最后从磁场中射出的粒子在磁场中运动的时间为D.最后从磁场中射出的粒子出场的位置坐标为10、北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟．如图为氢原子能级图，则()

A.13eV的电子可以使基态氢原子发生跃迁B.大量处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时可辐射8种不同频率的光子C.现用光子能量介于10～12.9eV范围内的光去照射一群处于基态的氢原子，在照射光中可能被吸收的光子能量只有3种D.E4跃迁到E2时产生的光子a与E5跃迁到E3时产生的光子b的动量之比为97∶25511、下列说法中正确的是（）A.0℃时物体中分子的热运动将停止，此时分子热运动的平均动能为零B.分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小，但分子势能可能增大C.一定质量的某种物质，即使温度不变，内能也可能发生变化E.硬塑料锋利的断面裂口放在火上烧烤，其尖端变圆滑的原因是表面张力的作用E.硬塑料锋利的断面裂口放在火上烧烤，其尖端变圆滑的原因是表面张力的作用12、下列说法中正确是（）A.布朗运动就是分子运动B.分子间距离增大，分子势能也增大C.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大D.吸收热量，可能使分子热运动加剧、气体体积增大13、下列说法正确的是（）A.当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时，其压强可能减小B.非晶体不可能转化为晶体C.第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在14、下列说法正确的是（）A.气体压强是因为大量气体分子对器壁持续的碰撞引起的B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.固体、液体和气体都会有扩散现象发生E.物体的动能增大，其内部每个分子的动能不一定增大E.物体的动能增大，其内部每个分子的动能不一定增大15、下列说法正确的是（）A.布朗运动就是液体分子的热运动B.一定质量的理想气体在温度不变的条件下，压强增大，则外界对气体做功C.内能可以全部转化为机械能，而不引起其它变化E.一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行E.一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行16、一个闭合线圈固定在垂直纸面的匀强磁场中，设磁场方向向里为磁感应强度B的正方向,线圈中的箭头所指方向为电流I的正方向。线圈及线圈中感应电流I随时间变化的图线如图所示，则磁感应强度B随时间变化的图线可能是图中的（）

A.B.C.D.17、下列关于原子和原子核的说法正确的是______________；E.结合能越大表示核子结合得越牢固，原子核越稳定A.α粒子散射实验中，少数α粒子发生了较大偏转是由于库仑斥力的影响B.由波尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要辐射一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小，周期变小C.原子核能发生β衰变说明原子核内存在电子D.放射性元素的半衰期与它所处环境的温度和压强无关评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、如图所示，质量为m的带正电小球能沿着竖直的绝缘墙竖直下滑，磁感应强度为B的匀强磁场方向水平，并与小球运动方向垂直。若小球电荷量为q，球与墙间的动摩擦因数为μ，则小球下滑的最大速度为________，最大加速度为________。19、研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．

（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示的电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到10Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到85Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为______m。A．由以上数据可得电流计的内阻Rg=______Ω

（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为______Ω（填“0”或∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻，找出对应的电流刻度，则“15mA“处对应表笔间电阻阻值为______Ω．

若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电源电动势不变但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果与原结果相比将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．20、如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动；线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计．

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极。

b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A

c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；21、热力学温标是英国物理学家______建立的．在热力学温度中，绝对零度是指______．22、.如图甲所示，为某简谐横波在t=0时刻的波形图象，乙图为在该波的传播方向上某质点的振动图象．下列说法中正确的是_______(填正确答案标号．)

A.该波的波速为10m/s

B.该波一定沿x轴正方向传播

C.若图乙是质点P的振动图象，那么，在t=0.15s时刻，质点Q的坐标为(0.5m，0)

D.若图乙是质点Q的振动图象，那么，在t=0.15s时刻，质点P的坐标为(1m，－4cm)

E.当t=0.1s时，质点P一定正在经过平衡位置23、小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是______m，她向后退的过程中，像的大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。24、如图所示，两端开口的圆筒内嵌有一凸透镜，透镜主光轴恰好与圆筒中轴线重合。为了测出该透镜的焦距以及透镜在圆筒内的位置，小李同学做如下实验：在圆筒左侧凸透镜的主光轴上放置一点光源S，在圆筒右侧垂直凸透镜的主光轴固定一光屏，点光源S与光屏的距离为L。左右移动圆筒，当圆筒左端面距离点光源S为a时，恰好在光屏上成一个清晰的像；将圆筒向右水平移动距离b，光屏上又出现了一个清晰的像。则凸透镜和圆筒左端面的距离x为____________，该透镜的焦距f为__________。

25、如图所示，小球A的质量为mA=5kg，动量大小为PA=4kg.m/s，小球A沿着光滑水平面向右运动，与静止的B球发生弹性碰撞，碰后A的动量大小变为PA'=1kg·m/s，方向仍然向右．则由此可知碰撞后小球B的动量大小为______kg·m/s，小球B的质量为____kg.

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)29、某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为内阻约为电压表（约）、电流表（约）、滑动变阻器有和各一只．

（1）实验中滑动变阻器应选用__________（填“”或“”）．

（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的图线，由图可较准确地求出该电源电动势__________内阻=__________．（结果保留位有效数字）30、某同学利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲所示．将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，继电器的上触点接触，下触点分离，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，继电器的下触点接触，上触点分离，警铃响．图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈用漆包线绕成，其电阻R0为30Ω．当线圈中的电流大于等于50mA时；继电器的衔铁将被吸合，警铃响．图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象．

（1）图甲中警铃的接线柱C应与接线柱______相连，指示灯的接线柱D应与接线柱______相连（均选填“A”或“B”）．

（2）当环境温度升高时，热敏电阻阻值将______，继电器的磁性将______（均选填“增大”、“减小”或“不变”），当环境温度达到______℃时；警铃报警．

31、在“用油膜法估测分子大小”的实验中，将一滴油酸酒精溶液滴入事先洒有均匀痱子粉的水槽中，待油膜充分散开后，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图所示．已知坐标纸上正方形小方格的边长为10mm，油酸酒精溶液中油酸浓度为0.12%，100滴油酸酒精溶液滴入量筒后的体积是0.4mL．关于该实验，下列说法正确的是____．

A.为了方便；可以将纯油酸直接滴入水槽中进行实验。

B.让油膜充分散开的目的是让水面上形成单分子油膜。

C.水槽中油膜散开的面积约为8.0×10-3m2

D.计算得到油酸分子的直径约为6.0×10-9m

E.要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的摩尔体积A.为了方便，可以将纯油酸直接滴入水槽中进行实验B.让油膜充分散开的目的是让水面上形成单分子油膜C.水槽中油膜散开的面积约为8.0×l0-3m2E.要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的摩尔体积E.要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的摩尔体积评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)32、现代瓷器烧制通常采用电加热式气窑。某次烧制前，封闭在窑内的气体温度为27压强为=1.0x105烧制过程中为避免窑内气压过高，窑上有一个单向排气阀，当窑内气压达到=2.5×105时，单向排气阀变为开通状态，当窑内气体温度达到烧制温度927保持不变时；单向排气阀关闭。已知烧制过程中窑内气体温度均匀且缓慢升高，单向排气阀排气过程中窑内气压保持不变。不考虑瓷胚体积的变化，求：

（1）排气阀开始排气时；窑内气体温度；

（2）烧制过程中；排出的气体占原有气体质量的比例。

33、如图所示是某科技创新小组自制的一个监控气温的报警装置，在板上固定一个开口向右、导热性能良好的气缸足够长，用一轻质活塞将一定质量的气体封闭在气缸内，气缸右侧固定一个带压力传感器的警报器A。当气缸内温度为270K时，活塞到警报器的距离L1=5cm，到气缸底部的距离L2=30cm。当警报器受到的压力为20N时开始报警。已知大气压强p0恒为1.0×105Pa。活塞横截面积不计活塞厚度及一切摩擦。求：

（1）活塞刚好碰到传感器时的环境温度；

（2）开始报警的温度。

34、一定质量的理想气体从状态变化到状态再变化到状态其状态变化过程的图象如图所示。已知该气体在状态时的温度为摄氏温度与热力学温度的关系为：则：

（1）该气体在状态时的温度分别为多少摄氏度？

（2）该气体从状态到状态的过程中是吸热还是放热？传递的热量是多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

设人走动时船的速度大小为v，人的速度大小为v′，人从船尾走到船头所用时间为t，取船的运动方向为正方向，则v＝v′＝

根据动量守恒定律得Mv－mv′＝0

解得船的质量M＝

故选B。2、D【分析】【详解】

细管中的红色液体是用来显示球形瓶中空气的体积随温度变化情况的；测温物体是球形瓶中封闭的空气，该温度计是利用它的热胀冷缩的性质制造的，故ABC错误，D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

A．从图乙可以看出流过R2交流电电流的最大值I2m=0.6A

通过R2电流的有效值是0.6A，通过R1的电流有效值也是0.6A；故A错误；

B．R1两端的电压有效U1=I1R1=6V

故B正确；

C．由图可知；该交流电源的周期是0.02s，选项C错误；

D．该交流电源电动势的最大值为Em=Im（R1+R2)=18V

故D错误；

故选B。4、B【分析】【详解】

带电雨滴在电场力和重力作用下保持静止，根据平衡条件电场力和重力必然等大反向

解得：

ACD；与计算不符；ACD错误；

B；与计算结果相符；B正确。

【点睛】

本题关键在于电场力和重力平衡，要求熟悉电场力公式和二力平衡条件；要使雨滴不下落，电场力最小要等于重力．5、B【分析】【详解】

A．改变单摆的频率即改变单摆的周期，由单摆的周期公式可知单摆的频率和摆球的质量无关；故A错；

B．改变摆线的长度可以改变周期；故B正确；

C．振幅影响的是单摆的能量不影响周期；故C错；

D．偏角也不影响单摆的周期故D错误．6、D【分析】【分析】

通过洛伦兹力提供向心力得知轨道半径的公式；结合该公式即可得知进入到较弱磁场区域后时，半径的变化情况；再利用线速度与角速度半径之间的关系式，即可得知进入弱磁场区域后角速度的变化情况．

【详解】

带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提高向心力，由牛顿第二定律有：

解得：

从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后．B减小，所以r增大．线速度；角速度的关系为：v=ωR

由于洛伦兹力不做功，所以线速度v不变，半径r增大；所以角速度减小；

由公式可知；洛伦兹力大小不变；

由公式可知；由于半径增大，所以向心加速度大小减小；

由公式可知；由于角速度减小，所以周期变大．

故选D．

【点睛】

本题考查了粒子在磁场中的运动，解答该题要明确洛伦兹力始终不做功，洛伦兹力只是改变带电粒子的运动方向，应用牛顿第二定律、线速度与角速度的关系即可解题．7、B【分析】【详解】

A.小球滑上曲面的过程；小车向右运动，小球滑下时，小车还会继续前进，故不会回到原位置，故A错误．

B.由小球恰好到最高点，知道两者有共同速度，根据动量守恒有小球对小车压力的冲量等于小车动量的变化量，即B正确；

C.由于系统满足动量守恒定律；系统机械能又没有增加，结合小球与小车的质量相等，弹性碰撞类似，可知，相互作用结束后小车的速度仍然等于0，小球的速度仍为v，故C不正确；

D.根据能量关系，有解得D错误．8、B【分析】【分析】

电容器具有通交隔直的特性；电感有通直阻交的特性，而交流对电阻R没有影响．根据电感和电容的特性进行判断．

【详解】

由题；当单刀双掷开关S接A时，三个灯亮度相同，说明电感L的感抗与电阻R相同，当S接B时，电感L没有感抗，电容器具有隔断直流的作用，而交流与直流对电阻R没有影响，所以丙灯不亮，灯甲亮度不变，乙灯亮度增加，乙灯最亮．故选B．

【点睛】

本题要抓住电容器与电感的特性：电容器具有通交流，隔直流，电感具有通直流、阻交流的特性．二、多选题(共9题，共18分)9、A:C:D【分析】【详解】

沿x轴方向射出的粒子最先进入磁场，由几何关系可知，粒子在磁场中运动的偏转角为所以运动时间为故A正确；沿与x轴成角的两个方向同时进入磁场，沿与x轴成角斜向下方进入磁场的粒子在磁场中偏转角为所以用的时间为弦长为粒子进入磁场的位置离x轴的距离为所以最后从磁场中射出的粒子出场的位置的纵坐标为所以最后从磁场中射出的粒子出场的位置坐标为故B错误，CD正确.10、A:C【分析】【详解】

A.实物粒子的能量大于等于两能级差即可使氢原子发生跃迁；A正确．

B.大量处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时，任选两条轨道，共有种光子；B错误．

C.光子能量介于10～12.9eV范围内的光，可以被基态的氢原子吸收后跃迁到2、3、4能级，因为均在该范围内，不在该范围内；可能被吸收的光子能量只有3种,C正确．

D.根据能量所以动量之比等于能量之比，E4跃迁到E2时产生的光子a的能量E5跃迁到E3时产生的光子b的能量所以动量比为255：97，D错误．11、B:C:E【分析】【详解】

A．分子的热运动是永不停息的；A错误；

B．分子间的距离增大时；分子间的引力和斥力都减小，但是分子力是表现为引力还是斥力不一定，如果表现为引力，分子间距离增大时分子力做负功，分子势能增大，如果表现为斥力，分子间距离增大时分子力做正功，分子势能减小，B正确；

C．一定质量的某种物质；即使温度不变，内能也可能发生变化，比如零摄氏度的冰化为零摄氏度的水，内能增加，C正确；

D．阿伏加德罗常数联系了宏观世界和微观世界；在数值上等于摩尔质量和单个分子质量的比值，对于液体和固体而言分子排布紧密，可以近似的认为在数值上等于摩尔体积和单个分子体积的比值，但是对于气体而言，分子间的空隙是非常大的，远大于分子的大小，所以阿伏加德罗常数在数值上不再等于摩尔体积和单个分子体积的比值，而是等于摩尔体积和单个分子所占体积的比值，D错误；

E．硬塑料锋利的断面裂口放在火上烧烤；会使烧烤部分熔化，这样在表面张力的作用下其尖端变得圆滑，E正确。

故选BCE。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子运动的具体表现，选项A错误；

B．若分子力表现为斥力；则当分子间距离增大时，分子力做正功，分子势能减小，选项B错误；

C．温度升高；分子热运动的平均动能一定增大，选项C正确；

D．吸收热量；可能使气体温度升高，分子热运动加剧；温度升高，则气体体积可能增大，选项D正确。

故选CD。13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时；即温度升高，根据理想气体状态方程可知，当体积增大时，其压强可能减小。A正确；

B．在一定条件下；非晶体与晶体可以相互转化。B错误；

C．第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律。C正确；

D．当一定量的理想气体体积减小时；外界一定对气体做正功。D正确；

E．两分子间的引力和斥力总是同时存在的。E错误。

故选ACD。14、A:C:E【分析】【详解】

A．气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续的碰撞引起的；A正确；

B．热量可以从低温物体传到高温物体；只是不可能自发地从低温物体传到高温物体，B错误；

C．扩散运动是分子的一种基本运动形式；固体；液体和气体中都会有扩散现象发生，C正确；

D．第二类永动机没有违反能量守恒定律；但违反了热力学第二定律，D错误；

E．分子的动能与物体的机械能无关；E正确。

故选ACE。15、B:D:E【分析】【详解】

A．布朗运动就是固体颗粒在液体分子撞击下无规则的运动；故A错误；

B．一定质量的理想气体在温度不变的条件下，压强增大，根据玻意耳定律

可知体积一定减小；外界对物体做功，故B正确；

C．根据热力学第二定律；内能不可能全部转化为机械能但而不引起其它变化，故C错误；

D．分子间平衡距离是分子引力与分子斥力相等的位置；此时分子势能最小，故D正确；

E．根据热力学第二定律的微观解释；一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行，故E正确。

故选BDE。16、C:D【分析】【详解】

A．在内；电流为负，即逆时针方向，则感应电流的磁场方向垂直纸面向外，根据楞次定律，若原磁场均匀增大，则方向向里，为正向增大；若原磁场均匀减小，则原磁场向外，为负向减小，故A错误；

BCD．在内；电流为正，即顺时针方向，则感应电流的磁场方向垂直纸面向里，根据楞次定律，若原磁场均匀增大，则方向向外，为负向增大；若原磁场均匀减小，则原磁场向里，为正向减小，故B错误，CD正确。

故选CD。17、A:B:D【分析】A；α粒子散射实验中；α粒子带正电，原子核质量很大也带正电，它们接近时就表现出很大的库仑斥力作用，使α粒子产生大角度偏转，故A正确；

B；由玻尔理论可知；氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小，周期变小，故B正确；

C；衰变反应发生在原子核内部；原子核由质子和中子组成，故C错误；

D；放射性元素的半衰期与核内部自身因素有关；与原子所处的化学状态和外部条件都无关，与它所处环境的温度和压强无关，故D正确；

E；原子核的比结合能越大；核子结合得就越牢固，原子核越稳定，而不是原子核的结合能越大，故E错误；

故选ABD。

【点睛】α粒子散射实验中，使少数α粒子产生大角度偏转的力是原子核对粒子的库仑斥力，氢原子在辐射出一个光子后，向低能级跃迁，核外电子的动能增大，放射性元素的半衰期与它所处环境的温度和压强无关，原子核的比结合能越大，核子结合得就越牢固，原子核越稳定。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】小球静止时只受重力，则加速度为g，下滑后，小球受洛伦兹力、重力、支持力及摩擦力，洛伦兹力水平向左，摩擦力竖直向上，小球向下做加速运动，速度越大，洛伦兹力越大，则摩擦力越大，加速度越小，当加速度等于零时，速度最大，则得此后小球做匀速直线运动，加速度为0，故开始时加速度最大：

点睛：本题要注意分析带电小球的运动过程，属于牛顿第二定律的动态应用与磁场结合的题目，此类问题要求能准确找出物体的运动过程，并能分析各力的变化。【解析】g19、略

【分析】【分析】

【详解】

试题分析：（1）据十分之一估读法；读数为：12.0A；

当电阻箱阻值为10Ω时有：当电阻箱阻值为85Ω时：则电流计内阻有：电源电动势为：．

（2）将电流计改装成欧姆表后，指针处于30mA处时有：代入数据可以求得电阻箱此时阻值为：当指针示数为15mA时，电流总电流为：欧姆表读数为：

（3）电源内阻增大后；将两表笔断开，指针仍能满偏，说明电源内阻与电阻箱阻值之和与原来相等，故测量结果不变．

考点：本题考查欧姆表的内部结构．【解析】12.040∞8不变20、略

【分析】【分析】

据右手定则判断感应电流的方向；即可确定等效电源的正负极；

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向．

【详解】

a.电路abcd中ab棒切割磁感线；产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；

b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感应电流为：

c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a；由左手定则得知，安培力的方向向左．

【点睛】

解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左21、略

【分析】【分析】

明确热力学温度的定义；知道其零点，同时明确热力学温度和摄氏度之间的换算关系．

【详解】

英国物理学家开尔文提出热力学温标，其中每1k和对应，但其零点为

故答案为开尔文；

【点睛】

本题考查有关温度的物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【解析】开尔文；-273；22、A:D:E【分析】【详解】

由甲图读出波长由乙图读出周期T=0.2s，则该波的波速故A正确；由于不知道乙图为波的传播方向上哪个具体质点的振动图象，所以无法判断波的传播方向，故B错误；若乙是质点P的振动图象，则此时刻P向下振动，则波沿x轴负方向传播，所以Q点向上振动，经过时间：时，处于波谷处，所以坐标为（2m、-4cm），故C错误；若乙是质点Q的振动图象，则此时刻Q向下振动，则波沿x轴正方向传播，所以P点向上振动，经过时间：时，处于波谷处，所以坐标为（1m、-4cm），故D正确．由图可知t=0时刻P点处于平衡位置，经时P点又再次回到平衡位移，向反方向运动，故E正确.故选ADE.23、略

【分析】【详解】

小涵站在平面镜前0.5m；小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m。小涵后退远离平面镜，小涵像的大小跟小涵的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小涵的像大小不变。

【点睛】

物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。【解析】0.5；不变；24、略

【分析】【分析】

掌握凸透镜成像的规律，根据光路的可逆性，两次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，从而可以计算出距离x的值；根据凸透镜成像的原理；由点S发出的光经过凸透镜后会聚到像点，并结合平行于主光轴的光线过焦点分析焦距的大小。

【详解】

[1]根据光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圆筒向右移动b，则凸透镜也会向右移动b，则第二次的像距为

则有

解得

[2]光源S所成像应在S′处，若物体为AS，则成像应为A′S′；根据成像原理，成像光路图如图所示：

又像高与物体高度正比等于像距与物距之比，则有

由图知，△A′S′F∽△BOF，则

又AS=BO

联立以上几式得【解析】25、略

【分析】【详解】

以向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：由机械能守恒定律得：代入数据解得：．【解析】33四、作图题(共3题，共6分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共27分)29、略

【分析】【详解】