湖北孝感市楚天协作体2025-2026学年高三下学期学情测试物理试题

高三物理一、选择题：本题共小题，每小题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，第题只有一项符合题目要求，第题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.用中子轰击原子核时，有一种核反应方程为。的半衰期为，核的比结合能比核的小。下列说法正确的是（）A.原子核中含有88个中子B.该反应为核聚变反应C.原子核比原子核更稳定D.若提高的温度，的半衰期将会小于【答案】A【解析】【详解】A235+1=+89+392+0=+36+0。Y核质子数为56，中子数为，故A正确。B．该反应为重核分裂为中等质量核，属于核裂变反应，故B错误。C．比结合能越大，原子核越稳定。题干中的比结合能比Y核小，故Y核更稳定，故C错误。D．半衰期由原子核内部结构决定，与温度等外部因素无关，故提高温度后半衰期仍为，故D错误。故选A。2.2025年4月24123做匀速圆周运动。轨道2分别与轨道1、轨道3相切于点、点。下列说法错误的是（）A.飞船在轨道2的运行周期小于其在轨道3的运行周期第1页/共17页

B.相等时间内，飞船与地心的连线在轨道2上扫过的面积和在轨道3上扫过的面积相等C.飞船在轨道2上点的速度大于它在轨道3上点的速度D.飞船在轨道2上经过点时的加速度等于它在轨道1上经过点时的加速度【答案】B【解析】A2运行的半长轴小于其在轨道3在轨道2的运行周期小于其在轨道3的运行周期，Ａ正确；B2和轨道3是不同的轨道，则相等时间内飞船与地心的连线在轨道2上扫过的面积和在轨道3上扫过的面积不相等，Ｂ错误；C．根据可得可知飞船在轨道１的速度大于在轨道31上的P点加速才能进入轨道22上点的速度大于它在轨道3上点的速度，C正确；D．根据可得可知飞船在轨道2上经过点时的加速度等于它在轨道1上经过点时的加速度，D正确。此题选择错误的，故选B。3.某带电体产生电场的等势面分布如图中实线所示，虚线是一带电粒子仅在此电场作用下的运动轨迹，、分别是运动轨迹与等势面、的交点。下列说法正确的是（）A.粒子带正电荷B.点的电场强度比点的大C.粒子在间运动时，动能先增大后减小D.粒子在点的电势能小于在点的电势能【答案】D第2页/共17页

【解析】A场力方向与场强方向相反，可知粒子带负电荷，故A错误；B．等差等势面越密集的地方场强越大，可知点的电场强度比点的小，故B错误；C可知电势能先增加后减小，可知电场力先做负功后做正功，故动能先减少后增加，故C错误；D．点的电势高于点的电势，可知粒子在点的电势能小于在点的电势能，故D正确。故选D。4.特高压直流输电是国家重点能源工程。如图所示，两根等高、相互平行的水平长直导线分别通有方向相反的电流和，。a、b、c三点连线与两根导线等高并垂直，b点位于两根导线间的中点，a、c两点与b点距离相等，d点位于b点正下方。不考虑地磁场的影响，则（）A.b点处的磁感应强度大小为0B.d点处的磁感应强度大小为0C.a点处的磁感应强度方向一定竖直向上D.c点处的磁感应强度方向一定竖直向下【答案】C【解析】Abb点的磁感应强第3页/共17页

度不为零，A错误；Bdd点处的磁感应强度大小不为0，B错误；C．根据安培定则，直导线I1在a点产生的磁感应强度方向向上，直导线I2在a点产生的磁感应强度方向向下，因，可知a点处的磁感应强度方向一定竖直向上，C正确；D．根据安培定则，直导线I1在c点产生的磁感应强度方向向下，直导线I2在c点产生的磁感应强度方向向上，因，可知c点处的磁感应强度方向不能确定，D错误。故选C。5.abcd是一简谐横波上的质点，某时刻ad位于平衡位置且相距为12mc波的波速为4m/s。若此时a经平衡位置向上振动，则（）A.此波向右传播B.c点运动速度大小为4m/sC.a、d振动步调相同D.b点振动周期为2s【答案】D【解析】【详解】AD．某时刻a、d位于平衡位置且相距为12m，可知波长为，该波的波速为4m/s，根据可得周期为2sa经平衡位置向上振动，根据“上下坡”法可知此波向左传播，故AD正确；B．c在波谷，可知其运动速度大小零，故B错误；C．根据“上下坡”法可知d经平衡位置向下振动，可知a、d振动步调相反，故C错误。故选D。6.如图所示，一条光线从空气中垂直射到空气与棱镜的界面BC若在某界面发生折射，则忽略该界面上的反射光线。这条光线离开棱镜时与界面的夹角为（）A.30°B.45°C.60°D.90°第4页/共17页

【答案】A【解析】【详解】因光线从空气中垂直射到界面BC上，故进入棱镜的折射光线传播方向不变，故在AB边上的入射角为而临界角的正弦为有，故在AB界面上发生全反射，易知反射光线到达AC界面上入射角为又故在AC界面发生折射，由折射定律及光在折射时的可逆性得解得，故出射光线与界面的夹角为。故选A。7.如图所示，垂直墙角有一个截面为半圆的光滑柱体，用细线拉住的小球静止靠在接近半圆底端的M点。通过细线将小球从M点缓慢向上拉至半圆最高点的过程中，细线始终保持在小球处与半圆相切。下列说法正确的是（）A.细线对小球的拉力先增大后减小B.小球对柱体的压力先减小后增大C.柱体受到水平地面的支持力逐渐减小D.柱体对竖直墙面的压力先增大后减小【答案】D【解析】【详解】AB．以小球为对象，设小球所在位置沿切线方向与竖直方向夹角为θ，沿切线方向有沿半径方向有第5页/共17页

通过细线将小球从M点缓慢向上拉至半圆最高点的过程中θ的压力增大，故AB错误；CD．以柱体为对象，竖直方向有水平方向有θ增大，柱体受到水平地面的支持力逐渐增大；柱体对竖直墙面的压力先增大后减小当θ=45°时柱体对竖直墙面的压力最大，故D正确，C错误。故选D。8.在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法正确的有（）A.降压变压器的输出电压减小B.升压变压器的输出电压增大C.输电线上损耗的功率减小D.输电线上损耗的功率占总功率的比例增大【答案】AD【解析】BB错误；A．由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压不变，根据可知输电线上的电流增大，根据可知输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压可得降压变压器的输入电压减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故A正确；第6页/共17页

CD可知输电线上损耗的功率占总功率的比例增大，故C错误，D正确。故选AD。9.一物块从倾角为的斜面顶端由静止开始沿斜面下滑，其机械能等于动能与重力势能之和。取斜面底端为重力势能零点，其机械能和动能随下滑距离的变化如图所示。重力加速度，，，则（）A.斜面高B.物块的质量为C.物块与斜面间的动摩擦因数为D.物块下滑时加速度的大小为【答案】AD【解析】【详解】AB．由功能关系知阻力大小为由动能定理知又物块下滑时联立解得物块的质量为又，故斜面高，故A正确，B错误；第7页/共17页

C．又解得，故C错误；D．由牛顿第二定律解得，故D正确。故选AD。10.长为的正方形导线框从紧靠磁场的位置II、、）A.B.C.D.【答案】BC【解析】【详解】AB．根据电荷量的计算公式可得从位置Ⅰ到位置Ⅱ磁通量的变化量为从位置Ⅱ到位置Ⅲ磁通量的变化量为可得，A错误，B正确；CD．设初速度为，完全进入磁场时的速度大小为，取向右为正方向，从位置Ⅰ到位置Ⅱ，根据动量定第8页/共17页

理可得其中可得取向右为正方向，从位置Ⅱ到位置Ⅲ的过程中，根据动量定理可得其中可得联立解得根据功能关系可得，所以，C正确，D错误。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共分。测出遮光条宽度和光电门、中心间距。然后释放砂桶，拉力传感器测出细线对滑块的拉力，两个光电门、能测出遮光条通过时的遮光时间、。（1）遮光条经过光电门时的速度___________。（2）由测量的物理量得到滑块的加速度大小___________。（3与拉力图像进行探究。本实验___________（4）第二小组只是把长木板放置于水平桌面上，未平衡摩擦力便进行实验，得到多组数据，绘制的图像如图乙。由图乙可知，该组所用滑块（含遮光条）的质量为___________，滑块与长木板间的动摩第9页/共17页

擦因数为___________）【答案】（1）（2）（3）不必（4）①.0.6②.0.05【解析】【小问1详解】当遮光条宽度很小时，可以用附近一段时间内的平均速度来代替瞬时速度【小问2详解】根据匀变速直线运动的速度位移关系其中，可得【小问3详解】本实验中细线对滑块拉力已用传感器测出，不需要用砂桶的重力来代替，所以不要求砂和砂桶的总质量远小于滑块的质量。【小问4详解】[1][2]根据牛顿第二定律第10页/共17页

公式变形结合图像可得，纵截距解得，12.知其电阻约有几万欧姆。（1___________。（2）这种特殊材料的电阻率___________（用、、（3）该同学又用如图丙所示电路精确测量该物件的电阻。①实验室提供了两款滑动变阻器：和，了减小误差，本实验中滑动变阻器应该选用___________（填“”或“②先将开关置于置于处，保持滑动变阻器滑片不动，调节电阻箱，当电阻箱时，灵敏电流计示数为。③已知灵敏电流计的内阻为，则物件的电阻测量值___________。④本次实验的测量值___________（填“大于”或“等于”或“小于”）真实值。【答案】（1）5.3645.3626.3635.365（2）（3）①.②.23800③.大于第11页/共17页

【解析】【小问1详解】（1）[1]用螺旋测微器测得外径为【小问2详解】（2）[2]根据电阻定律可得这种特殊材料的电阻率为【小问3详解】（3）[3]为了保证开关S2拨动时，滑动变阻器的分压几乎不变，不管是或与滑动变阻器左侧部分的并联电阻应该变化不大，所以为了减小误差，滑动变阻器应采用阻值较小的；[4]由欧姆定律可知代入数据解得[5]本实验中S2置于a处的电流大于开关置于bS2置于a处与滑动变阻器左侧的并联的部分分压较小，由欧姆定律有其中，化简可得当时，为真实值，而实际上故的测量值会偏大，即的测量值大于真实值。13.如图所示，密闭导热容器、的体积均为，、浸在盛水容器中，达到热平衡后，中气体压强为，温度为，内部为真空，将中的气体视为理想气体。打开活栓，中部分气体进入。第12页/共17页

（1）若再次达到平衡时，水温未发生变化，求此时气体的压强。（2）若密闭气体的内能变化与温度的关系为（为大于的已知常量，、分别为气1）所述状态的基础上，将水温升至，重新达到平衡时，求气体的压强及所吸收的热量。【答案】（1）（2），【解析】【小问1详解】容器内的理想气体从打开活栓C到再次平衡时，发生等温变化，根据玻意耳定律得解得此时气体压强【小问2详解】升高温度，理想气体发生等容变化，根据查理定律得解得温度改变，理想气体的体积不变，则外界既不对理想气体做功，理想气体也不对外界做功，所以，升高温度，内能增量为根据热力学第一定律可知气体吸收的热量为14.如图所示，平面直角坐标系中，在第Ⅰ象限内存在方向沿轴负方向的匀强电场，在第Ⅳ象限内的带电粒子以初速度从轴上点沿轴上的点磁场的下边界离开磁场。不计粒子重力，求：第13页/共17页

（1）粒子经过点时速度的大小和方向。（2）匀强电场的场强大小和磁场的磁感应强度大小。（3）粒子从点开始运动至第一次到达磁场下边界所用的时间。【答案】（1），（2），（3）【解析】【小问1详解】设粒子从到，运动时间为。在点在轴方向速度大小为，水平方向上有竖直方向上有得点的速度速度方向与轴正方向夹角正切值可得，【小问2详解】在电场中加速度又有第14页/共17页

得设粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径为，有根据解得，【小问3详解】粒子从点开始运动至第一次到达磁场下边界所用的时间解得15.如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量的小物块的速率逆时针转动。装置的右边是半径为、固定的光滑圆轨道，下端与水平传送带刚好相切。质量的小物块从圆轨道最高点的正上方处由静止释放。已知物块与传送带之间的摩擦因数AB静止且处于平衡状态。重力加速度。第15页/共17页

（1）求物块到达点时所受支持力的大小。（2）求物块与第1次碰后的速度大小。（3、再回到平衡位置时都会立即被锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除，则物块在整个运动过程中与传送带间最多能产生多少热量