2019年黑龙江哈尔滨市道外区九年级（上）期末物理试卷两套附答案及解析

2019年黑龙江哈尔滨市道外区九年级（上）期末物理试卷两套附答案及解析试题一一、选择题（每题4分，共48分）1根据你的生活经验判断，下列数据中最接近生活实际的是（）A一节新干电池的电压为15VB洗衣机的额定功率为2000WC家里电饭锅工作半小时耗电5kWhD教室里的灯管中的电流约为0.2A2用细线把很干净的玻璃板吊在弹簧测力计的下面，记住测力计的读数使玻璃板水平接触水面，然后稍微用力向上拉玻璃板（如图所示）则弹簧测力计的读数（）A不变，因为玻璃板重力不变B变小，因为玻璃板受到了浮力C变大，因为玻璃板沾水变重了D变大，因为玻璃板与水的接触面之间存在分子引力3如图所示为内燃机工作时的某冲程示意图，该冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程4火车某节车厢有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢内指示牌内的指示灯才会提示旅客“洗手间有人”能实现上述设计的电路图是（）ABCD5关于影响导体电阻大小的因素说法正确的是（）A导体电阻大小取决于通过它电流的大小，电流越小的导体电阻越大B导体电阻大小取决于加在它两端电压的大小，电压越大的导体电阻越大C相同材料制成粗细相同的导线，长度越长电阻也越大D铜导线的电阻一定比铁导线的电阻小6如图所示的电路中，闭合开关，电压表V1的示数是7.5V，电压表V2的示数为9V，若电源电压为12V，则L2两端电压是（）A4.5VB5.5VC3VD2V7小明利用如图所示的电路检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，其中有一根导线接错了，接错的是（）A导线1B导线2C导线3D导线48如图所示，开关S闭合后，L1和L2都不发光，将电压表并联在ab之间时，电压表示数为0，将电压表并联在bc之间时，电压表示数较大，若电路中只有一处故障，则该故障可能是（）AL2断路BL2短路CL1断路DL1短路9在课外科技实践活动中，某物理兴趣小组看到市场上使用的电子秤后，设计了一种电子秤原理如图所示，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当物体放在秤盘上时，滑片下移现将秤盘上增加重物后，下列说法正确的是（）A电流表读数变大，电压表读数变小B电流表读数变小，电压表读数变小C电流表读数不变，电压表读数变大D电流表读数变小，电压表读数变大10关于磁场，下列说法中正确的是（）A磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体S极B磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的C磁感线是磁场中真实存在的一些曲线D地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合11如图1所示是电阻甲和乙的IU图象，下列说法正确的是（）A电阻乙为定值电阻B当电阻甲两端电压为2V时，R甲=0.4C如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是15D如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.4A12如图甲所示，R1的阻值是20，滑动变阻器R2消耗的功率P与其电阻R2的关系图象如图乙所示，则R2消耗的最大功率是（）A0.45WB0.50WC0.80WD0.90W二、填空题（每题2分，共24分）13科学家有着强烈的好奇心和执着的探究精神，英国物理学家_最先通过实验精确确定了电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间之间的定量关系这个规律用公式表示是_14如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，这是通过_的方式改变水的内能一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，其能量转化过程是把_能转化为机械能15国产油电混合动力汽车降低油耗，提升动力，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于_（选填“用电器”或“电源”）；汽车各转向灯能独立工作，因此转向灯间是_联的16电扇使用一段时间后，扇叶会粘上灰尘，这是因为扇叶转动过程中与空气摩擦带上了_，能够_17如图所示，是电和磁知识中的两个重要实验装置，甲是研究在磁场中转动的线圈产生电流的情况，这种现象是_现象；乙是研究通电线圈在磁场里受力转动的现象，_机就是根据这一原理制成的18小涵同学在探究电磁铁磁性强弱的实验中，使用两个相同的A、B大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，当滑片P向右滑动，电磁铁的磁性_（填“增强”或“减弱”），通过观察、对比A、B吸引大头针的多少可以探究电磁铁磁性的强弱与_多少的关系19图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象现将L与阻值为10的电阻R连入图乙所示电路闭合开关S，L的实际功率为1.8W则电源电压是_V，此时消耗的总功率是_W20一台家用电脑处于待机状态下的电功率大约是10W，它表示1s内电流做的功是_J如果这台电脑平均每天的待机时间以10h计算，那么待机的状态下100天消耗的电能是_KWh21小明利用图甲所示的电路探究“通过导体的电流与电阻的关系”，根据实验的数据绘出了I图象，如图乙所示分析图象可知，当导体的电阻为_时，通过它的电流为0.2A；当电流分别为0.25A和0.5A时，接入电路的导体的电阻之比为_；实验过程中，小明控制导体两端的电压为_V22如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“15 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为_A若电源电压恒为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是_（不考虑灯丝电阻的变化）23请将图中的器材连线完整要求：两灯串联，电压表只测L1灯两端的电压24如图所示，是小磁针静止时的指向，请标出通电螺线管的磁极和电源的“+”、“”极三、解答题25小涵设计了如图所示的实验装置来探究不同物质的吸热能力她在两支相同的试管中分别加入质量相等水和沙子，分别用同一酒精灯加热（1）使用同一个酒精灯加热的目的是_（2）为了比较水和沙子的吸热能力，实验中还需要测量的物理量有_、_（3）实验后小涵高兴的说：“我终于知道为什么海水比沙滩温度低了！”请你分析海水比沙滩温度低的原因26姥姥的收音机坏了，小东决定把它修好经过检查发现一只标注模糊的电阻引线断了，需要更换（1）小东要测量出它的电阻阻值，设计的实验电路图如图，请指出它有什么不完备的地方？应该怎样改进？（2）请设计记录改进后实验的数据的表格（3）若被测电阻R0的阻值约为30，小东选择的器材有：电流表一个，00.6A，03A两个量程，电压表一个，03V、015V两个量程；电源三种，电压分别为3V、6V、15V；开关一个；滑动变阻器一个；导线若干为了减小电表读数时的误差，要求在几次测量中，电表指针的示数要大于量程的，则应选用哪种电源？电压表和电流表应选用哪个量程？要求都要说明理由27在“测量标有2.5V字样小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有电压表、电流表、开关、电压为4.5V的电源和标有“20 1A”的滑动变阻器，小东已连接好如图甲所示的部分实验电路（1）请用笔划线代替导线将电路连接完整，要求闭合开关后，使滑片P向右端移动时小灯泡的亮度变亮连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，且电压表的示数为0，电流表示数不为0，则出现故障的原因可能是_；（2）故障排除后，闭合开关，移动滑片至某一位置时，电压表示数如图乙所示为_V接下来他改变滑片的位置，获得多组对应的电压值和电流值，绘制成如图丙所示的图象，由图象可知该灯泡的额定功率是_W（3）某同学想用此实物图研究电流与电压的关系，他能不能研究？说明理由28电热饮水机是生活常用电器，小东同学从说明书上了解到饮水机有加热和保温两种功能，可由机内温控开关S0进行自动控制，并给我们提供了如下部分数据和电路图，如图所示请解答以下问题：（不考虑温度对电阻的影响）额定电压220V频率50Hz额定加热功率484W（1）求饮水机正常工作时，在加热状态下的总电阻是多少？（2）傍晚用电高峰时供电电压下降，在无人取水的情况下，小东发现，加热时间比原来增加了，请算一算这种情况下的实际电压是多少？（3）小东想解决（2）问中加热时间变长的问题，她设想在原电路中再连接一个电阻R3，在（2）中的实际电压下，保证加热时间与在额定电压下加热时间相同请你帮小涵想一想：R3应如何接入电路？并计算R3的规格参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共48分）1根据你的生活经验判断，下列数据中最接近生活实际的是（）A一节新干电池的电压为15VB洗衣机的额定功率为2000WC家里电饭锅工作半小时耗电5kWhD教室里的灯管中的电流约为0.2A【考点】电功的计算；电流的大小；电压；额定功率【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法【解答】解：A、一节新干电池的电压为1.5V，而不是15V，故A错误；B、洗衣机的额定功率约为300W，不可能达到2000W，故B错误；C、家里电饭锅的功率约1000W，工作半小时耗电能约W=Pt=1kW0.5h=0.5kWh，故C错误；D、教室里的灯管中的电流约为0.2A，故D正确故选D2用细线把很干净的玻璃板吊在弹簧测力计的下面，记住测力计的读数使玻璃板水平接触水面，然后稍微用力向上拉玻璃板（如图所示）则弹簧测力计的读数（）A不变，因为玻璃板重力不变B变小，因为玻璃板受到了浮力C变大，因为玻璃板沾水变重了D变大，因为玻璃板与水的接触面之间存在分子引力【考点】分子间的作用力【分析】根据实验现象及分子动理论（分子间存在相互作用的引力和斥力）进行解答【解答】解：因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大，不是因为沾水，故ABC错、D正确故选D3如图所示为内燃机工作时的某冲程示意图，该冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【考点】内燃机的四个冲程【分析】内燃机的四个冲程是：吸气冲程（进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动）；压缩冲程（进气门关闭，排气门关闭，活塞向上运动）；做功冲程（进气门关闭，排气门关闭，活塞向下运动）；排气冲程（进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动）；根据各个冲程的特点做出判断【解答】解：从图中获悉，此时内燃机的工作特点是进气门、排气门关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程故选：B4火车某节车厢有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢内指示牌内的指示灯才会提示旅客“洗手间有人”能实现上述设计的电路图是（）ABCD【考点】电路图设计【分析】两间厕所的门都关上时指示灯才会发光说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联且控制灯泡【解答】解：A、由电路图可知，只有两开关都闭合时灯泡发光，符合题意，故A符合题意；B、由电路图可知，闭合任意一个开关，灯泡都发光，不符合题意，故B不合题意；C、由电路图可知，闭合S2时指示灯亮，再闭合S1时指示灯不亮，且会发生电源短路故C不合题意；D、闭合S1时指示灯亮，再闭合S2时指示灯不亮，且会发生电源短路故D不合题意故选A5关于影响导体电阻大小的因素说法正确的是（）A导体电阻大小取决于通过它电流的大小，电流越小的导体电阻越大B导体电阻大小取决于加在它两端电压的大小，电压越大的导体电阻越大C相同材料制成粗细相同的导线，长度越长电阻也越大D铜导线的电阻一定比铁导线的电阻小【考点】影响电阻大小的因素【分析】电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关【解答】解：A、电阻是导体自身的一种特性，与是否有电流通过无关，故A错误；B、导体的电阻与加在导体两端的电压无关，故B错误；C、粗细相同的两条导线，材料相同，故长导线的电阻较大，故C正确；D、铜导线和铁导线，因在导体的长度和横截面积未知的条件下，无法判断其电阻大小，故D错误故选C6如图所示的电路中，闭合开关，电压表V1的示数是7.5V，电压表V2的示数为9V，若电源电压为12V，则L2两端电压是（）A4.5VB5.5VC3VD2V【考点】串联电路的电压规律【分析】由电路图可知，三灯泡串联，V1测L1、L2两端的电压，V2测L2、L3两端的电压；先根据串联电路的电压特点和灯L2两端的电压是灯L1两端电压的4倍求出电源的电压和各灯泡两端的电压【解答】解：由电路图可知，三灯泡串联，V1测L1、L2两端的电压，V2测L2、L3两端的电压，由于串联电路中总电压等于各分电阻电压之和，则U1+U2=7.5VU2+U3=9VU=U1+U2+U3=12V解得U2=4.5V故选：A7小明利用如图所示的电路检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，其中有一根导线接错了，接错的是（）A导线1B导线2C导线3D导线4【考点】实物的电路连接【分析】要探究并联电路的电流关系，需要使两灯泡并联，分别测出干路和支路的电流【解答】解：要探究并联电路的电流关系，所以应将两灯泡并联，三个电流表分别测量干路和支路电流，所以需通过改动L2与负极相连的导线，将负极与灯泡L2相连的导线改接左下电流表的负接线柱，导线3接错了，故C正确，正确的电路图如图所示：故选C8如图所示，开关S闭合后，L1和L2都不发光，将电压表并联在ab之间时，电压表示数为0，将电压表并联在bc之间时，电压表示数较大，若电路中只有一处故障，则该故障可能是（）AL2断路BL2短路CL1断路DL1短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由电路图知，两灯泡串联闭合开关，灯泡不亮，原因有二：断路或短路，因为两灯都不亮，所以不可能是一灯短路，所以只能是一灯断路【解答】解：A、如果L2断路，L1和L2都不发光，将电压表并联在ab之间时，电压表断路无示数；将电压表并联在bc之间时，测量电源电压有示数此选项符合题意B、如果L2短路，L1会发光此选项不符合题意；C、如果L1断路，L1和L2都不发光，将电压表并联在bc之间时，电压表断路无示数；将电压表并联在ab之间时，测量电源电压有示数此选项不符合题意；D、如果L1短路，L2会发光此选项不符合题意；故选A9在课外科技实践活动中，某物理兴趣小组看到市场上使用的电子秤后，设计了一种电子秤原理如图所示，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当物体放在秤盘上时，滑片下移现将秤盘上增加重物后，下列说法正确的是（）A电流表读数变大，电压表读数变小B电流表读数变小，电压表读数变小C电流表读数不变，电压表读数变大D电流表读数变小，电压表读数变大【考点】电路的动态分析【分析】分析电路的连接方式，判断电流表和电压表测哪个电路元件的电流和电压，进一步根据欧姆定律判断电流和电压的变化【解答】解：滑动变阻器R和定值电阻R0串联在电路中，并且R相当于一个定值电阻接入电路中，电压表测R上半部分电压，电流表测电路中电流，闭合开关S，将秤盘上增加重物后，滑片下移，电路中总电阻不变，根据I=电路中电流不变，即电流表示数不变；由U=IR，电压表所测部分电阻增大，所以电压表示数变大所以ABD错误，C正确故选C10关于磁场，下列说法中正确的是（）A磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体S极B磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的C磁感线是磁场中真实存在的一些曲线D地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合【考点】磁场；磁感线及其特点；地磁场【分析】（1）在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极；（2）磁场的基本性质：对放入其中的磁体产生磁力作用；（3）根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；（4）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近【解答】解：A、磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故A正确；B、磁极间的相互作用是通过磁场而发生的，故B错误；C、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故C错误；D、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，地磁场的两极与地理的两极相反，且与地球的两极并不完全重合，故D错误故选A11如图1所示是电阻甲和乙的IU图象，下列说法正确的是（）A电阻乙为定值电阻B当电阻甲两端电压为2V时，R甲=0.4C如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是15D如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.4A【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）由图象可知，当甲两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R甲的阻值；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，进而计算出总电阻（4）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流【解答】解：A、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A不正确；B、由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.4A，则R甲=5；故B不正确；C、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，由图象可知，U甲=1V，U乙=2V，据串联电路中总电压等于各分电压之和，故此时电源的电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故总电阻是：R总=15，故C正确；D、甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压为2V，由图象可知，I甲=0.4A，I乙=0.2A，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故D错误；故选C12如图甲所示，R1的阻值是20，滑动变阻器R2消耗的功率P与其电阻R2的关系图象如图乙所示，则R2消耗的最大功率是（）A0.45WB0.50WC0.80WD0.90W【考点】电功率的计算【分析】（1）根据滑动变阻器R2消耗的功率P与其电阻R2的关系图象利用P=I2R求出电流，结合R1阻值求出电源电压；（2）由曲线图可知当R2的阻值为20时，消耗的功率最大，利用电源电压和串联总电阻求出电流，即可求出电功率【解答】解：滑动变阻器R2消耗的功率P与其电阻R2的关系图象，可知当R2=10时，P2=0.4W由P=I2R可得：I=0.2A，由欧姆定律I=得：电源电压为：U=IR=0.2A（20+10）=6V；乙图可知当R2=20时，R2的功率最大，此时电路中的电流为I=0.15A，电阻R2的最大功率为P=（I）2R2=（0.15A）220=0.45W故选A二、填空题（每题2分，共24分）13科学家有着强烈的好奇心和执着的探究精神，英国物理学家焦耳最先通过实验精确确定了电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间之间的定量关系这个规律用公式表示是Q=I2Rt【考点】焦耳定律【分析】在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律【解答】解：英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系；焦耳定律的内容为：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比，即Q=I2Rt故答案为：焦耳；Q=I2Rt14如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，这是通过热传递的方式改变水的内能一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，其能量转化过程是把内能转化为机械能【考点】物体内能的改变【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；【解答】解：如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，该过程是能量的转移，即是通过热传递的方式改变水的内能一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，该过程中消耗内能，产生机械能，所以其能量转化过程是把内能转化为机械能的过程；故答案为：热传递；内15国产油电混合动力汽车降低油耗，提升动力，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器（选填“用电器”或“电源”）；汽车各转向灯能独立工作，因此转向灯间是并联的【考点】电源及其能量转化；串联电路和并联电路的辨别【分析】（1）电池供电时是电源，充电时则为用电器；（2）串联电路中各用电器互相影响，并联电路中各用电器互不影响【解答】解：（1）给汽车蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，所以相当于用电器；（2）汽车各转向灯能独立工作，互不影响，因此转向灯是并联的故答案为：用电器；并16电扇使用一段时间后，扇叶会粘上灰尘，这是因为扇叶转动过程中与空气摩擦带上了电荷，能够吸引轻小灰尘【考点】摩擦起电【分析】不同物质组成的物体，相互摩擦带异种的电荷，摩擦带电的物体具有吸引轻小物体的性质【解答】解：扇叶和空气摩擦，扇叶和空气带有异种电荷，扇叶带电后吸引轻小的灰尘，所以灰尘被吸在扇叶上故答案为：电荷；吸引轻小灰尘17如图所示，是电和磁知识中的两个重要实验装置，甲是研究在磁场中转动的线圈产生电流的情况，这种现象是电磁感应现象；乙是研究通电线圈在磁场里受力转动的现象，电动机就是根据这一原理制成的【考点】电磁感应；直流电动机的原理【分析】线圈在磁场中转动切割磁感线时会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象机械能转化成电能，是发电机的原理通电线圈在磁场中受力转动，电能转化成机械能，是电动机的原理【解答】解：甲图是发电机的原理图，线圈在磁场中转动切割磁感线时会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象；乙图是电动机的原理图，通电线圈在磁场中会受力转动故答案为：电磁感应；电动18小涵同学在探究电磁铁磁性强弱的实验中，使用两个相同的A、B大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，当滑片P向右滑动，电磁铁的磁性减弱（填“增强”或“减弱”），通过观察、对比A、B吸引大头针的多少可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数多少的关系【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；与铁芯有无有关；与线圈中电流大小有关，在探究过程中要用到控制变量法【解答】解：将两个电磁铁串联接入电路，通过两电磁铁的电流相等，当滑片P向右滑动，滑动变阻器的电阻变大，电路中的电流会变小，电磁铁A、B吸引大头针的个数就会逐渐减少，说明电磁铁的磁性减弱；比较A、B电磁铁吸引大头针数目，可以得到外形相同的大铁钉绕制成电磁铁，电流一定时，线圈的匝数越多，它的磁性越强，即对比A、B吸引大头针的多少可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数多少的关系故答案为：减弱；线圈匝数19图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象现将L与阻值为10的电阻R连入图乙所示电路闭合开关S，L的实际功率为1.8W则电源电压是6V，此时消耗的总功率是5.4W【考点】电功率的计算【分析】从图象上可以看出，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流为0.3A，据此可知电源电压，利用欧姆定律可算出通过R的电流，然后利用P=UI可求得此时消耗的总功率【解答】解：由图甲可知：灯泡L与电阻R并联，根据P=UI，从图象上可以看出，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流IL=0.3A，则电源电压U=U实=6V，通过R的电流IR=0.6A总电流I=IL+IR=0.3A+0.6A=0.9A，此时消耗的总功率P=UI=6V0.9A=5.4W故答案为：6；5.420一台家用电脑处于待机状态下的电功率大约是10W，它表示1s内电流做的功是10J如果这台电脑平均每天的待机时间以10h计算，那么待机的状态下100天消耗的电能是10KWh【考点】电功率与电能、时间的关系【分析】已知待机功率及通电时间，由P=可求出电流做的功，然后可求得100天消耗的电能【解答】解：（1）由P=可得，1s电流做的功W=10W1s=10J；（2）电视机平均每天的待机时间以10h计算，那么在待机状态下100天消耗的电能由P=可得，W=Pt=0.01kW10h100=10kWh；故答案为：10；1021小明利用图甲所示的电路探究“通过导体的电流与电阻的关系”，根据实验的数据绘出了I图象，如图乙所示分析图象可知，当导体的电阻为10时，通过它的电流为0.2A；当电流分别为0.25A和0.5A时，接入电路的导体的电阻之比为2：1；实验过程中，小明控制导体两端的电压为2V【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）分析图象找出对应点的数值求出电阻；（2）根据电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，求出接入电路中的阻值之比；（3）利用I图象，结合欧姆定律求出电压【解答】解：（1）根据实验的数据绘出了I图象，可知当电流为0.2A时，对应的=0.1，则电阻为R=10；（2）因为电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，故当电流分别为I1=0.25A和I2=0.5A时，接入电路的导体的电阻之比R1：R2=I2：I1=0.5A：0.25A=2：1；（3）根据I=0.2A，R=10，由I=可得导体两端电压为U=IR=0.2A10=2V故答案为：10；2：1；222如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“15 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为0.3A若电源电压恒为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是515（不考虑灯丝电阻的变化）【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出正常工作时的电流；（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，再根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步根据滑动变阻器R的铭牌得出答案【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压UL=3V，功率PL=0.9W，由P=UI可得，灯L正常工作时的电流：IL=0.3A，（2）由I=可得，灯泡的电阻：RL=10；灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的电阻最小，串联电路中各处的电流相等，此时电路中的总电阻：R总=15，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，滑动变阻器接入电路中的最小电阻：Rmin=R总RL=1510=5；当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，串联电路中总电压等于各分电压之和，灯泡两端的电压：UL=UURmax=4.5V3V=1.5V，串联电路中各处的电流相等，I=，即=，解得：Rmax=20，由于滑动变阻器R上标有“15 1A”的字样，所以滑动变阻器允许接人电路的阻值范围是515故答案为：0.3；51523请将图中的器材连线完整要求：两灯串联，电压表只测L1灯两端的电压【考点】实物的电路连接【分析】由题意可知，两灯泡串联，电压表测量L1两端的电压说明电压表与L1并联，然后根据电流流向法和先串后并的原则连接电路图【解答】解：两灯泡串联，电压表与灯泡L1并联，从电源的正极出发依次连接、开关、灯泡L1、灯泡L2回到电源的负极，最后把电压表并联在L1两端，如下图所示：24如图所示，是小磁针静止时的指向，请标出通电螺线管的磁极和电源的“+”、“”极【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极【解答】解：从图可知，小磁针的左端是S极，右端为N极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端是N极，左端是S极根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，右端是负极如图所示：三、解答题25小涵设计了如图所示的实验装置来探究不同物质的吸热能力她在两支相同的试管中分别加入质量相等水和沙子，分别用同一酒精灯加热（1）使用同一个酒精灯加热的目的是使水和沙子在相同的时间内吸热相同（2）为了比较水和沙子的吸热能力，实验中还需要测量的物理量有加热的时间t、升高的温度t（3）实验后小涵高兴的说：“我终于知道为什么海水比沙滩温度低了！”请你分析海水比沙滩温度低的原因【考点】探究比热容的实验【分析】（1）实验中要注意使水和沙子在相同时间内吸收相同的热量；（2）物体吸热的多少，与物质的种类、多少和升高的温度有关，要探究不同物质的吸热能力，可选取相同质量的不同物质；升高相同的温度，比较吸收热量的多少；吸收相同的热量，比较升高的温度；（3）根据比热容的知识进行解答【解答】解：（1）实验中使用同一个酒精灯加热，是为了使水和沙子能够在相同时间内吸收相同热量；（2）为了比较水和沙子的吸热能力，可使相同质量的水和沙子吸收相同的热量，比较水和沙子温度的变化，或是使相同质量的水和沙子升高相同的温度，比较吸收热量的多少，而吸热的多少通过加热时间体现，所以还要测量加热时间t及水和沙子升高的温度t；（3）由于水和沙子相比，水的比热容更大，所以质量相同的水和沙子吸收相同的热量，水温度升高较小，所以海水比沙滩温度低故答案为：（1）使水和沙子在相同的时间内吸热相同；（2）加热的时间t；升高的温度t；（3）因为水的比热容比沙子大，在吸收相同热量的情况下，同质量的水和沙子，水升高的温度少26姥姥的收音机坏了，小东决定把它修好经过检查发现一只标注模糊的电阻引线断了，需要更换（1）小东要测量出它的电阻阻值，设计的实验电路图如图，请指出它有什么不完备的地方？应该怎样改进？（2）请设计记录改进后实验的数据的表格（3）若被测电阻R0的阻值约为30，小东选择的器材有：电流表一个，00.6A，03A两个量程，电压表一个，03V、015V两个量程；电源三种，电压分别为3V、6V、15V；开关一个；滑动变阻器一个；导线若干为了减小电表读数时的误差，要求在几次测量中，电表指针的示数要大于量程的，则应选用哪种电源？电压表和电流表应选用哪个量程？要求都要说明理由【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）测量电阻实验时要测出多组数据，求平均值以减小误差；（2）实验中要测量出电阻两端的电压、电路中的电流，根据欧姆定律计算出电阻值，至少测出三组数据；（3）根据电流表指针所在位置的要求，可以得到在两个量程下，通过电阻的电流；已知电阻大约阻值和不同量程的电路电流，可以得到相应的电源电压，将需要的电压和通过的电源对比，确定电源电压和电压表的量程；最后根据电路最大电压和电阻阻值，得到电流表选择的量程【解答】解：（1）图中所示的电路图中电源电压有可能超过电压表的量程，且只能够测出一组数据，需要多次测量求平均值，减小误差；改进的方法是在电路中串联一个滑动变阻器，改变电阻两端的电压，测出多组数据，求出电阻值；（2）根据题意设计表格如下：实验次数电压U/V电流I/A电阻R/电阻平均值R/123（3）题目已明确要求“在几次测量中，电表指针的示值大于量程的”，若按此要求，我们先看看在使用电流表各个量程时，电路中的电流情况：对于00.6A量程，电路中的电流应大于0.6A=0.4A；对于03A量程，电路中的电流应大于3AA=2A；由于被测电阻的阻值大约30，可知电流表若用00.6A量程，则被测电阻两端电压大于0.3A30=9V；电流表若用03A量程，则被测电阻两端电压大于1.5A30=45V由已知条件知，电源电压应该选择15V，电压表选择015V量程；相反，如果电源电压为15V，所以通过电阻的最大电流在=0.5A左右，即电流表选择00.6A答：（1）只能测出一组数据，测量结果误差较大；在电路中串联一个滑动变阻器；（2）见上表；（3）电源电压为15V；电压表选择015V量程，电流表选择00.6A量程27在“测量标有2.5V字样小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有电压表、电流表、开关、电压为4.5V的电源和标有“20 1A”的滑动变阻器，小东已连接好如图甲所示的部分实验电路（1）请用笔划线代替导线将电路连接完整，要求闭合开关后，使滑片P向右端移动时小灯泡的亮度变亮连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，且电压表的示数为0，电流表示数不为0，则出现故障的原因可能是小灯泡短路；（2）故障排除后，闭合开关，移动滑片至某一位置时，电压表示数如图乙所示为2.2V接下来他改变滑片的位置，获得多组对应的电压值和电流值，绘制成如图丙所示的图象，由图象可知该灯泡的额定功率是0.5W（3）某同学想用此实物图研究电流与电压的关系，他能不能研究？说明理由【考点】电功率的测量【分析】（1）滑动变阻器要串联在电路中，且按“一上一下”的方式接入电路；电流表有示数，说明电路为通路，然后根据灯泡不亮和电压表示数为零以及断路和短路的特点判断电路故障；（2）由图示电压表确定其量程与分度值，然后读出其示数；由图象找出灯泡额定电压对应的电流，然后根据P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）要得出电流和电压的关系，需保持电阻不变【解答】解：（1）滑动变阻器按“一上一下”的方式串联接入电路，要使滑片P向右端移动时小灯泡的亮度变亮，此时滑动变阻器接入电路的阻值减小，故应将滑动变阻器的D接线柱与电流表的“”接线柱连接，如图所示：连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表示数不为0，说明电路为通路；电压表示数为0，说明与电压表并联的小灯泡短路（2）由图乙可知，电压表选择的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.2V；由图丙可知，当小灯泡两端的电压U=2.5V时，对应的电流I=0.2A，则小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.2A=0.5W（3）不能要想研究电流与电压的关系，需要控制电阻一定；而本题中，小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，没有控制电阻一定故答案为：（1）见上图；小灯泡短路；（2）2.2； 0.5；（3）不能想研究电流与电压的关系，需要控制电阻一定；而本题中，小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，没有控制电阻一定28电热饮水机是生活常用电器，小东同学从说明书上了解到饮水机有加热和保温两种功能，可由机内温控开关S0进行自动控制，并给我们提供了如下部分数据和电路图，如图所示请解答以下问题：（不考虑温度对电阻的影响）额定电压220V频率50Hz额定加热功率484W（1）求饮水机正常工作时，在加热状态下的总电阻是多少？（2）傍晚用电高峰时供电电压下降，在无人取水的情况下，小东发现，加热时间比原来增加了，请算一算这种情况下的实际电压是多少？（3）小东想解决（2）问中加热时间变长的问题，她设想在原电路中再连接一个电阻R3，在（2）中的实际电压下，保证加热时间与在额定电压下加热时间相同请你帮小涵想一想：R3应如何接入电路？并计算R3的规格【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】（1）已知饮水机加热功率和额定电压，利用P=得加热状态下的总电阻；（2）饮水机产生热量是一定的，电压不同，相同时间产生的热量不同，利用Q=W=t得到实际电压；（3）在电源电压一定时，要增大发热功率，由P=知，需要减小电阻，所以可以并联一段电阻R3；根据（2）得到实际电压下的实际功率，然后得到R3消耗的功率，根据R=得到R3【解答】解：（1）由P=知饮水机加热状态下的电阻：R=100；（2）额定电压下的加热时间为t，设实际电压为U实，加热时间为t，由Q=W=t得t=，已知：t=t（1+），所以， =（1+），化简得： =；所以，U实=U额=220V=200V；（3）为保证在实际电压低于额定电压的情况下，实际功率等于额定功率，需要将R3并联在原电路中；因为=，所以实际功率为P实=P额=484W=400W，电阻R3消耗的功率为P3=P额P实=484W400W=84W，所以R3的规格是200V、84W答：（1）饮水机正常工作时，在加热状态下的总电阻是100；（2）傍晚用电高峰时供电电压下降，在无人取水的情况下，小东发现，加热时间比原来增加了，这种情况下的实际电压是200V；（3）R3应并联在电路中，规格是200V、84W九年级（上）期末物理试卷一、选择题（每题4分，共48分）1下列现象与分子热运动有关的是（）A春天，百花争艳B夏天，波光粼粼C秋天，丹桂飘香D冬天，大雪纷飞2下列说法正确的是（）A燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多B通过技术改进，热机效率可达100%C可以通过做功使物体内能增加D使用热机是为了实现机械能转化为内能3教室内有四盏220V的灯，两个开关，每个开关控制两盏灯图中能正确反映教室这四盏灯连接情况的是（）ABCD4如图所示，是一个磁信息阅读器，只要将磁卡刷过，检测头中就会产生感应电流，便能得到相应的信息，以下电器件中工作原理与此相似的是（）A扬声器B发电机C电磁继电器D电铃5下面是小文同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（）A做功和热传递在改变物体内能上是等效的B燃料的热值与燃料的质量无关C磁体具有指向性D温度越高的物体含有的热量越多6随着自动化的发展，传感器在生活中有着广泛的应用如图没有应用传感器的是（）A电话机的听筒B电视遥控器C电冰箱D电子秤7如图所示，能正确地测出小灯泡L1两端电压的电路是（）ABCD8电饭锅是常用的家用电器，下列与之相关的说法错误的是（）A组成材料中既有导体又有绝缘体B工作时，利用了电流的热效应C工作时，通过热传递使食物温度升高D与其它家用电器是串联连接的9如图所示家用电能表的盘面当只接入一个用电器正常工作时，1min内电能表的转盘转了25转则该电器消耗的实际功率是（）A15WB600WC300WD3kW10如图所示电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P由b向a滑动的过程中，说法正确的是（）A电流表的示数变小B通过定值电阻和滑动变阻器的电流之比是1：1C电压表与电流表的示数比值变大D滑动变阻器接入电路的阻值变大11如图所示电路，电源电压为3V，当开关S闭合后，只有一盏灯泡发光且电压表的示数为3V，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡L1处短路B灯泡L2处短路C灯泡L1处断路D灯泡L2处断路12标有“6V 3W”的甲灯和“12V 12W”的乙