力电综合检测(A)整理版

1、力电综合检测（A）、选择题1. （多选）（2015贵州省七校联考）如图所示，小车上固定一水平横杆，横杆左端的固定斜 杆与竖直方向成 a角，斜杆下端连接一质量为m的小球；同时横杆右端用一根细线悬挂相同的小球.当小车沿水平面做直线运动时，细线与竖直方向间的夹角a保持不变.设斜杆、细线对小球的作用力分别为F2,下列说法正确的是（）A . Fi、F2大小不相等B. F i、F 2方向相冋C. 小车加速度大小为 gtan aD .小车加速度大小为 gtan 3解析：选BD 两球受重力和拉力作用，其中重力相同，由加速度相同可知两球所受合外力相同，由平行四边形定则可知，拉力相同，A项错误，B项正确；因为绳对

2、小球拉力沿绳收缩方向，合力水平向右，由平行四边形定则可知mgtan 3= ma,即卩a= gtan 3 , C项错误，D项正确.2. （多选）如图所示，圆环套在水平棒上可以滑动，轻绳OA的A端与圆环（重力不计）相连，O端与质量m= 1 kg的重物相连；定滑轮固定在 B处，跨过定滑轮的轻绳，两端分 别与重物m、重物G相连，当两条细绳间的夹角$= 90, OA与水平杆的夹角 0= 53时圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，已知sin 53 = 0.8; cos 53=0.6，滑动摩擦力等于最大静摩擦力则下列说法正确的是（）A 圆环与棒间的动摩擦因数B .棒对环的支持力为1.6 N

3、C.重物G的质量M = 0.6 kgD .圆环与棒间的动摩擦因数尸0.6解析：选AC 因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有对环进行受力分析，则有：jjFn Ftcos 0= 0, Fn 一 FTsin 0= 0, Ft= F T = mgsin 0,代入数3据解得： 尸cot 0= 一， Fn = 6.4 N , A正确，B、D错误；对重物 m： Mg = mgcos 0,得：M4=mcos 0 = 0.6 kg , C 正确.3. （多选）如图所示是A、B两物体从同一点出发的 x t图象，由图象可知，下列说法正确的是（）A . 0t1时间内A物体的速度大于 B物体的速度B.

4、 t2时刻A、B两物体相遇C. 0t2时间内A的平均速度大于 B的平均速度D .在0t2时间内，h时刻A、B两物体相距最远解析：选ABD .位移图象的斜率代表速度，A正确；t2时刻两物体运动的位移相同，所以0t2时间内平均速度相同，B正确，C错误；在0t2时间内，t1时刻A、B两物体相距最远，D正确.4. （多选）如图所示，从倾角为B的斜面上的M点水平抛出一个小球，小球的初速度为 vo, 最后小球落在斜面上的 N点，则（重力加速度为g）（）A .可求M、N之间的距离B .可求小球落到 N点时速度的大小和方向C.可求小球到达 N点时的动能D .可以断定，当小球速度方向与斜面平行时，小球与斜面间的

5、距离最大1 2 gt解析：选ABD .设小球从抛出到落到 N点经历时间t,则有tan 0=牛;=半,t= 2votan vot 2vog2因此可求出 dMN = _v0Q = 2votan 0, vn =（gt） 2+ v0，方向：tan acos 0 geos 0丫但因小球的质量未知，因此小球在N点的动能不能求出，面平行时，小球垂直斜面方向的速度为零，此时小球与斜面间的距离最大，5.（多选）在遥远的太空中有三颗星体A、B、C,已知三颗星体的质量均为上组成一正三角形，如图所示，其中的任意一颗星体在另两个星体的作用下， 形的中心做匀速圆周运动.已知正三角形的边长为L.星体的线速度为为T、运行的加

6、速度为 a,则下列说法中正确的是（）a,则下列说法中正确的是 （A .星体的线速度为3GMLC.星体的角速度为B.星体的周期为，故A、B项正确；voC项错误；当小球速度方向与斜 D项正确.M，且在空间 围绕着正三角 角速度为3、周期3、R= cos 30 =宁L，对其中，贝U B、D正确.最初2 s内小球动能Ek随时间t变化的图线如图所）M。 v 24GM: 3GM的 A 星体，得 2Gjcos 30 = Mr = M r= MR= Ma，贝U v = ,3= 产,T=2 八 3Gm , a=6.（多选）将一小球从高处水平抛出，示，不计空气阻力，重力加速度g= 10 m/s2 .根据图象信息，

7、可以确定的物理量是 （A .小球的质量B. 小球的初速度C. 最初2 s内重力对小球做功的平均功率D .小球抛出时的高度因为mgh解析：选ABC .根据图象可以知道小球在 2 s内动能由Eko= 5 J增加到Ek= 30 J, 小球做平抛运动，2 s内下落的高度h =为= 20 m,小球在2 s时间内由动能定理有：=Ek Eko，所以：m=Ek Ekogh=0.125 kg , A正确；由Pg = mg v可以得出最初2 s内重力对角为0,电子在坐标平面 xOy内，从原点O以大小为 场，（D错误.E,方向未知，电场线跟 x轴的负方向夹V。、方向沿x正方向的初速度射入电小球做功的平均功率 P g

8、= 12.5 W, C正确；据Ek0= Tmvo可得v0= 4 5 m/s, B正确；因为 小球抛出的总时间未知，故不能确定小球抛出时的高度，7. （多选）在xOy平面内有一匀强电场，场强为最后打在y轴上的M点，如图所示.（已知电子的质量为 m,电荷量为e,重力不计）则 ）A . O点电势低于M点电势B .运动过程中电子在 M点电势能最多C.运动过程中，电子的电势能先减少后增加D .电场力对电子先做负功，后做正功解析：选AD .由电子的运动轨迹知，电子受到的电场力方向斜向上，故电场方向斜向 下，M点电势高于O点，A正确；电子在 M点电势能最少，B错误；运动过程中，电子先 克服电场力做功，后电场

9、力对电子做正功，故C错误，D正确.8. 如图所示，三个相同的灯泡 a、b、c和电阻不计的线圈L与内阻不计的电源连接，下 列判断正确的是（）A . K闭合的瞬间，b、c两灯亮度不同B K闭合足够长时间以后，b、c两灯亮度相同C. K断开的瞬间，a、c两灯立即熄灭D . K断开之后，b灯突然闪亮以后再逐渐变暗解析：选D.K闭合的瞬间，L上发生自感现象，对电流的阻碍很大， 此时b与c串联, 再与a并联，故Pb= Pc (.2+ 1)L2 n2 l带电小球第一次在磁场I中运动时间ti =调节Rx= R,释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v; X = j n4 vo4vo带电小

10、球第一次在空白区域运动时间t2 =vo带电小球在磁场n中运动时间t3 = E0= Blv 由闭合电路欧姆定律得x 改变Rx,待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电荷量为+ q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的Rx.解析：(1)导体棒匀速下滑时，Mgsin 0= BIl Mgsi n 如I =Bl设导体棒产生的感应电动势为E0 n 2L = 3 ：2 n4vo2vo小球两次经过原点 0的时间间隔为t总=2(ti+ t2)+13= J?(计1)L.vo答案：见解析13如图所示，质量为 M的导体棒ab,垂直放在相距为I的平行光滑金属导轨上导 轨平面与水平面的夹角为 0,并处于磁感应强度大小为 B、方向垂直于导轨平面向上的匀强 磁场中左侧是水平放置、间距为 d的平行金属板，R和Rx分别表示定值电阻和滑动变阻 器的阻值，不计其他电阻.EoZ-7X1=R+RX联立，得2MgRsin Bv =直22. (2)改变