2019-2020学年四川省成都市新津县为明学校高三(上)月考物理试卷(10月份)

1、2019-2020 学年四川省成都市新津县为明学校高三（上）月考物理试卷（10 月份）一、单选题（本大题共4 小题，共24.0 分）1.作匀加速直线运动的物体，任意一段时间内位移大小决定于( )A. 这段时间初速度的大小B. 这段时间末速度的大小C. 这段时间加速度的大小D. 这段时间内平均速度的大小2.如图所示， 浸在水中的小木球密度小于水的密度，固定在轻弹簧一端，弹簧另一端固定在容器底部当整个系统自由下落达到稳定时，弹簧的长度将 ( 不计空气阻力 )()A. 变长B. 不变C. 恢复原长D.不能判断3. 在粗糙的水平地面上，放一个三角形木块ab在光滑的斜，物体面上，受到沿斜面向上拉力F 的

2、作用而匀速上滑，此过程中a 保持不动 ( 如图所示 ) ，则正确的判断是 ( )A. 地面对 a 有向左的摩擦力B. 地面对 a 有向右的摩擦力C. 地面对 a 没有水平方向的摩擦力D. 条件不足无法判断4. 如图，质量为 2m 的光滑斜面小车，倾角为 37 ，斜面上放一被平行斜面的绳子系住的小球，其质量为 m。现对小车施一水平拉力 F ，要使小球对斜面刚好无压力，则水平拉力F的大小应为 ( )A. 2mgB. 3mgC. 4mgD. 5mg二、多选题（本大题共4 小题，共 24.0 分）5. 如图所示， 物块 A 从弧形滑槽上的某一固定高度滑下后，以速度 ?1又滑上粗槽的水平传送带。若传送带

3、不动， A 滑下后，从离开滑槽进入传送带左端开始计时，经过时间 ?滑至传送带右端某处便停止下来而不会掉下去。若传送带以恒定速率 ?做逆12时针转动， A 滑下后，从离开滑槽进入传送带在左端开始计时，直到又返回传送带，所用时间为 ?，则。以下判断正确的是 ()2A. 若 ?12，则 ?1B.若12，则 ?122 ? ?，则 ? 2?D.若 ? = ?，则 ? = 2?122112216. 原来静止在光滑水平面上的物体前5s内受向东的10N的力的作用，第2 个 5s内改受向北的10N 的力的作用，则该物体()A. 第 10s末的速度方向是向东偏北45B. 第 2 个 5s末的加速度的方向是向东偏北

4、45第1页，共 11页C.D.前 10s 内物体的位移方向为东偏北 45前 10s 末物体的位移方向为东偏北小于457. 土卫十和土卫十一是土星的两颗卫星，都沿近似为圆周的轨道线土星运动其参数如表，两卫星相比土卫十： ()卫星半径 (?) 卫星质量 (?)轨道半径 (?)土卫十8.9010 42.0110 181.511018土卫十一5.7010 45.6010 171.511018A. 受土星的万有引力较大B. 绕土星的圆周运动的周期较大C. 绕土星做圆周运动的向心加速度较大D. 动能较大8. 如图甲所示，足够长的木板B 静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，小滑块 A受到随时间 t 变化的

5、水平拉力F 作用时，用传感器测出小滑块A 的加速度 a，得到如图乙所示的?- ?2图象取?= 10?/? .则 ( )A. 小滑块 A 的质量为 4kgB. 木板 B 的质量为 5kg2C. 当?= 40?B时，木板的加速度为 3?/?D. 小滑块 A 与木板 B 间的最大静摩檫力为12N三、实验题（本大题共2 小题，共 18.0 分）9. 用图 1 所示的实验装置研究小车速度随时间变化的规律。主要实验步骤如下：?安.装好实验器材。接通电源后，让拖着纸带的小车沿长木板运动，重复几次。?选.出一条点迹清晰的纸带，找一个合适的点当作计时起点?(?=0) ，然后每隔相同的时间间隔 ?= 0.1?选取

6、一个计数点，如图2中ABC D、E、 ? 所示。、 、 、?通.过测量、 计算可以得到在打AB CD、 、 、 、? 点时小车的速度， 分别记作 ?1、 ?、 ?、?2345?以.速度 v 为纵轴、时间 t 为横轴建立直角坐标系，在坐标纸上描点， 如图 3 所示。结合上述实验步骤，请你完成下列任务： 在下列仪器和器材中，还需要使用的有_(填选项前的字母)。第2页，共 11页2 ，在?= _?/?A.电压合适的50Hz 交流电源B.电压可调的直流电源C.刻度尺D.秒表E.天平 (含砝码 ) 在图 2 中已标出计数点 A、B、D 、E 对应的坐标点， 请结合纸带并在该图中标出计数点 C 对应的坐标

7、点，并画出 ?- ?图象。 观察 ?- ?图象，可判断小车做匀变速直线运动，其加速度纵轴上的截距表示的物理意义是 _。 ? 描绘 ?- ?图象前，还不知道小车是否做匀变速直线运动。用平均速度表示各 ?计数点的瞬时速度，从理论上讲，对?的要求是 _( 选填“越小越好”或“与大小无关” ) ；从实验的角度看， 选取的 ?大小与速度测量的误差_( 选填“有关”或“无关” ) 。10. 某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验，所用器材有： 玩具小车， 压力式托盘秤， 凹形桥模拟器 ( 圆弧部分的半径为 ?= 0.20?)完成下列填空：(1)将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如

8、图(?)所示，托盘秤的示数为 1.00?(2)将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图(?)所示，该示数为 _kg。(3) 将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧，此过程中托盘秤的最大示数为 m，多次从同一位置释放小车，记录各次的m 值如表所示：序号12345?(?)1.801.751.851.751.85(4) 根据以上数据， 可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为_N，小车通过最低点时的速度大小为_?/?(重力加速度大小取2，计算结果保留 29.8?/?位有效数字 )四、计算题（本大题共3 小题，共22.0 分）11. 如图所示，一根长 0.1?的细线

9、，一端系着一个质量为 0.2? 的小球，拉住线的另一端，使球在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动使小球的转速很缓慢地增加，当小球的转速增加到开始时转速的 3 倍时，细线断开，线断开前的瞬间线受到的拉力比开始时大 64N，求：(1) 线断开前的瞬间，线受到的拉力大小；(2) 线断开的瞬间，小球运动的线速度；(3) 如果小球离开桌面时，速度方向与桌子边线的夹角为60 ，桌面高出地面0.8?，求小球飞出后的落地点距桌边线的水平距离第3页，共 11页12. 如图所示， 水平地面上放有质量均为 ?= 1?的物块 A 和 B，两者之间的距离为 ?= 0.75?. ?、B 与地面的动摩擦因数分别为? = 0.4

10、、 ? = 0.1.现使 A12获得初速度 ?向 B 运动，同时对 B 施加一个方向水0平向右的力 ?= 3?，使 B 由静止开始运动经过一段时间，A 恰好追上2?.?取 10?/? .求：(1)?运动加速度的大小? ；?(2)?初速度的大小 ?；0(3) 从开始运动到 A 追上 B 的过程中，力 F 对 B 所做的功13. 一质量为 ? = 2000?汽车以某一速度正在平直公路上失去动力滑动。在滑动过程中，司机忽然发现前方出现紧急故障，需要刹车。为此，驾驶员从发现前方故障到采取措施紧急刹车的反应时间为?0.50?；从 ?1时刻开始汽车的刹车系统稳定工1 =作，直至汽车停止，已知从 ?时刻开始

11、，汽车第 1s 内的位移为24m，第 4s 内的位1移为 1.0?。汽车与路面的动摩擦因数为?= 0.40 ，重力加速度2?= 10?/? ，(1) 求?时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小；1(2) 驾驶员从发现前方故障到汽车停下行驶的距离为多少？(3) 求汽车刹车过程中增加的制动力为多大。第4页，共 11页答案和解析1.【答案】 D【解析】 解：根据位移公式则有：- 表示这段时间内物体的平均速度，t 表，其中?= ?示时间，x 表示位移，可知任意一段时间内位移大小决定于这段时间内平均速度的大小；在已知时间的前提下：A、仅有这段时间初速度的大小不能判定位移的大小；与分析不符，故A 错误。B、

12、仅有这段时间末速度的大小不能判定位移的大小，与分析不符，故B 错误。C、仅有这段时间加速度的大小不能判定位移的大小，与分析不符，故C 错误。D 、仅有这段时间内平均速度的大小可以求出位移，与分析相符，故D 正确。故选： D。根据位移公式，结合速度公式等分析即可。该题考查对匀变速直线运动的位移公式的理解，在已知时间的前提下，需要知道另外的两个物理量才能判断匀变速直线运动的位移。2.【答案】 C【解析】 解：根据胡克定律，弹簧长度的变化决定于弹力f 的大小变化，跟小球重力mg 及其所受浮力 F 的大小密切相关。当系统处于静止状态时，弹簧被拉伸，由?=0合得： ?= ?+ ?当.整个系统自由下落达到

13、稳定时，小球及水处于完全失重状态，水也不再对球施加浮力，弹簧不再受到拉力，故弹簧将恢复原长。故选： C。当整个系统自由下落达到稳定时， 整体系统处于完全失重状态， 根据牛顿第二定律分析弹簧是否受到弹力，判断弹簧所处的状态本题考查超重和失重的定性判断 物体处于完全失重状态时， 由于重力产生的现象全部消失3.【答案】 A【解析】 解：以木块和斜面组成的整体为研究对象，分析受力如图根据平衡条件可得地面对a 的摩擦力为： ?= ?，方向水平向左，故A 正确， BCD错误。故选： A。斜面保持静止， 所受的合力为零， 物体匀速上滑， 其合力也为零， 将两个物体看成整体，分析受力情况，由平衡条件求解地面对

14、斜面的支持力和摩擦力大小和方向。本题两个物体的加速度都为零，可以作为整体进行研究，简单方便，也可以采用隔离法研究。4.【答案】 C第5页，共 11页【解析】 解：小球对斜面没有压力，对小球受力分析可知，小球受重力和绳子的拉力作用，由牛顿第二定律得：?37=?4解得： ?= 3 ?方向水平向右对整体受力分析可知，整体受重力、支持力和水平拉力作用，由牛顿第二定律得：?=(? + 2?)?= 4?，故 C 正确， ABD 错误。故选： C。对小球受力分析， 根据平衡条件可求得加速度， 再由牛顿第二定律即可求出水平拉力的大小。本题考查了求加速度范围、求绳子对小球的拉力，应用牛顿第二定律即可正确解题，解

15、题时要注意求出临界加速度。5.【答案】 ACD【解析】 解：BC、当传送带不动时， 物块滑上传送带后做匀减速运动到零，若 ?，1 ?2物块返回时先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动， 则返回的时间大于开始匀减速运动到零的时间，所以 ? 2?.故 B 错误， C 正确。21A、若 ?1 ?2，物块返回时，一直做匀加速直线运动，根据对称性，返回的时间与匀减速运动到零的时间相等，则?2 =2?.1故 A 正确。D、若 ?1= ?，物块返回时，一直做匀加速直线运动，根据对称性，返回的时间与匀减2速运动到零的时间相等，则?2 =2?.1故 D 正确。故选： ACD。当传送带不动时，物块滑上传送带后做匀

16、减速运动到零，当传送带逆时针转动时，物块滑上传送带先做匀减速运动到零，然后返回做匀加速运动，若? ?，物块返回时先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运12动，结合运动学公式分析求解。解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律， 知道物块滑上传送带做匀减速运动到零，返回的过程，需通过传送带速度和物块滑上传送带的速度大小进行比较讨论，物块返回时可能一直做匀加速运动，可能先做匀加速再做匀速直线运动。6.【答案】 AD【解析】 解：设物体的质量为1kg，?1022，则5s末的速度 ?A、前5s 内的加速度 ?1 = ? =1?/? = 10?/?1= ?11=?10210 5?/?= 50?/?，第 2

17、 个5s 内的加速度 ?2 = ? =1= 10?/? ，方向向北， 10s末向北的分速度 ?2 = ?22 = 10 1?/?= 50?/?，向东的分速度为 50?.?，根据平行四边形定则知，第10s末的速度方向是向东偏北 45，故 A 正确B、第2 个 5s末的加速度方向向北，故B 错误C、第 1121500?，第二个 5 内向东的位移 ?2 =个 5s内的位移 ?1 = 2 ?1?1= 2 10 100? =12110 100? = 500?，则前 10s?1 ?2 = 50 10? = 500?，向北的位移 ?3 = 2 ?2?2 = 2内向东的位移为 1000m，向北的位移为500m

18、，根据平行四边形定则知，前10s 末物体的位移方向为东偏北小于 45，故 C 错误， D 正确故选： AD根据牛顿第二定律求出物体在前5s内的加速度，结合速度时间公式求出5s末的速度，第6页，共 11页位移公式求出5s 内的位移，再根据牛顿第二定律求出第2 个 5s 内的加速度，结合速度时间公式求出向北方向的分速度，通过平行四边形定则求出10s 末的速度方向根据第2 个 5s 内向东和向北方向的位移，得出物体的总位移，从而确定位移的方向本题考查了运动的合成和分解，知道位移、速度都是矢量，合成分解遵循平行四边形定则7.【答案】 AD【解析】 解析：A、从表格中的数据看出：两卫星的轨道半径相等?

19、= ? ，两卫星的质量相差一个数1011?量级，有 ?10 ?11 ，设土星质量为M，由万有引力定律公式?= ? 2 ，所以土卫十受?到的引力较大故A 正确3B、两卫星均绕土星运动， 由开普勒第三定律(或由万有引力提供向心力列方程得到?=) 2?常量可知，当轨道半径相等时，运动周期T 也相等故 B 错误?C、由万有引力提供向心力列方程得到卫星的向心加速度，由 ?= ? 2 可知，只要轨道半?径相等，两卫星的向心加速度大小相等故C 错误12和?2?故 D 正D? =，质量 m 较大的卫星的动能较大、由? = ?2= ?得?2?2?确故选 AD研究卫星绕土星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力列

20、出等式，表达出线速度、加速度、周期再根据表格中的数据去判断比较一个物理量，我们应该把这个物理量先表示出来，再根据已知条件进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量选取应用8.【答案】 AD【解析】 解： AB、由图知， ? 20?时， AB 间发生相对滑动，对A，由牛顿第二定律得?- ?= ? ?得 ?= ?+ ? ? ?由图得：图象的斜率?=20-12= 4，所以得 ?= 4?2可得 ? = 6?故. A 正确， B 错误C、由?=?+ ?知，图象的纵截距为?= 12?B? =?122C当 ?= 40?时，木板= 2?/? .错误的加速度为 ?6故D 、小滑块 A 与木板 B 间的最

21、大静摩檫力为?= ?= 12?.故 D 正确故选： AD由图知， ? 20?时， AB 间发生相对滑动，对A，运用牛顿第二定律列式，可求得A 的质量，从而求得 B 的质量第7页，共 11页本题是牛顿第二定律与图象的综合， 要知道滑块 A 和木板 B 在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法：解析法，通常通过图线的斜率和截距入手分析9.O 点的速度大小越小越好有关【答案】 AC 4.1 小车在纸带上为【解析】 解： 在下列仪器和器材中，还需要使用的有电压合适的50Hz 交流电源，供打点计时器使用；还需要刻度尺，来测量各点的位移大小，从而算出各自速度大小；A.电压合适

22、的 50Hz 交流电源与分析相符，故A 正确。B.电压可调的直流电源与分析不符，故B 错误。C.刻度尺与分析相符，故C 正确。D .秒表与分析不符，故D 错误。E.天平 ( 含砝码 ) 与分析不符，故E 错误。 根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可知 C 点的速度大小为：? =?0.29?/?= 1.45?/?2?=0.2根据标出计数点 A、 B、D 、 E 对应的坐标点位置，及C 点对应的时间，从而确定C 点的位置，再将各点平滑连接，如图所示： 由 ?- ?图象，是过原点的一条直线，可知，速度随着时间是均匀变化的，说明小车是做匀变速直线运动；?= ? 2.

23、25-0.2022图象的斜率，表示小车的加速度，其加速度：=?/? = 4.1?/? ?0.5-0在纵轴上的截距表示的物理意义是表示小车在纸带上为O 点的速度大小； 当不知道小车是否做匀变速直线运动，若用平均速度表示各计数点的瞬时速度，从理论上讲，对 ?的要求是越小越好，即?= ?6 从，才使得平均速度接近瞬时速度； ?实验的角度看，对于选取的?大小与速度测量的误差有关；故答案为：；如上图所示；4.10；小车在纸带上为O 点的速度大小；越?小越好；有关。 依据实验原理，结合打点计时器使用交流电源，通过某段时间内的平均速度表示中时刻的瞬时速度，即可选取仪器； 根据其它点的位置，确定C 点的坐标，

24、再平滑连接，形成图象； 当速度与时间图象是过原点的直线时，则说明小车做匀变速直线运动，斜率表示小车的加速度； 当 ?越小，即 ?越小时，平均速度越接近瞬时速度。第8页，共 11页考查实验的原理，掌握作图法，理解图象的斜率含义，注意平均速度能接近瞬时速度的要求，同时运动学公式的内容在本题的应用是解题的关键。10.【答案】 1.407.81.4【解析】 解： (2) 根据量程为10kg，最小分度为 0.1?，注意估读到最小分度的下一位，为 1.40?；(4) 根据表格知最低点小车和凹形桥模拟器对秤的最大压力平均值为：1.80 + 1.75 + 1.85 + 1.75 + 1.85? =9.8?=

25、? ?+ ?5桥?解得： ? = 7.8? - ?0 ?= ?02根据牛顿运动定律知：?，?代入数据解得： ?=1.4?/?故答案为： (2)1.40 ， (4)7.8 ， 1.4 。(2) 根据量程为 10kg，最小分度为 0.1?，注意估读到最小分度的下一位；(4) 根据表格知最低点小车和凹形桥模拟器对秤的最大压力平均值为mg，根据 ? =?+ ?2?，根据?，求解桥?，知小车经过凹形桥最低点时对桥的压力?= ?0?+ ?0 ?速度。此题考查读数和圆周运动的知识，注意估读，在力的问题注意分析受力和力的作用效果。11.线的拉力等于向心力，设开始时角速度为?0，向心力是 ?，线断开0【答案】

26、解： (1)的瞬间，角速度为 ?，2线的拉力是 F ? = ? ? 00?=2? ?由 得?=?29?2 =1?00又因为 ?= ?0+ 64?； 由 得?=72?(2) 设线断开时速度为 v2由 ?= ?，?得：?72 0.1=0.2?/?= 6?/?= ?(3) 设桌面高度为 h，小球落地经历时间为 t2?2 0.8?= ? = 10= 0.4?则小球飞出后的落地点到桌边线的水平距离为63?= ?=60 ? = 2.08?5答： (1) 线断开前的瞬间，线受到的拉力大小72N； (2) 线断开的瞬间，小球运动的线速度 6?/?；(3) 小球飞出后的落地点距桌边线的水平距离2.08?【解析】

27、 (1) 线末断开前，由线的拉力提供向心力由题意：小球的转速增加到开始时转速的 3 倍时细线断开，根据向心力公式可得到线断开时线的拉力与原来拉力的倍数；结合条件：线断开前的瞬间线的拉力比开始时大 40N，即可求出线断开前的瞬间，线的拉力大小2(2) 由向心力公式 ?= ? 求出小球的速度大小?第9页，共 11页(3) 小球离开桌面后做平抛运动，由高度求出时间，并求出平抛运动的水平位移，根据所求的距离与水平位移的数学关系求解对于匀速圆周运动，基本方程是“指向圆心的合力”等于向心力，即?合 = ?，关键分?析向心力的来源12.【答案】 解： (1) 对物快 B，由牛顿第二定律? = ?得：合?-?

28、 ?3-0.1 1 10合22?= ? =2=?1?/? = 2?/?(2) 设 A 经过 t 时间追上 B，对 A，由牛顿第二定律得：-?= ?= ?+12?02?对 B有：12? = 2?因为 A 恰好追上 B，所以追上时 A 和 B 的速度相等， 它们的位移之差等于两者的初始距离，即? + ? ?= ? ?0?-? = ?代入数据解得，?= 0.5?0 = 3?/?12(3)?= 2? = 0.25?根据?=?=3 0.25?= 0.75?答：B 运动的加速度为2，A 的初速度为 3?/?，运动过程中力 F 对 B 做的功为 0.75?2?/?【解析】 (1) 由题意可知物快A 做初速度

29、为 ?的匀减速直线运动，物快B 做初速度为零0的匀加速直线运动A 和 B 的加速度都可以由牛顿第二定律直接求得；(2) 恰好追上说明 A 和 B 速度相等时才追上 ( 因为 A 的速度不断减小， B 的速度不断增大，如果速度相等时还追不上就永远追不上了)恰好追上时它们的位移之差等于l ；(3) 由题意可知 A 和 B 的运动时间相同，根据恰好追上的条件立出方程求解运动的时间和 A 的初速度(4) 求恒力做功可直接根据公式 ? = ?求解该题为追击相遇问题，解题的关键是抓住恰好相遇这个词隐含的速度和位移的关系，即相遇时两者速度相同，位移之差等于两者的初始距离，若它们同时运动，则它们运动的时间相同