贵南县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、贵南县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.如图所示，长均为d的两正对平行金属板MN、PQ水平放置，板间距离为2d,板间有正交的竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为朋的带电粒子从MP的中点。垂直于电场和磁场方向以vo射入，恰沿直线从NQ的中点A射出；若撤去电场，则粒子从M点射出（粒子重力不计）。以下说法正确的是A.该粒子带正电兀B.若撤去电场，则该粒子运动时间为原来的二倍4C.若撤去磁场，则该粒子在运动过程中电势能增加推D.若撤去磁场，则粒子射出时的速度大小为百V02 .如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为mi和m2的木块A和

2、B之间用轻弹簧相连，在拉力F作用下,以加速度a做匀加速直线运动。某时刻突然撤去拉力F,此瞬时A和B的加速度为a和a2,则7777777777777/77777777A.ai=a2=0B.ai=1,a2=03 .（多选）如图所示，A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD,E点在D点的正上方，与A等高。从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）FAA.球1和球2运动的时间之比为2：1B.球1和球2动能增加量之比为1:2C.球1和球2抛出时初速度之比为2亚：1D.球1和球2运动时的加速度之比为

3、1:24 .甲、乙两车在平直公路上沿同一方向行驶，其vt图像如图所示，在t=0时刻，乙车在甲车前方xo处,在t=t1时间内甲车的位移为x.下列判断正确的是（）_1A.右甲、乙在t1时刻相遇，则xo=-x3t13B.若甲、乙在,时刻相遇，则下次相遇时刻为一匕221C.若xo=3x,则甲、乙一定相遇两次41D.若xo=2x,则甲、乙一定相遇两次5.1.A为实心木球，B为实心铁球，C为空心铁球。已知三个球的直径相同，运动中空气阻力不计，A、C球质量相同。它们从同一高度处同时由静止开始自由下落，以下说法中正确的是：A.三个球同时落地B. A球先落地C. B球先落地D. C球先落地6.（2018洛阳联考

4、）如图所示，一个电荷量为一Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度V0沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为v,且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f,A、B两点间距离为L0,静电力常量为k,则卜列说法正确的是（）A.点电荷乙从 A点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小B.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C. O、B两点间的距离为D.在点电荷甲形成的电场中，A、B两点间的电势差为ri 12fLo + zmvuab=-q7.（多选）如图所示电路，都恰能正常工作。已知指示灯电源电动势为 E,内阻为r,

5、L的电阻为Ro,额定电流为当开关S闭合后，小型直流电动机M和指示灯LI,电动机M的线圈电阻为 R,则下列说法中正确A.电动机的额定电压为IRC.电源的输出功率为IE-I2rB.电动机的输出功率为IE-I 2RD.整个电路的热功率为I2 （R0+R+r）8.如图所示，小车上有一根固定的水平横杆，横杆左端固定的轻杆与竖直方向成0角，轻杆下端连接一小铁球；横杆右端用一根细线悬挂一相同的小铁球，当小车做匀变速直线运动时，细线保持与竖直方向成若0<“，则下列说法中正确的是A.轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上B.轻杆对小球的弹力方向与细线平行向上C.小车可能以加速度gtan”向右做匀加速运动D.

6、小车可能以加速度gtan。向左做匀减速运动二的大小为F。如果保持这两9.真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力个点电荷的带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的FFA.4B.C.D.一4164倍，那么它们之间的静电力的大小为一些，其他条件不变，则（A.电容器带电量不变C.检流计中有a-b的电流）B.尘埃仍静止D.检流计中有b-a的电流10 .如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态.若将两板缓慢地错开11 .横截面积为S的铜导线，流过的电流为I,设单位体积的导体中有n个自由电子，电子的电荷量为e,此时电子的定向移动的平均速率设为v,在时间内，通过导线横截面的自由

7、电子数为A.-B.】：'，-vlitlitC.一D.一eeb12.如图所示，两个小球从水平地面上方同一点O分别以初速度1、/水平抛出，落在地面上的位置分别是A、B,O'是O在地面上的竖直投影，且OA:AB=1:3。若不计空气阻力，则两小球A.抛出的初速度大小之比为1:4B.落地速度大小之比为1:3C.落地速度与水平地面夹角的正切值之比为4:1D.通过的位移大小之比为1:13 .质量为m的带电小球在匀强电场中以初速Vo水平抛出，小球的加速度方向竖直向下，其大小为2g/3。则在小球竖直分位移为H的过程中，以下结论中正确的是（）A.小球的电势能增加了2mgH/3B.小球的动能增加了2

8、mgH/3C.小球的重力势能减少了mgH/3D.小球的机械能减少了mgH/314 .一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为P,棒内单位体积自由电子数为n,电子的质量为m,电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v,若已知金属棒内的电场为匀强电场，则金属棒内的电场强度大小为A.B.2eLepevC.D.SL15.如图，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10N,在某时刻电梯中相对电梯静止不动的人观察到弹簧测力计的示数变为8N,g取10m/s2,以下说法正确的是2A.电梯可能向下加速运动，加速度

9、大小为2m/s2B.电梯可能向下减速运动，加速度大小为12m/sC.此时电梯对人的支持力大小等于人的重力大小D.此时电梯对人的支持力大小小于人对电梯的压力、填空题16 .在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约200Q,电压表V的内阻约为2kQ,电流表A的内阻约为10亿U测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果由公式=亍计算得出，公式中U与I分别为电压表和电流表的示数。若将用图甲和图乙电路图测得Rx的电阻值分别记为Rx1和Rx2,则（填“及1”或“心”）真更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1（填夭于”等于“或小于"）真实值。测量值Rx2（填大于”等于"或小于”）真实

10、值。甲乙<-丙(2)图丙所示是消除伏安法系统误差的电路图。该实验的第一步是闭合开关Si,将开关，2接2,调节滑动变阻器Rp和Rp,使得电压表的示数尽量接近满量程，读出此时电压表和电流表的示数Ui、Ii。接着让两滑动变阻器的滑片位置不动，将开关S2接1,再次读出电压表和电流表的示数U2、I2,则待测电阻R的真实值为。17 .输送1.0X105瓦的电功率，用发1.0X104伏的高压送电，输电导线的电阻共计1.0欧，输电导线中的电流是A,输电导线上因发热损失的电功率是WoM为带滑轮的小18 .为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。其中车的质量，m为砂和砂桶的质

11、量。(滑轮质量不计)(1)实验时，下列要进行的操作正确的是弹簧测力计W泯打点汁时牌第12页，共12页A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板左端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(两计数点间还有两个点没有画出)，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为m/s2(结果保留两位有效数字)。* “(3)以弹簧测力计的示数角为0,求得图线的斜率为1A

12、 . 2 tan 0 B.tan 0Bo 一束电子沿圆形区域的0角。设电子质量为 m,电F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a-F图象是一条直线，图线与横坐标的夹k,则小车的质量为2C.kD.k三、解答题19.如图所示，虚线圆所围区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为直径方向以速度v射入磁场，电子束经过磁场区后，其运动方向与原入射方向成荷量为e,不计电子之间相互作用力及所受的重力。求:(1)电子在磁场中运动轨迹的半径R;(2)电子在磁场中运动的时间t;(3)圆形磁场区域的半径r。20.由于地球自转的影响，地球表面的重力加速度会随纬度的变化而有所不同.已知地球表面两极处的重力加速度大小为

13、go,在赤道处的重力加速度大小为g,地球自转的周期为T,引力常量为G.假设地球可视为质量均匀分布的球体.求：(1)质量为m的物体在地球北极所受地球对它的万有引力的大小.(2)地球的半径.(3)地球的密度.贵南县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）、选择题1 .【答案】AD【解析】撤去电场，粒子从M点射出，粒子刚射入磁场时所受洛伦兹力竖直向上，由左手定则知粒子d带正电荷，故A正确；电磁场共存时，粒子运动的时间£1二一,撤去电场后，粒子在磁场中做匀速圆周运动的时间：血，则该粒子运动时间为原来的兀一，选项B错误；若撤去磁场2则该柱子数桌平轮运动，电福力数正

14、势，之势能戢小，就C雄误：设粗子的，喷堂为超，器电揖量为g,粒子射入电思湎时的法度为玲，州芸子总交我遵过爰区时：E»j=Eg,搬去电漏后，在涔伦翌力的碑司下，粒子散更图运劫，曲几何知识知：'吝俭适力提层句七寸，由牛镀第二定律停工9年刀二万三；辙去碰遹，粒子傲类平抛运动.粒子的美运矍小察巡电通所戋讨同为八水上方向：加】第，加速度:,妻吏分值移:产工由二，春得：尸d.戏.支速.更为丫，由勃能定理扁：之亦一?mvAEqW,唱得：、=80,故D正确。【名师点睛】本题考查带电粒子在电场、磁场中两的运动，粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，分析清楚粒子运动过程是解题的前提，

15、根据粒子在磁场中的偏转方向判断出洛伦兹力方向，应用左手定则可以判断出粒子的电性；应用类平抛运动规律与牛顿第二定律可以解题。2 .【答案】DD把0a5差或一冷磐洋棍爆牛顿第二定库存：Q二，福惠绘/分析1弹差的学力为:升勺+疗1：安，摄去尸后，隈叱U分钟,D正德，ABC冤廉.3 .【答案】BC【解析】【解析】因为5g讪，所以的高度差是4B高度差的2倍解得运动的时间比为I：亚，故A错误;根据动能定理得所部=隹匕知球1和球2动能增加量之比为1：2,故B正确：BD在水平方向上的分量是。C在水平方向分量的2倍结合解得初速度之比为动：b故C正确i平抛运动的加速度均为耳，两球的加速度相同，故D错误。4 .【答

16、案】BD5 .【答案】A6 .【答案】.C【解析】【名师解析】点电荷乙从H点向甲运动的过程中，受向左的静电力和向右的摩擦力，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，所以加速度先减小后增大，故A错误，在小球向左运动过程中电场力一直做正功，因此电势能一直被小，故B错误.当速度最小时有：尸尸才二号，解得：勺飞呼，故C正11网+加2一，吟画点电荷从A运源JB过程中,根据动能定理有：5M-网=与力-枭*解得3-匕一一，Jt£rLI故D错误口7 .【答案】CD【解析】电动机两端的电压U尸U-Ul,A错误；电动机的输入功率P=UiI,电动机的热功率P热=I2R,则电动机的输出功率P2=P-

17、I2R,故B错误；整个电路消耗的功率P总=UI=IE-I2r,故C正确；整个电路的热功率为Q=I2(Ro+R+r),D正确。8 .【答案】BC【解析】始BC时前第吊的小球杼拼牛然其二凌.浮；神晦1皿o-哂*问到g部u/对轻杆圃定的小球研究.坡智朴豺小球的弹力方囱与竖直方向夫角舟伍占毕黑科二定律，洋；明掌皿全版di国为得到华*仇财世杆对,卜球的浮力方向若力疏手巧.让A版注，B正臂；小客於触运受?在tana.方句句右，而运动方句可能句右次辽，也可能向左戒运，故C正相.D绕送.散过BC.9 .【答案】D七七【解析】在距离改变之前库仑力为：F=k,带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的4倍时库仑力为

18、:rF=k=F,故D正确，ABC错误。（4r）z1610 .【答案】BC11 .【答案】A【解析】根据电流的微观表达式I=nevS,在At时间内通过导体横截面的自由电子的电量Q=IAt,QAtnevSt则在川时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为N=-=,将I=nevS代入得N=nvSAt,eee选项A正确，BCD错误；故选A.点睛：本题考查电流的微观表达式和定义式综合应用的能力，电流的微观表达式I=nqvs,是联系宏观与微观的桥梁，常常用到.12 .【答案】AC13 .【答案】BD14 .【答案】CII【解析】电场强度可表示为E=，其中L为金属棒长度，U为金属棒两端所加的电动势，而U=IR

19、，其Qnvt-SeL,p中】=；=；=nv3e，R=q-，联立，可得E=nev,p故C项正确.IL9视频D15 .【答案】A【解析】AB、电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N,知重物的重力等于10No弹簧测力计的示数变为8N时，对重物有：mg-F=ma,解得a=2m/s：方向竖直向下，则电梯的加速度大小为2m/s：方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。故A正确，B错误；C、由于加速度方向竖直向下，人处于失重状态，电梯对人的支持力大小小于人的重力大小，C错误；D、电梯对人的支持力与人对电梯的压力是作用力与反作用力，大小相等，D错误。故选Ao二、填空题U,u316 .【答案】（1）.%（2）.大于（3）.小于（4）.丁RxRv【解析】（1）因为丁丁，电流表应采用内接法，则Rxi更接近待测电阻的真实值，电流表采用内接法，电kakx压的测量值偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值，同理电流表采用外接法，电流的测量值偏大，由欧姆定律可知，测量值Rx2小于真实值。_5u2（2）由欧姆定律得：I4=113A,5S+Rp）,联