甘肃兰州二十七中2015～2016学年高一上学期期末物理试卷【解析版】

1、甘肃省兰州二十七中20152016学年度高一上学期期末物理试卷一、选择题（本大题共 15小题，每小题3分，共45分.1-10题在每小题给出的四个选项中，只有 TOC o 1-5 h z 一项是符合题目要求的.11-15题每小题给出的选项中有多项符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分.）.在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻力是维持运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（）A.亚里士多德、伽利略 B.伽利略、牛顿C.伽利略、爱因斯坦 D .亚里士多德、牛顿.下列说法正确的是（）A .在研究自行车后轮的转动情况时可以将自行车后轮看作质点B

2、.电台报时说：现在是北京时间8点整”，这里的 时间”实际上指的是时刻C.质量和速度都是物体惯性大小的量度D .作用力与反作用力跟一对平衡力都是等值反向的一对力，作用效果可以互相抵消3.沿一条直线运动的物体，当物体的加速度逐渐减小时，下列说法中正确的是（）A.物体运动的速度一定增大B.物体运动的速度一定减小C.物体运动速度的变化量一定减小D.物体运动的路程一定增大4. 一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（）A.重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B.重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D.

3、重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力 TOC o 1-5 h z 5,已知两个力F1与F2的大小分别为10N和30N,则它们的合力大小不可能等于（）A. 15N B. 20N C. 35N D. 40N6.某同学站在上升的电梯内，已知该同学体重为600N,在电梯减速直至停止的过程中，以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A.该同学体重大于 600 NB.该同学体重小于 600 NC.该同学对电梯地板压力大于600 ND.该同学对电梯地板压力小于600 N.下列关于摩擦力的说法正确的是（）A.摩擦力的大小一定与压力成正比.摩擦力一定是阻力C.摩擦力的方向一定与物体运动的方向

4、相反D.运动的物体可能受到静摩擦力作用8.如图所示为某校学生开展无线电定位搜狐”比赛，甲、乙两人从 O点同时出发，并同时到达 A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A.甲的平均速度大于乙的平均速度.两人运动的平均速度相等C.甲的位移大于乙的位移D,甲的路程等于乙的路程.如图所示，用细绳将均匀球悬挂在光滑的竖直墙上，绳受的拉力为T,墙对球的弹力为 N,如果将绳的长度增加，则（）A.只要是竖直向下，B.在开始连续的三个C.在开始连续的三个1 s末的速度大小之比是1 : 2： 3A. T、N均不变 B. T减小、N增大 C. T、N均增大 D. T、N均减小.关于自由落体运动，下列说法中正

5、确的是（a=g的匀加速直线运动都是自由落体运动1 s内通过的位移之比是 1: 4： 91 : 2: 3D.从开始运动起下落4.9 m、9.8 m、14.7 m ,所经历的时间之比为.如图，物体作匀加速直线运动，已知第 1s末的速度是 6m/s,第2s末的速度是 8m/s,则下面结论正确的是（A .物体的初速度是 4m/s2B.物体的加速度是 2m/sC.任何1s内的速度变化都是 2m/sD.第1s内的平均速度是 6m/12.如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向。角，则小车的运动情况可能是（）* * 。 !r u o A.向右加速运动 B.向右减速运动 C.向左加速运动 D.向左减速运动

6、13.两质点甲和乙，同时由同一地点沿同一方向做直线运动，它们的v-t图线如图所示，则（）A.甲做匀速运动，乙做匀变速运动B. 2s前乙比甲速度大，2s后甲比乙速度大C.在4s时刻，甲追上乙D.前2s内，甲的平均速度大于乙的平均速度.如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放着物体 m, m与M之间有一处于压缩状态的弹簧,整个装置处于静止状态，则下列关于m和M的受力情况分析正确的是（）A . m给M向左的摩擦力B. M给m向左的摩擦力C.地面对M的摩擦力向右D.地面对M无摩擦力作用.如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中, 关于小球运动状态的下列几种描述中，

7、正确的是（）A.接触后，小球做减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D.接触后，小球速度最大的地方就是速度等于零的地方二、实验题（每空 3分，共21分.）.某同学做 验证力的平行四边形定则 ”的实验，实验装置如图甲所示，其中两个主要步骤如下：用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O,记下O点的位置，读出并记录两个弹簧测力计的示数；只用一个弹簧测力计，通过绳套拉橡皮条使其伸长，读

8、出并记录弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力 F的图示，如图乙所示；（1）以上两步骤均有疏漏，请指出疏漏：在中是在中是图乙所示的F与F两力中，方向一定沿 AO方向的是.甲.某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系.时“剧计时霞II _Uf o图1图2图3（1）下列做法正确的是 （填字母代号）.A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有祛码的祛码桶通过定滑轮拴在木块上C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.通过增减木块上的祛码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度如图2为某次实验中用打点计时器打

9、出的一条较理想的纸带，相邻计数点间的时间间隔是0.1s,AB=1.2cm , AC=3.6cm , AD=7.2cm . A、B、C、D的中间各有四个点未画出.纸带的加速度是 m/s2,打B点时运动物体的速度 vb=m/s.（结果保留2位有效数字），在验证质量- 定时加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图3所示的a-F图象，其原因是.三、计算题：.民用航空客机的机舱除通常的舱门外还设有紧急出口，发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊组成的斜面，机舱中的乘客就可以沿斜面迅速滑行到地面.若某型号的客机紧急出口离地面高度为4.0m,构成斜面的气囊长度为

10、5.0m.要求紧急疏散时乘客从气囊上由静止下滑到达地面的时间不超过2.0s, g=10m/s2.求：(1)乘客在气囊上下滑的加速度至少为多大？气囊和下滑乘客间的动摩擦因数不得超过多少？.如图所示，质量 m=2kg的物体静止在水平地面上，物体与水平地面间的动摩擦因数四 =0.5,现对物体施加如图所示的力 F, F=10N、方向与水平方向的夹角 9=37,且sin37=0.6,经t=10s后撤去 力F,再经一段时间，物体静止，取 g=10m/s2.则：(1)物体运动过程中的最大速度是多少？物体运动的总位移时多少？.如图所示，质量为 M=1kg的长木板静止在光滑水平面上，现有一质量m=0.5kg的小

11、滑块(可视为质点)以V0=3m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板一起向前滑动.已知滑块与2木板间的动摩擦因数 (F0.1 ,重力加速度g取10m/s .求：(1)滑块在木板上滑动过程中，长木板受到的摩擦力大小f和方向；滑块在木板上滑动过程中，滑块相对于地面的加速度大小a;(3)滑块与木板 A达到的共同速度v.疗肃省兰州二十七中20152016学年度高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共 15小题，每小题3分，共45分.1-10题在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的.11-15题每小题给出的选项中有多项符合题目要求，全部选对的得3分,选对但不全

12、的得 2分，有选错的得 0分.）.在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻力是维持运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（）A.亚里士多德、伽利略 B.伽利略、牛顿C.伽利略、爱因斯坦 D .亚里士多德、牛顿【考点】牛顿第一定律；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法；物理学史.【分析】 物理常识的理解和记忆，对于每个物理学家，他的主要的贡献是什么要了解.【解答】解：亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，但这是不对的；伽利略推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了物体的运动定律，其中的牛顿第一定律即为惯性定

13、律； 爱因斯坦提出了光子说很好的解释了光电效应的实验规律.所以B正确.故选B.【点评】本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就 是学生对课本内容的掌握情况.下列说法正确的是（）A .在研究自行车后轮的转动情况时可以将自行车后轮看作质点B.电台报时说：现在是北京时间8点整”，这里的 时间”实际上指的是时刻C.质量和速度都是物体惯性大小的量度D .作用力与反作用力跟一对平衡力都是等值反向的一对力，作用效果可以互相抵消【考点】牛顿第三定律；质点的认识；时间与时刻.【专题】 定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题.【分析】当物体的大小相对于研究的范围可以忽略不计时

14、，可以看做质点；时刻是时间轴上的点， 而时间是时间轴上的一段长度，质量是物体惯性大小的量度.【解答】解：A、当研究自行车后轮的转动情况时，就是要看车轮各部分的情况，所以车轮的大小相对于研究的范围不可以忽略不计时.故A错误；B、时刻是时间轴上的点，而时间是时间轴上的一段长度，现在是北京时间8点整”，这里的时间实际上是一个点，指的是时刻.故 B正确；C、质量是物体惯性大小的唯一量度，故 C错误；D、作用力和反作用力是作用在两个物体上的；故其效果不能相互抵消，故D错误.故选：B【点评】 对于物理中的基本概念要理解其本质不同，如时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬 间通常与物体的状态相对应，时间间隔

15、具有连续性的特点，与某一过程相对应，注意作用力与反作 用力和一对平衡力的区别.3.沿一条直线运动的物体，当物体的加速度逐渐减小时，下列说法中正确的是（）A.物体运动的速度一定增大B.物体运动的速度一定减小C.物体运动速度的变化量一定减小D.物体运动的路程一定增大【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系.【专题】直线运动规律专题.【分析】当物体的加速度逐渐减小时，物体的速度变化越来越慢，但速度不一定增大，也不一定减 小，速度的变化量还与所用时间有关.只有物体运动的路程一定增大.【解答】解：A、B当物体的加速度逐渐减小时，物体的速度变化越来越慢，但速度不一定增大，

16、也不一定减小，当加速度与速度方向相同时，速度在增大，反之，速度在减小.故AB错误.C、速度的变化量 v=at,既与加速度有关，还与变化所用的时间有关，则知，物体运动速度的变化 量不一定减小.故 C错误.D、只要物体在运动，其运动的路程一定增大.故 D正确.故选D【点评】加速度与速度的关系关键抓住两者无关来理解.可根据牛顿第二定律理解加速度的决定因 素：合外力和质量.4. 一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（）A.重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B.重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力

17、D.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.【分析】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中 占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：.明确研究对象，亦即是确定我们是要分析哪个物体的受力情况.隔离物体分析.亦即将所确定的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对 它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时 容易出错，要熟记：弹力的方向一定与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一定沿着接触面 与物体相对运动（或趋势）

18、方向相反.分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找.有时根据概念或条件与判断. 本题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析.【解答】解：物体受到撞击力后在惯性的作用下沿斜面向上运动，物体并不受冲力的作用， 所以对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑动摩 擦力，所以B正确.故选B.【点评】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有 时还要结合物体的运动情况分析受到的力.5,已知两个力Fi与F2的大小分别为10N和30N,则它们的合力大小不可能等于（）A. 15N B. 20N C. 35N D. 40N【

19、考点】力的合成.【专题】直线运动规律专题.【分析】二力合成遵循平行四边形定则，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|Fi+F2|手/1一F2|.【解答】解：二力合成时合力范围：|Fi+F2|不斗Fi - F2|；故合力最大40N,最小20N,之间任意结果都可以；则 20N, 35N, 40N都可能，15N不可能.本题选不可能的，故选 A .【点评】本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小，同向时合力最大， 反向时合力最小.6.某同学站在上升的电梯内，已知该同学体重为600N,在电梯减速直至停止的过程中，以下说法2正确的是（g取10m/s ）（）A.该同学体重大于 6

20、00 NB.该同学体重小于 600 NC.该同学对电梯地板压力大于600 ND.该同学对电梯地板压力小于 600 N【考点】 牛顿运动定律的应用-超重和失重.【专题】 定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题.【分析】在电梯减速直至停止的过程中，具有向下的加速度，处于失重状态.人的重力保持不变仍为 600N.【解答】 解：A、物体的重力大小与所处的状态无关，在电梯减速直至停止的过程中，人的重力保 持不变仍为600N.故A错误，B错误；C、电梯减速上升，具有向下的加速度，处于失重状态，该同学对电梯地板压力小于600 N.故C错误，D正确.故选：D【点评】 本题考查了超重失重的知识，关键是判断出加速

21、度的方向，注意超重失重时物体的重力不 变.下列关于摩擦力的说法正确的是（）A.摩擦力的大小一定与压力成正比.摩擦力一定是阻力C.摩擦力的方向一定与物体运动的方向相反D.运动的物体可能受到静摩擦力作用【考点】滑动摩擦力.【专题】摩擦力专题.【分析】摩擦力有静摩擦力与滑动摩擦力之分，它们的方向与相对运动或相对运动趋势方向相反， 而大小只有滑动摩擦力大小一定与压力成正比；摩擦力不一定是阻力，也可能是动力；静止的物体 不一定受到静摩擦力，运动的物体不一定是滑动摩擦力.【解答】 解：A、只有滑动摩擦力的大小才与压力成正比，故A错误；B、摩擦力可以是阻力也可以是动力，比如正在传送带上升的物体.故 B错误；

22、C、摩擦力的方向一定与相对运动方向相反，可能与物体的运动方向相同，可能与物体的运动方向相反.故C错误；D、静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体可能受到静摩擦力作用，比如正在传送带上升的物体，物体在运动，但受到静摩擦作用，故 D正确；故选：D【点评】考查摩擦力的类型：静摩擦力与滑动摩擦力方向及大小，同时涉及摩擦力是动力还是阻力.8.如图所示为某校学生开展无线电定位搜狐”比赛，甲、乙两人从 O点同时出发，并同时到达 A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A.甲的平均速度大于乙的平均速度.两人运动的平均速度相等C.甲的位移大于乙的位移D,甲的路程等于乙的路程【考点】匀变速直线运动的图像

23、.【专题】 运动学中的图像专题.【分析】平均速度等于物体的位移与所用时间的比值.位移是从起点到终点的有向线段，从图上找 出起点和终点，确定位移关系，再研究平均速度关系.路程是物体运动路线的长度.【解答】 解：A、B、C由图看出，甲乙两人起点都在 O点，终点都在 A点，位移相同，所用时间一金相同，则根据平均速度的公式 G得知，平均速度一定相同.故 AC错误，B正确；D、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程.故 D错误.故选：B.【点评】本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，只要懂得平均速度 的含义就能正确解答.如图所示，用细绳将均匀球悬挂在光滑的竖直墙

24、上，绳受的拉力为T,墙对球的弹力为 N,如果将绳的长度增加，则（）A. T、N均不变 B. T减小、N增大 C. T、N均增大 D. T、N均减小【考点】共点力平衡的条件及其应用.【分析】对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题.题目说绳子加长，即绳子与墙的夹角 。就要变小（自己可以画图试试），列出平衡等式，然后就变为一个很简单的 数学问题.【解答】 解：设绳子和墙面夹角为0,对小球进行受析：把绳子的拉力T和墙对球的弹力为 N合成F,由于物体是处于静止的，所以物体受力平衡,所以物体的重力等于合成F,即F=G,根据几何关系得出：哼T=cos 0 , N=mgtan 0.先

25、找到其中的定值，就是小球的重力mg, mg是不变的，随着绳子加长，细线与墙壁的夹角。减小，阳则cos。增大，ccisB减小；tan。减小，mgtang。减小；所以：T减小，N减小.【点评】 研究力的变化问题，先通过物理规律找出该力的表达式，然后根据相关因素变化情况求出 该力的变化情况.A.只要是竖直向下，B.在开始连续的三个 C.在开始连续的三个 D.从开始运动起下落.关于自由落体运动，下列说法中正确的是（a=g的匀加速直线运动都是自由落体运动1 s内通过的位移之比是1: 4： 91 s末的速度大小之比是1 : 2： 31 : 2: 34.9 m、9.8 m、14.7 m ,所经历的时间之比为

26、【考点】自由落体运动.【专题】 定性思想；推理法；自由落体运动专题.【分析】物体做自由落体运动的条件：只在重力作用下 从静止开始.只在重力作用下保证了物体的加速度为g;从静止开始保证了物体初速度等于零.所以自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动.第ns内的位移等于前ns内位移减去前（n-1）s内位移；自由落体运动遵循速度公式v=gt,工位移公式h= ;gt2.利用以上公式即可求解.【解答】 解：A、竖直方向上，只有初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动才是自由落体运动，故A错误；.4什/*、一人曰、击、上事击、上 帕二事志上心、一人，口的 h=4gt2B、自由落体运动是初速度为0,加速度为g

27、的匀加速直线运动，根据 ？ 可得，初速度为 0的匀加速直线运动在前 1s、前2s、前3s的位移之比为1：4： 9,故在开始连续的三个 1s内通过的位 移之比为1:3: 5,故B错误；C、根据v=gt,在开始连续的三个 1s末的速度大小之比是 1 : 2： 3,故C正确；h=gt 2u疗必、-f七十4H疗必、一 f+P4H疗必、一 f七十4D、根据h= 2 可得，从开始运动起下洛 4.9cm、从开始运动起下洛 9.8cm、从开始运动起下洛14.7cm,所经历的时间之比为 1:点：灰，故D错误；故选：C【点评】 解决本题的关键知道自由落体运动的特点，知道自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速

28、直线运动，难度适中.11.如图，物体作匀加速直线运动，已知第 1s末的速度是 6m/s,第2s末的速度是 8m/s,则下面 结论正确的是（）A .物体的初速度是 4m/s2B.物体的加速度是 2m/sC.任何1s内的速度变化都是2m/sD.第1s内的平均速度是 6m/【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系.【专题】 运动学中的图像专题.【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度大小，再根据速度时间公式求出物 体的初速度大小，根据平士速度的公式求出第1s内的平均速度.【解答】解：A、规定初速度方向为正方向，根据加速度定义式得y_ g - 物体的加速

29、度a=At 1 m/s2=2m/s2,根据 v=v0+at 得，v0=v - at=6 - 1 2m/s=4m/s.故 A 正确，B 错误；C、加速度为2m/s；知任何1s内速度的变化为 2m/s.故C正确；1 1D、第1s内的位移x=v0t+?at2=4 M + ? 2 M=5m ,则平均速度 v= t l=5m/s .故D错误； 故选：AC .【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式等，并能灵活运用.。角，则小车的运动情况可能是（）.如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向A.向右加速运动 B.向右减速运动 C.向左加速运动 D.向左减速运动 【考点】牛顿第

30、二定律；力的合成与分解的运用.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】车和球一起运动，它们由共同的加速度，对小球受力分析，可以求得小球的加速度的大小, 即为小车的加速度的大小，从而可以判断小车可能的运动情况.【解答】解：小球受力如图所示，由牛顿第二定律得：mAgtan 9=mAa,解得球的加速度为：a=gtan 0,方向水平向右，小球与车的运动状态相同，车的加速度向右，因此车可能向右做加速运动，或向左做减速运动，故AD正确，BC错误.故选：AD .【点评】对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力的大小.两质点甲和乙，同时由同一地点沿

31、同一方向做直线运动，它们的v-t图线如图所示，则（）A.甲做匀速运动，乙做匀变速运动B. 2s前乙比甲速度大，2s后甲比乙速度大C.在4s时刻，甲追上乙D.前2s内，甲的平均速度大于乙的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像.【专题】 比较思想；几何法；运动学中的图像专题.【分析】v-t图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，平行于时间轴的直线表示匀速直线运动，图 象上每点的坐标表示物体的速度；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移.平均速度等于位 移与时间之比.结合这些知识分析.【解答】 解：A、由图可知，甲的速度均匀增大，做匀加速直线运动，乙的速度不变，做匀速直线 运动，故A错误.B、由图看出

32、，前 2s乙比甲速度大，2s后甲比乙速度大，故 B正确.C、速度图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移.由图可知，4s内两物体的位移相同，两物体又由同一地点沿同一方向做直线运动，所以在4s时刻，甲追上乙.故 C正确.D、前2s内，甲的位移小于乙的位移，则前 2s内，甲的平均速度小于乙的平均速度.故 D错误.故选：BC【点评】本题考查对图象意义的理解，关键要掌握v-t图象中点、线、面的含义，来分析追及问题.对于匀变速直线运动的平均速度也可用公式=2 分析.14.如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放着物体 m, m与M之间有一处于压缩状态的弹簧,整个装置处于静止状态，则下列关于m和M的受力情况

33、分析正确的是（）A . m给M向左的摩擦力 B. M给m向左的摩擦力C.地面对M的摩擦力向右D.地面对M无摩擦力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】对m受力分析，根据平衡判断出 M对m的摩擦力方向.对整体分析，根据平衡判断地面 对M的摩擦力方向.【解答】解：A、对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹力，根据平衡知，M对m的摩擦力向右.根据作用力与反作用力的关系，则 m对M的摩擦力向左.故 A正确，B错误.C、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体不能平衡，故地面对 M无摩擦力作用.故

34、 C错误，D正确. 故选AD .【点评】 解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于0.15.如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中,关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是（A.接触后，小球做减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D.接触后，小球速度最大的地方就是速度等于零的地方【考点】牛顿第二定律.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】小球自由落下，接触弹簧

35、时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随 着压缩的长度的增大而增大.以小球为研究对象，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速 度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动， 合力增大.【解答】解：A、小球与弹簧接触后， 开始重力大于弹力， 加速度向下，做加速运动，加速度减小.当 加速度减小到零以后，弹力大于重力，加速度向上，做减速运动到零.故 A错误，B正确.C、当速度为零，弹簧压缩到最低点，此时合力不为零，加速度不为零.故 C错误.D、小球先做加速运动再做减速运动，当加速度为零，即重力与弹簧弹力相等时，速度最大.故 正确.故选：BD

36、.【点评】含有弹簧的问题，是高考的热点.关键在于分析小球的受力情况，来确定小球的运动情况, 抓住弹力是变化的这一特点.不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动.二、实验题（每空 3分，共21分.）.某同学做 验证力的平行四边形定则 ”的实验，实验装置如图甲所示，其中两个主要步骤如下：用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O,记下O点的位置，读出并记录两个弹簧测力计的示数；只用一个弹簧测力计，通过绳套拉橡皮条使其伸长，读出并记录弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力 F的图示，如图乙所示；（1）以上两步骤均有疏漏，请指出疏漏：在中是 记下两

37、条细绳的方向在中是把橡皮条的结点拉到了同一位置 O点图乙所示的F与F两力中，方向一定沿 AO方向的是 F.甲了、【考点】 验证力的平行四边形定则.【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题.【分析】1、步骤中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行 四边形定则求合力；步骤 中只有使结点到达同样的位置O,才能表示两种情况下力的作用效果相同.2、只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向, 按同一标度作出这个力 F的图示.【解答】 解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和 理论值和实际值，然后

38、进行比较，得出结果.所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两 条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示.步骤 中未记下两条细绳的 方向；步骤中未说明把橡皮条的结点拉到位置O.F是利用F1和F2做平行四边形得到的，F使用一根弹簧测力计测出的，故F一定沿AO方向.故答案为：（1）记下两条细绳的方向； 把橡皮条的结点拉到了同一位置O点.F.【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验 原理是解决实验问题的关键.某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系.中“剧计时补 TOC o 1-5 h z / a T_ ? I_U图

39、1图2图3（1）下列做法正确的是AD（填字母代号）.A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有祛码的祛码桶通过定滑轮拴在木块上C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.通过增减木块上的祛码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度如图2为某次实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，相邻计数点间的时间间隔是0.1s,AB=1.2cm , AC=3.6cm , AD=7.2cm . A、B、C、D的中间各有四个点未画出.纸带的加速度是 1.2 m/s2,打B点时运动物体的速度 vb= 0.18 m/s.（结果保留2位有效数字），在验

40、证质量一定时 加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图3所示的a- F图象，其原因是 平衡摩擦力过度.【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【专题】 实验题；定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题.【分析】（1）实验要保证拉力等于小车受力的合力，要平衡摩擦力，细线与长木板平行； 2根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小.由图象可以看出：图线不通过坐标原点，当 F为零时，加速度不为零，根据牛顿第二定律解答.【解答】解：（1） A、调节滑轮的高度，使牵引木

41、块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于 合力，故A正确；B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂重物”，故B错误；C、打点计时器要早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；D、平衡摩擦力后，有 mgsin 9= pmgcos 0,即（i=tan 0,与质量无关，故通过增减木块上的祛码改变质 量时，不需要重新调节木板倾斜度，故 D正确； 故选：AD根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：vb=根据匀变速直线运动的推论公式xuaT2可以求出加速度的大小,0. 036-8

42、012-0. 0122则a=在验证质量一定时加速度 a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图所示的a-F图象,即F=0时，加速度a咆 其原因是平衡摩擦力过度.故答案为：（1） AD; 1.2; 0.18;平衡摩擦力过度【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知 识的理解与应用，注意单位的换算和有效数字的保留.三、计算题：.民用航空客机的机舱除通常的舱门外还设有紧急出口，发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊组成的斜面，机舱中的乘客就可以沿斜面迅速滑行到地面.若某型号的客机紧急出口离地面高度为4.0m,构成斜面的

43、气囊长度为 5.0m.要求紧急疏散时乘客从气囊上由静止下滑到达地面的时间不超过2.0s, g=10m/s2.求：（1）乘客在气囊上下滑的加速度至少为多大？气囊和下滑乘客间的动摩擦因数不得超过多少？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】（1）乘客下滑的位移和最长时间，根据位移时间关系位移一定的情况下，时间越长则加速度越小，根据最长时间求出最小加速度；对下滑的乘客进行受力分析，由牛顿第二定律求出加速度的大小与动摩擦因数间的关系，据此求出 动摩擦因数的最大值即可.【解答】 解：（1）设乘客在气囊上下滑的加速度最小为a,则据位移时间关系有：2s 2X522ftid/ s 2. 5id/ s得加速度a= 1 -设斜面与水平面之间的夹角为依气囊和下滑乘客间的动摩擦因数最大为由则根据题意知：飞机距地面高为 h=4m ,斜面长度L=5m ,知斜面的倾角 0=53 对下滑的乘客进行受力分析有：mgsin 0-（jmgcos 0=ma由表达式知，动摩擦因数科越大，则乘客下滑的加速度越小，故动摩擦因数最大时对应乘客下滑的加速度最小，故有：gginQ - a 1QXQ, 8-2, 5”工 “口5日=10X0.6-F2答：（1）乘客在气囊上下滑的加速度至少为2.5m/s ;11气囊