2022-2023学年河北省石家庄市裕华区高三下学期模拟物理试题（解析版）

高中物理名校试卷PAGEPAGE1河北省石家庄市裕华区2022-2023学年高三下学期模拟物理试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.下列说法正确的是()A.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应B.只要光子能量大于氢原子能级差,就能使氢原子跃迁C.光电效应中光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D.是衰变方程〖答案〗A〖解析〗A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应，A正确；B．只有光子能量等于氢原子两个能级间的能级差，才能使氢原子发生跃迁，B错误；C．根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，频率越高，最大初动能越大，但不成正比，C错误；D．核反应方程是原子核的人工转变，D错误。故选A。2.肩扛式反坦克导弹发射后，喷射气体产生推力F，一段时间内导弹在竖直面内沿下列图中虚线向前运动。其中导弹飞行姿势可能正确的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗A．A图中导弹向后喷气，产生沿虚线向右的作用力，重力竖直向下，则合力方向向右下方，不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故A不符合题意；B．B图中导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，则合力方向有可能沿虚线方向，故导弹可能沿虚线方向做直线运动，故B符合题意；C．C图中导弹向后喷气，产生斜向右下方的作用力，重力竖直向下，则合力方向不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故C不符合题意；D．D图中导弹做曲线运动，导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，此时则合力方向不可能沿虚线凹侧，故导弹不可能沿虚线方向做曲线运动，故D不符合题意。故选B。3.如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，xA、xB分别为A、B两点在x轴上的坐标值．一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标x变化的关系如图乙所示，EpA和EpB分别表示电子在A、B两点时的电势能．则下列说法中正确的是（）A.该电场可能是孤立的点电荷形成的电场B.该电场方向可能从B指向AC.电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=-（EpA－EpB）D.电子在A点的动能大于在B点的动能〖答案〗D〖解析〗AB．根据电场力做功与电势能的关系由于图像斜率恒定，因此该电场为匀强电场，电子受力的方向由B向A，电场强度的方向由A向B，该电场不可能是点电荷形成的，AB错误；C．电子由A点运动到B点过程中，电场力对其所做的功，C错误；D．从A向B运动的过程中，由于电场力做负功，因此动能减小，D正确。故选D。4.如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60°的正上方按图示方向第一次运行到南纬60°的正上方时所用时间为1h，则下列说法正确的是()A.该卫星的运行速度一定大于7.9km/sB.该卫星与同步卫星的运行角速度之比为2:1C.该卫星与同步卫星的运行半径之比为l:4D.该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能〖答案〗C〖解析〗A．7.9km/s是卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大速度，所以该卫星的运行速度一定小于7.9km/s，故A错误；BC．从北纬60°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方转过的圆心角为，则周期为同步卫星的周期是24h，由得所以该卫星与同步卫星的运行半径之比；由得该卫星与同步卫星的运行角速度之比为故B错误，C正确；D．由于不知道卫星与同步卫星的质量关系，故D错误。故选C。5.如图所示，A、B两物体质量分别为mA=5kg和mB=4kg，与水平地面之间的动摩擦因数分别为μA=0.4和μB=0.5，开始时两物体之间有一压缩的轻弹簧（不拴接），并用细线将两物体拴接在一起放在水平地面上.现将细线剪断，则两物体将被弹簧弹开，最后两物体都停在水平地面上。下列判断正确的是（）A.在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，两物体组成的系统动量不守恒B.在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，整个系统的机械能守恒C.在两物体被弹开的过程中，A、B两物体的机械能一直增大D.两物体一定同时停在地面上〖答案〗D〖解析〗A．在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，A物体所受的滑动摩擦力方向水平向右，大小为B物体所受的滑动摩擦力方向水平向左，大小为两物体组成的系统所受合外力为零，因此动量守恒，A错误；B．在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，整个系统克服摩擦力做功，机械能减小，B错误；C．在两物体被弹开的过程中，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物体的机械能先增大后减小，C错误；D．弹簧对两物体的弹力大小相等，且两个物体同时离开弹簧，因此弹簧对两个物体的冲量大小相等为I，设物体A、B停止的时间为、，根据动量定理由于因此D正确。故选D。二、多选题（本大题共4小题，共23.0分）6.如图，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是（）A.将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B.将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大C.增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D.增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率不变〖答案〗AC〖解析〗AB．灯不亮的原因是由于加在压敏电阻两端的电压降低，电阻不能导通，若P向上滑动，根据副线圈两端电压升高，可能使灯泡继续闪亮，由于手摇发电机的频率不变，因此闪亮频率也不变，A正确，B错误；C．增大发电机手柄的转速，则手摇发电机的频率增加，角速度增加，根据产生感应电动势的最大值表达式可知电源电压升高，压敏电阻两端电压升高，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率等于手摇发电机的频率，会增大，C正确，D错误。故选AC。7.如图所示，固定在竖直平面内光滑的圆轨道半径R=2m，从最低点A有一质量为m=1kg的小球开始运动，初速度v0方向水平向右，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.若初速度v0=8m/s，则运动过程中，小球不会脱离圆轨道B.若初速度v0=5m/s，则运动过程中，小球不会脱离圆轨道C.小球能到达最高点B的条件是D.若小球能通过圆轨道最高点，则小球初速度越大，在最高点时对轨道的压力一定越大〖答案〗BD〖解析〗ABC．小球恰好能到达最高点时，根据机械能守恒且恰好满足解得初速度小于10m/s，小球会脱离轨道，不会到达最高点，AC错误，B正确；D．若小球能通过圆轨道最高点，则小球初速度越大，在最高点时速度越大，需要的向心力越大，对轨道的压力一定越大，D正确。故选BD。8.如图所示，一个半径为r、粗细均匀、阻值为R的圆形导线框，竖直放置在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直。现有一根质量为m、电阻不计的导体棒，自圆形线框最高点由静止释放，棒在下落过程中始终与线框保持良好接触。已知下落距离为时棒的速度大小为v1，下落到圆心O时棒的速度大小为v2，忽略摩擦及空气阻力，下列说法正确的是（）A.导体棒下落距离为时，棒中感应电流的方向向右B.导体棒下落距离为时，棒的加速度的大小为C.导体棒下落到圆心时，圆形导线框的发热功率为D.导体棒从开始下落到经过圆心的过程中，圆形导线框产生的热量为〖答案〗ABD〖解析〗A．棒下落过程中切割磁感线，据右手定则可知，棒中感应电流方向向右，A正确；B．棒下落距离为时，棒有效的切割长度为L=2rcos30°=圆环上半部分所对的圆心角为120°，则圆环上半部分的电阻为，下半部分的电阻为，可得外电路并联电阻为此时，回路中感应电动势为E=BLv1感应电流为棒受到的安培力大小为F=BIL由牛顿第二定律得mg-F=ma联立解得B正确；C．导体棒下落到圆心时，棒有效的切割长度为2r，回路中的总电阻为，电动势为圆形导线框的发热功率为C错误；D．从开始下落到经过圆心的过程中，棒的重力势能转化为棒的动能和内能，根据能量守恒定律得解得D正确。故选ABD。9.一列简谐横波沿x轴正方向传播，周期为T。在t＝0时的波形如图所示，波上有P、Q两点，其纵坐标分别为yP＝2cm，yQ＝－2cm，下列说法正确的是____A.P点的速度正在增大B.P点的振动形式传到Q点需要C.P、Q在振动过程中，位移的大小总相等D.在内，P点通过的路程为20cmE.经过，Q点回到平衡位置〖答案〗BCE〖解析〗A．由于波沿x轴正方向传播，可知P点正在向上运动，速度正在减小，A错误；B．质点每振动一个周期T，波向前传播一个波长，由图可知，P、Q平衡位置间的距离恰好是半个波长，因此P点的振动形式传到Q点需要，B正确；C．由于P、Q间平衡位置间的距离恰好是半个波长，因此振动过程中，P、Q位移总是大小相等，方向相反，C正确；D．每经过一个周期，质点运动路程为4倍振幅，但经过，只有处于平衡位置或最大位移处的特殊点路程才是1倍振幅，其它点不再是1倍振幅，因此在内，P点通过的路程不是20cm，D错误；E．质点Q的振动函数表达式由图像及题意可求得因此Q点再运动到平衡位置的时间E正确。故选BCE。三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）10.如图所示装置可以用来“探究加速度与合外力、质量的关系”，也可以用来“探究功与速度变化的关系”和“验证机械能守恒定律”等．（1）某同学用此装置探究小车在拉力作用下的加速．用游标卡尺测量遮光条的宽度d，其示数如图所示，则d=__________mm．测出小车静止时遮光条到光电门的距离为x，光电计时器读出遮光条通过光电光门的时间是t，则小车的加速度是_______________．（用测量的符号表示）（2）该同学继续用此装置做“探究功与速度变化的关系”的实验，他通过改变小车释放点到光电门的距离成倍增加进行多次实验，每次实验时要求小车都由静止释放．①如果每次实验时遮光条通过光电门的时间为t，通过描点作出线性图象来反映合力做功与t的关系，则下图中符合实验事实的是（）②下列实验操作中必要的是（）A．调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B．必须满足重物的质量远小于小车的质量C．必须保证小车由静止状态开始释放D．保持小车(包括遮光条)和重物的质量不变〖答案〗（1）5.50（2）(1)D(2)CD〖解析〗（1）[1][2]游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数d=5mm+0.50mm=5.50mm．由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：速度为：联立可得：．（2）[3]据题意可知，探究合力的功与动能改变关系”的实验，他通过成倍增加位移的方法来进行验证，所以需要先表示出小车的速度，小车的速度用平均速度代替即：根据动能定理可得：由此可知故选D．（3）[4]由于该实验是通过成倍增加位移的方法来进行验证，只要的关系即可，所以不需平衡摩擦力、不需要满足重物的质量远小于小车的质量，但必须保证每次小车静止释放和保持小车(包括遮光条)和重物的质量不变，故AB错误，CD正确．11.测量电流表G1的内阻r1的电路如图甲所示。供选择的仪器如下：A.待测电流表G1（0～lmA，内阻约为200Ω）；B.电流表G2（0～6mA，内阻约为50Ω）；C.定值电阻R1(300Ω）；D.定值电阻R2(50Ω）；E.滑动变阻器R3（0～500Ω）；F.滑动变阻器R4（0～10Ω）；G.干电池（l.5V）；H.开关S及导线若干。（1）定值电阻应选________，滑动变阻器应选________。（均填器材前对应的字母序号）（2）补全实验步骤：①按电路图连接电路，________________________________；②闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；③多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2的读数I1、I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，在图乙中作出相应图线。（3）根据I2-I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式：_________________（用题中所给字母表示）。〖答案〗（1）DF（2）将滑动变阻器滑动触头移至最左端（3）〖解析〗(1)[1]测量时应尽可能使两块电流表都能接近满偏，而待测电表内阻约200Ω，量程为1mA，已知电流表量程为6mA。因此定值电阻应分5mA左右的电流，因此定值电阻应选D。[2]为了调节方便，滑动变阻器应选阻值小的，因此选F。(2)[3]为了保护电路仪器，闭合电键前，将滑动变阻器滑动触头移至最左端。(3)[4]根据欧姆定律由图像可知联立可得四、计算题（本大题共1小题，共10.0分）12.如图所示，一个足够大的容器中盛满了某种透明液体，MN为该液体与空气的水平分界面，其上有一以A点为圆心、半径为d＝m的圆形不透光薄片。已知分界面上A点正下方h＝3m深处有一点光源O，该点光源发出的光线经不透光薄片的边缘B点处射入空气时，其折射光线与反射光线恰好垂直。(1)求该透明液体对该光的折射率n；(2)计算点光源O在分界面MN上照亮区域的面积(取π＝3.14)。〖答案〗(1)；(2)4.71m2〖解析〗(1)设入射角为i，折射角为r，光路图如图由图可知可得由题可知解得根据解得，折射率(2)光从液体到空气在C点恰好发生全反射，设临界角为C根据三角函数关系，可得而AC长度照亮区域的面积代入数据，解得五、简答题（本大题共2小题，共32.0分）13.如图所示为一种质谱仪的工作原理示意图，静电分析器通道中心线半径为R，，通道内有均匀辐射电场，在中心线处的电场强度大小为E；磁分析器中分布着方向垂直于纸面向外的匀强磁场，其左边界与静电分析器的右边界平行．由离子源发出一个质量为m、电荷量为q的正离子（初速度为零，重力不计），经加速电场加速后进入静电分析器，沿中心线MN做匀速圆周运动，而后由P点进入磁分析器中，最终经过Q点以垂直虚线的方向进入收集器。求：（1）加速电场中的加速电压U；（2）匀强磁场的磁感应强度B。〖答案〗(1)；(2)〖解析〗(1)离子在加速电场中加速的过程中，由动能定理可得离子在静电分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律解得(2)离子在磁分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律又解得14.一长木板置于粗糙水平地面上，木板B左端放置一物块A，在木板右方有一物块C，木板B右端与物块C的距离为4.5m，如图所示。t=0时刻开始，小物块与木板一起以v0=5m/s的共同初速度向右运动，直至t1=1s时木板B与物块C碰撞，碰撞时间极短，碰后B以反弹。碰后运动过程中小物块A始终未离开木板B。已知物块A与木板B间动摩擦因数为0.4，木板B的质量是小物块A质量的3倍，物块C的质量是小物块A质量的6倍，重力加速度大小g取10m/s2.求：（1）木板B与地面间动摩擦因数；（2）木板B与物块C碰后物块C的速度；（3）木板B的最小长度lm〖答案〗(1)0.1；(2)；(3)〖解析〗(1)A、B一起向右做匀减速运动，根据牛顿第二定律由位移与时间的关系可知代入数据，解得(2)木板B与物块C碰前速度解得B与C碰撞过程满足动量守恒由于解得物块C速度(3)B与C碰后，对A物块，由牛顿第二定律得代入数据解得对木板B，由牛顿第二定律得解得A向右减速至0，用时B向左减速至0，用时由于且可知B先停止运动,直至A停下设为A向右减速运动的位移，为B向左减速运动的位移则木板的最小长度河北省石家庄市裕华区2022-2023学年高三下学期模拟物理试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.下列说法正确的是()A.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应B.只要光子能量大于氢原子能级差,就能使氢原子跃迁C.光电效应中光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D.是衰变方程〖答案〗A〖解析〗A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应，A正确；B．只有光子能量等于氢原子两个能级间的能级差，才能使氢原子发生跃迁，B错误；C．根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，频率越高，最大初动能越大，但不成正比，C错误；D．核反应方程是原子核的人工转变，D错误。故选A。2.肩扛式反坦克导弹发射后，喷射气体产生推力F，一段时间内导弹在竖直面内沿下列图中虚线向前运动。其中导弹飞行姿势可能正确的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗A．A图中导弹向后喷气，产生沿虚线向右的作用力，重力竖直向下，则合力方向向右下方，不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故A不符合题意；B．B图中导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，则合力方向有可能沿虚线方向，故导弹可能沿虚线方向做直线运动，故B符合题意；C．C图中导弹向后喷气，产生斜向右下方的作用力，重力竖直向下，则合力方向不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故C不符合题意；D．D图中导弹做曲线运动，导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，此时则合力方向不可能沿虚线凹侧，故导弹不可能沿虚线方向做曲线运动，故D不符合题意。故选B。3.如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，xA、xB分别为A、B两点在x轴上的坐标值．一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标x变化的关系如图乙所示，EpA和EpB分别表示电子在A、B两点时的电势能．则下列说法中正确的是（）A.该电场可能是孤立的点电荷形成的电场B.该电场方向可能从B指向AC.电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=-（EpA－EpB）D.电子在A点的动能大于在B点的动能〖答案〗D〖解析〗AB．根据电场力做功与电势能的关系由于图像斜率恒定，因此该电场为匀强电场，电子受力的方向由B向A，电场强度的方向由A向B，该电场不可能是点电荷形成的，AB错误；C．电子由A点运动到B点过程中，电场力对其所做的功，C错误；D．从A向B运动的过程中，由于电场力做负功，因此动能减小，D正确。故选D。4.如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60°的正上方按图示方向第一次运行到南纬60°的正上方时所用时间为1h，则下列说法正确的是()A.该卫星的运行速度一定大于7.9km/sB.该卫星与同步卫星的运行角速度之比为2:1C.该卫星与同步卫星的运行半径之比为l:4D.该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能〖答案〗C〖解析〗A．7.9km/s是卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大速度，所以该卫星的运行速度一定小于7.9km/s，故A错误；BC．从北纬60°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方转过的圆心角为，则周期为同步卫星的周期是24h，由得所以该卫星与同步卫星的运行半径之比；由得该卫星与同步卫星的运行角速度之比为故B错误，C正确；D．由于不知道卫星与同步卫星的质量关系，故D错误。故选C。5.如图所示，A、B两物体质量分别为mA=5kg和mB=4kg，与水平地面之间的动摩擦因数分别为μA=0.4和μB=0.5，开始时两物体之间有一压缩的轻弹簧（不拴接），并用细线将两物体拴接在一起放在水平地面上.现将细线剪断，则两物体将被弹簧弹开，最后两物体都停在水平地面上。下列判断正确的是（）A.在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，两物体组成的系统动量不守恒B.在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，整个系统的机械能守恒C.在两物体被弹开的过程中，A、B两物体的机械能一直增大D.两物体一定同时停在地面上〖答案〗D〖解析〗A．在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，A物体所受的滑动摩擦力方向水平向右，大小为B物体所受的滑动摩擦力方向水平向左，大小为两物体组成的系统所受合外力为零，因此动量守恒，A错误；B．在弹簧弹开两物体以及脱离弹簧后两物体的运动过程中，整个系统克服摩擦力做功，机械能减小，B错误；C．在两物体被弹开的过程中，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物体的机械能先增大后减小，C错误；D．弹簧对两物体的弹力大小相等，且两个物体同时离开弹簧，因此弹簧对两个物体的冲量大小相等为I，设物体A、B停止的时间为、，根据动量定理由于因此D正确。故选D。二、多选题（本大题共4小题，共23.0分）6.如图，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是（）A.将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B.将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大C.增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D.增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率不变〖答案〗AC〖解析〗AB．灯不亮的原因是由于加在压敏电阻两端的电压降低，电阻不能导通，若P向上滑动，根据副线圈两端电压升高，可能使灯泡继续闪亮，由于手摇发电机的频率不变，因此闪亮频率也不变，A正确，B错误；C．增大发电机手柄的转速，则手摇发电机的频率增加，角速度增加，根据产生感应电动势的最大值表达式可知电源电压升高，压敏电阻两端电压升高，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率等于手摇发电机的频率，会增大，C正确，D错误。故选AC。7.如图所示，固定在竖直平面内光滑的圆轨道半径R=2m，从最低点A有一质量为m=1kg的小球开始运动，初速度v0方向水平向右，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.若初速度v0=8m/s，则运动过程中，小球不会脱离圆轨道B.若初速度v0=5m/s，则运动过程中，小球不会脱离圆轨道C.小球能到达最高点B的条件是D.若小球能通过圆轨道最高点，则小球初速度越大，在最高点时对轨道的压力一定越大〖答案〗BD〖解析〗ABC．小球恰好能到达最高点时，根据机械能守恒且恰好满足解得初速度小于10m/s，小球会脱离轨道，不会到达最高点，AC错误，B正确；D．若小球能通过圆轨道最高点，则小球初速度越大，在最高点时速度越大，需要的向心力越大，对轨道的压力一定越大，D正确。故选BD。8.如图所示，一个半径为r、粗细均匀、阻值为R的圆形导线框，竖直放置在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直。现有一根质量为m、电阻不计的导体棒，自圆形线框最高点由静止释放，棒在下落过程中始终与线框保持良好接触。已知下落距离为时棒的速度大小为v1，下落到圆心O时棒的速度大小为v2，忽略摩擦及空气阻力，下列说法正确的是（）A.导体棒下落距离为时，棒中感应电流的方向向右B.导体棒下落距离为时，棒的加速度的大小为C.导体棒下落到圆心时，圆形导线框的发热功率为D.导体棒从开始下落到经过圆心的过程中，圆形导线框产生的热量为〖答案〗ABD〖解析〗A．棒下落过程中切割磁感线，据右手定则可知，棒中感应电流方向向右，A正确；B．棒下落距离为时，棒有效的切割长度为L=2rcos30°=圆环上半部分所对的圆心角为120°，则圆环上半部分的电阻为，下半部分的电阻为，可得外电路并联电阻为此时，回路中感应电动势为E=BLv1感应电流为棒受到的安培力大小为F=BIL由牛顿第二定律得mg-F=ma联立解得B正确；C．导体棒下落到圆心时，棒有效的切割长度为2r，回路中的总电阻为，电动势为圆形导线框的发热功率为C错误；D．从开始下落到经过圆心的过程中，棒的重力势能转化为棒的动能和内能，根据能量守恒定律得解得D正确。故选ABD。9.一列简谐横波沿x轴正方向传播，周期为T。在t＝0时的波形如图所示，波上有P、Q两点，其纵坐标分别为yP＝2cm，yQ＝－2cm，下列说法正确的是____A.P点的速度正在增大B.P点的振动形式传到Q点需要C.P、Q在振动过程中，位移的大小总相等D.在内，P点通过的路程为20cmE.经过，Q点回到平衡位置〖答案〗BCE〖解析〗A．由于波沿x轴正方向传播，可知P点正在向上运动，速度正在减小，A错误；B．质点每振动一个周期T，波向前传播一个波长，由图可知，P、Q平衡位置间的距离恰好是半个波长，因此P点的振动形式传到Q点需要，B正确；C．由于P、Q间平衡位置间的距离恰好是半个波长，因此振动过程中，P、Q位移总是大小相等，方向相反，C正确；D．每经过一个周期，质点运动路程为4倍振幅，但经过，只有处于平衡位置或最大位移处的特殊点路程才是1倍振幅，其它点不再是1倍振幅，因此在内，P点通过的路程不是20cm，D错误；E．质点Q的振动函数表达式由图像及题意可求得因此Q点再运动到平衡位置的时间E正确。故选BCE。三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）10.如图所示装置可以用来“探究加速度与合外力、质量的关系”，也可以用来“探究功与速度变化的关系”和“验证机械能守恒定律”等．（1）某同学用此装置探究小车在拉力作用下的加速．用游标卡尺测量遮光条的宽度d，其示数如图所示，则d=__________mm．测出小车静止时遮光条到光电门的距离为x，光电计时器读出遮光条通过光电光门的时间是t，则小车的加速度是_______________．（用测量的符号表示）（2）该同学继续用此装置做“探究功与速度变化的关系”的实验，他通过改变小车释放点到光电门的距离成倍增加进行多次实验，每次实验时要求小车都由静止释放．①如果每次实验时遮光条通过光电门的时间为t，通过描点作出线性图象来反映合力做功与t的关系，则下图中符合实验事实的是（）②下列实验操作中必要的是（）A．调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B．必须满足重物的质量远小于小车的质量C．必须保证小车由静止状态开始释放D．保持小车(包括遮光条)和重物的质量不变〖答案〗（1）5.50（2）(1)D(2)CD〖解析〗（1）[1][2]游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数d=5mm+0.50mm=5.50mm．由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：速度为：联立可得：．（2）[3]据题意可知，探究合力的功与动能改变关系”的实验，他通过成倍增加位移的方法来进行验证，所以需要先表示出小车的速度，小车的速度用平均速度代替即：根据动能定理可得：由此可知故选D．（3）[4]由于该实验是通过成倍增加位移的方法来进行验证，只要的关系即可，所以不需平衡摩擦力、不需要满足重物的质量远小于小车的质量，但必须保证每次小车静止释放和保持小车(包括遮光条)和重物的质量不变，故AB错误，CD正确．11.测量电流表G1的内阻r1的电路如图甲所示。供选择的仪器如下：A.待测电流表G1（0～lmA，内阻约为200Ω）；B.电流表G2（0～6mA，内阻约为50Ω）；C.定值电阻R1(300Ω）；D.定值电阻R2(50Ω）；E.滑动变阻器R3（0～500Ω）；F.滑动变阻器R4（0～10Ω）；G.干电池（l.5V）；H.开关S及导线若干。（1）定值电阻应选________，滑动变阻器应选________。（均填器材前对应的字母序号）（2）补全实验步骤：①按电路图连接电路，________________________________；②闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；③多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2的读数I1、I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，在图乙中作出相应图线。（3）根据I2-I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式：_________________（用题中所给字母表示）。〖答案〗（1）DF（2）将滑动变阻器滑动触头移至最左端（3）〖解析〗(1)[1]测量时应尽可能使两块电流表都能接近满偏，而待测电表内阻约200