2020年中考物理模拟题及答案

第1页（共1页）中考物理一模试题及答案(人教版)一、选择题（，每题2分，每题只有一个正确选项）1．（2分）下列估测数据不符合事实的是（）A．人耳能听到振动频率为50000Hz的声音 B．家用电冰箱的额定功率约为150W C．人走路对地面的压强约为3×104Pa D．冬季，教室内的温度约为22℃2．（2分）关于松花江发生的物态变化，下列说法正确的是（）A．冬季冰面的形成是凝华现象，需放出热量 B．初冬江边雾凇的形成是凝华现象，需放出热量 C．春天冰逐渐变成水是液化现象，需吸收热量 D．夏天的清晨，江边树叶上露珠的形成是熔化现象，需吸收热量3．（2分）关于光学知识说法正确的是（）A．漫反射不遵从光的反射定律 B．小猫叉不到鱼，是因为看到鱼变深的虚像 C．白光通过三棱镜发生色散 D．近视眼需要用凸透镜矫正4．（2分）如图是一手压电筒，按压手柄，塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转，使灯泡发光。下列图中与这一过程的工作原理相同的是（）A． B． C． D．5．（2分）检査视力的时候，视力表放在被测者头部的后上方，被测者识别对面墙上镜子里的像。视力表在镜中的像与被测者相距（）A．4.2m B．2.5m C．2.1m D．5m6．（2分）汽车最基本的安全装置是头枕和安全带，如图所示，以下说法正确的是（）A．有了头枕，能减小因突然减速对司机造成的伤害 B．有了头枕，能减小因撞上前车对司机造成的伤害 C．系上安全带，能减小因后车撞击对司机造成的伤害 D．系上安全带，能减小因紧急刹车对司机造成的伤害7．（2分）如图所示的电路中，电流表测量的是（）A．通过灯L1的电流 B．通过灯L2的电流 C．通过灯L1和灯L2的电流 D．以上三种都有可能8．（2分）如图所示为汽车起重机吊起重物时的场景，下列说法正确的是（）A．汽车轮胎有花纹是为了减小行驶过程中的摩擦 B．起重机的起重臂在吊起重物过程中是省力的 C．静止在地面上的重物被起重臂吊起，说明力可以改变物体的运动状态 D．重物被匀速吊起过程中，重物的机械能大小保持不变9．（2分）如图所示，水平桌面上有两个完全相同的鱼缸甲和乙，盛有适量的水，把一个橡皮泥做的小船放入乙后，小船处于漂浮状态，此时两鱼缸内的水面刚好相平。然后把它们分别放在台秤上，则台秤的示数（）A．甲放上时大 B．乙放上时大 C．甲和乙放上一样大 D．无法判断10．（2分）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系好提示系统。当有乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1会闭合，该乘客若未系安全带，则开关S2会断开，此时仪表盘上的指示灯会亮起，提醒司机检查谁没系好安全带；若系上安全带，则开关S2闭合，仪表盘上的指示灯熄灭。图中设计最合理的电路图是（）A． B． C． D．11．（2分）下列说法错误的是（）A．电磁波的波速、波长、频率的关系是c＝λf B．声波和电磁波都可以传播信息和能量 C．电子秤利用了压力传感器 D．太阳能和核能都是可再生能源12．（2分）如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V3W”字样，滑动变阻器最大阻值R＝60Ω．不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A．开关S断开时，电压表没有示数 B．开关S闭合后，使电压表的示数减少1V，灯泡L两端的电压就增加1V C．开关S闭合后，灯泡L的最小电功率约为0.33W D．灯泡L正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为6W三、非选择题（36题-51题，共15小题，共46分）13．（2分）太阳的能量来自于（填“核聚变”或“核裂变”）。尽管太阳发光很亮，如图的外层空间是黑暗的，因为那里。14．（2分）一个骑自行车的人与一个跑步者在平直路面上运动，他们通过的路程随时间变化的图象如图所示。分析图象可知，跑步者的速度为m/s。在运动过程中，若以跑步者为参照物，骑车者是的。15．（2分）如图所示，在水平桌面上放置甲、乙两圆柱形容器（自重忽略不计），内装有质量相同的水。则容器对桌面的压力的大小关系是F甲F乙；水对甲、乙两容器底的压强的大小关系是p甲p乙．（均选填“大于”、“小于”或“等于”）16．（2分）已知一个灯泡正常工作时的电压为4V，电流为0.5A，若将它接在6V的电源下使其正常工作，需要联一个Ω电阻。17．（2分）在探究水的沸腾实验中，用酒精灯对水进行加热，实验中完全燃烧了16.8g酒精，则放出了J的热量；若这些热量全部被1kg、25℃的水吸收，则水升高的温度是℃．[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值为3.0×107J/kg，环境为1标准大气压]。18．（2分）如图甲所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图线如图乙所示。根据图线的信息可知：（甲/乙）是电压表V2示数变化的图线，电源电压为V。19．（2分）家里某用电器发生短路，熔丝立即熔断，用下列方法进行检测，如图所示，断开所有用电器的开关，用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”，与熔断的熔丝并联，然后只闭合S、S1，若L正常发光，说明L1；只闭合S、S2，若L发出暗红色的光（发光不正常），说明L2。（选填“正常”、“短路”或“断路”）。20．（2分）如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：AB＝2：1．则F＝N，它是杠杆。21．（2分）如图所示，用滑轮组将重为3N的物体匀速提升0.1m，所用时间为2s，作用在绳子末端的拉力是1.5N，则该滑轮组的机械效率为，拉力做功的功率是W。22．（2分）小聪家的电能表表盘开始时的示数如图所示，关闭家中其它的用电器，让电热水壶单独烧水，12分钟后水烧开，电能表的转盘转了600r，则电水壶的实际电功率为kW，此时电能表计数器上的示数为23．（2分）如图所示，F是凸透镜焦点，请画出光线a、b对应的折射光线和入射光线。24．（2分）如图所示，一个立方体木块静止在水平地面上，画出木块的受力示意图。25．（5分）小明和小亮通过实验“比较水和铁砂的吸热能力”。他们在两个相同试管中分别加入一定量的初温为20℃的水和铁砂，分别用同一酒精灯加热二者。（1）实验中他们用停表记录加热时间，目的是。除停表外，还需要的测量仪器有。（2）加热的过程中，水和铁砂内能，表现为其温度。（3）他们通过正确实验得到下表的数据：质量/g末温/℃加热时间/min水304012铁砂50655分析实验数据时，有的同学认为“无法比较出水和铁砂吸热能力的强弱”，因为没有控制质量相同。你是怎样想的，写出你这样认为的理由。26．（6分）小组的同学们需测量一种矿石的密度。现有器材：矿石块、天平（含砝码）、量筒、一个烧杯、足量的水、细线。同学们设计了一种测量矿石密度的方案如图1所示：（1）调节天平平衡时，发现指针偏向分度盘的右侧，如图1甲，此时应将平衡螺母向调。（2）天平平衡后，同学们用天平测量矿石块的质量，如图1乙，指出操作中的错误：。改正错误后，他用正确的方法测出了矿石块的质量，平衡时放在盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图1丙所示，则矿石块的质量m0为g。（3）矿石的质量已经用天平测出，在测量矿石的体积时，由于石块的体积较大，不能直接用量筒测出。①小红用如图2所示的方法测出石块体积，请你从误差角度分析，这样的操作会对实验结果产生什么影响？②小东在烧杯中倒满水，称出烧杯和水的总质量m1；将矿石块放入装满水的烧杯中，溢出水后，将烧杯壁外的水擦干净，称出此时烧杯及杯内矿石块的总质量m2。写出矿石密度的表达式：（用m0、m1、m2、ρ水来表示）。27．（5分）小东按图中所示的电路探究“电流跟电压的关系”。他利用两节新干电池与规格适当的滑动变阻器串联组成可调电源。（1）请将如图所示的实物电路补充完整。要求：变阻器滑片P向右移动时，电流表示数增大。（2）实验中，多次改变滑动变阻器连入电路中的电阻值，分别测出通过电阻R的电流和对应的电压值。如下表。电压U/V0.51.02.02.53.0电流I/A0.10.20.40.50.6①可调电源在实验中的作用是：。②根据表中数据能得出的结论：。（3）完成实验后，他还想测量小灯泡的额定功率，于是，他断开开关，将图中的电阻R换成一个额定电压为3.8V，电阻大约10Ω的灯泡，小东接下来的操作应该是：。三、解答题（共1小题，满分6分）28．（6分）小明家新安装了一台电热水器，电热水器的铭牌如图甲所示。若自来水的温度是20℃，充满水后，小明将调温开关调到如图乙所示的位置。接通电源，加热指示灯亮；达到设定温度时，加热指示灯熄灭。请你帮助小明回答下列问题：（1）加热指示灯从亮到灭的过程中，热水器中的水一共吸收多少热量？【已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（2）若不考虑能量损失，从接通电源到指示灯熄灭需要多少时间？（3）若实际经过1h30min指示灯才熄灭，则电热水器的效率是多少？

初中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（，每题2分，每题只有一个正确选项）1．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断不符合事实的是哪一个。【解答】解：A、人耳的听觉范围在20Hz到20000Hz之间，低于20Hz的声音叫次声波，高于20000Hz的是超声波，人耳都听不到。故A不符合事实；B、家用电冰箱的工作电流约0.7A，其功率在P＝UI＝220V×0.7A≈150W左右。故B符合事实；C、人的体重在600N左右，走路时单脚着地，与地面的接触面积约200cm2＝0.02m2，对地面的压强在p＝＝＝＝3×104Pa左右。故C符合事实；D、人体感觉舒适的温度在23℃左右，冬季，教室内气温感觉舒适，在22℃左右。故D符合事实。故选：A。2．【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（3）吸热的物体变化有：熔化、汽化、升华；放热的物体变化有：凝华、液化、凝固。【解答】解：A、冬季冰面的形成是水由液态变为固态的凝固现象，放出热量，故A错误；B、江边雾凇的形成是由空气中的水蒸气凝华而成的，放出热量，故B正确；C、春天冰逐渐变成水是冰吸热由固态变为液态，是熔化现象，需要吸收热量，故C错误；D、江边树叶上露珠的形成是水蒸气遇冷发生液化而形成的小水珠，需放出热量，故D错误。故选：B。3．【分析】解答此题从以下知识点入手：（1）漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。（2）从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。（3）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。（4）近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；远视眼是晶状体会聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正。【解答】解：A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。故A错误；B、水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。故B错误；C、棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大；所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，红光在最上面，紫光在最下方，故C正确；D、由题干图可知：像呈在视网膜的前方，所以该模型是近视眼，近视眼是由于晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴具有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚。故D错误。故选：C。4．【分析】（1）手压电筒是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。【解答】解：A、图中导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手压电筒的制成原理相符合。故A正确。B、此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素，研究电磁铁磁性强弱与线圈中电流大小有关，与手压电筒的制成原理无关。故B错误。C、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手压电筒的制成原理无关，故C错误。D、奥斯特实验证明通电导体周围存在磁场。与手压电筒的制成原理无关。故D错误。故选：A。5．【分析】依据平面镜成像特点，人和人的像相对于镜面对称，视力表和视力表的像相对于平面镜对称，依据数学知识计算。【解答】解：视力表到平面镜的距离是2.3m，视力表的像到平面镜的距离是2.3m，该同学到平面镜的距离是2.3m﹣0.4m＝1.9m，则镜中视力表的像到该同学的距离为2.3m+1.9m＝4.2m。故选：A。6．【分析】惯性是物体的固有属性，其大小只和质量有关；由于惯性，有了头枕，能减小汽车突然加速或因被后车撞上对司机造成的伤害；由于惯性当紧急刹车时，人会前冲，安全带可以防止人冲上前窗玻璃。【解答】解：AB、有了头枕，能减小因汽车突然加速或被后车撞上对司机造成的伤害；故AB错误；CD、系安全带的目的是为了防止在紧急刹车时由于惯性人会向冲可能对人员造成伤害，故C错误、D正确；故选：D。7．【分析】如图所示的电路，根据串并联电路电流路径的特点判断两灯泡的连接方式，分析电流的流向。【解答】解：开关闭合后，电流从电源正极开始分支，一路经过灯泡L2、电流表，另一路经过灯泡L1，然后两路汇合共同流向负极，因此两灯并联连接；电流表测量灯泡L2的电流。故选：B。8．【分析】（1）影响摩擦力大小的因素有：压力和接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法有：增大压力、增大接触面的粗糙程度；减小摩擦的方法有：减小压力、使接触面变光滑即减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、加润滑油、使两接触面分开。（2）根据动力臂和阻力臂的关系分析是省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆；（3）力的只有效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；（4）机械能等于动能与势能之和，根据动能与势能的变化可判断机械能的变化。【解答】解：A、汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；B、由图知，起重机的起重臂是一个杠杆，支撑臂的支持力为动力，使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；C、静止在地面上的重物被起重臂吊起，重物由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；D、重物被匀速吊起过程中，重物的质量不变，速度不变，则动能不变，高度增加，重力势能增加，所以重物的机械能增大，故D错误。故选：C。9．【分析】乙鱼缸放入小船后，排开一定的水，根据漂浮条件和阿基米德原理知道，小船受到的浮力等于船重等于排开的水重，而两鱼缸内的水面刚好相平，船重等于排开的水重，由此可以知道，放入小船后，乙鱼缸、水和船的总重等于甲鱼缸和水的总重，由G＝mg可知两鱼缸的总质量相同。【解答】解：∵小船漂浮，∴F浮＝G排＝G船，即：放入小船后排开水的重力等于小船的重力∴两鱼缸的总重相同，∵G＝mg，∴两鱼缸的总质量相同，把它们分别放在台秤上，则台秤的示数相同。故选：C。10．【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S1短路了。【解答】解：A、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；B、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，不符合题意；D、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意。故选：B。11．【分析】（1）波速、波长和频率的关系是c＝λf；（2）声波和电磁波都可以传递信息和能量；（3）电子秤是利用压力传感器来工作的；（4）使用后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源为不可再生能源，使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源。【解答】解：A、波速、波长和频率的关系是c＝λf，故A正确；B、声波和电磁波都可以传递信息和能量，但声音不能在真空中传播，故B正确；C、电子秤是利用压力传感器来工作的，故C正确；D、核能使用后在短时间内无法在自然界中再次产生，属于不可再生能源，太阳能属于可再生能源，故D错误。故选：D。12．【分析】（1）开关S断开时，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知电压表的示数；（2）S闭合后，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点可知电压表示数变化和灯泡两端电压之间的关系；（3）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝求出灯泡的电阻，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P＝I2R求出灯泡的最小电功率；（4）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和P＝UI比较灯泡与滑动变阻器电功率之间的关系，进一步求出变阻器消耗的电功率。【解答】解：（1）S断开时，电压表测电源的电压，所以此时电压表的示数为12V，故A错误；（2）S闭合时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，所以电压表示数减小1V，灯泡L两端的电压就减小1V，故B错误；（3）由P＝可得，灯泡的电阻：RL＝＝＝12Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡消耗的电功率最小，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以根据欧姆定律可知，此时电路中的电流：I＝＝＝A，灯泡的最小电功率：PL＝I2RL＝（A）2×12Ω≈0.33W，故C正确；（3）灯泡正常发光时的电压为6V，功率为3W；因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时滑动变阻器两端的电压：UR＝U﹣UL额＝12V﹣6V＝6V；因为串联电路中各处的电流相等，所以根据P＝UI可知，此时滑动变阻器消耗的电功率和灯泡消耗的电功率相等，即为3W，故D错误；故选：C。三、非选择题（36题-51题，共15小题，共46分）13．【分析】太阳内部不停地进行着热核反应（氢聚变为氦），同时释放出巨大的能量；光照在不同介质面上时，会发生反射现象。【解答】解：太阳释放的能量主要来自于内部发生的核聚变，向外界不断的释放光和热；外层空间是黑暗的，因为那里缺少灰尘来反射光。故答案为：核聚变；缺少灰尘来反射光。14．【分析】先从图象中找出跑步者的时间和对应的路程（最好都是整数），然后根据速度公式v＝算出跑步者的速度；判断以跑步者为参照物，骑车者是运动的还是静止的，关键是要看跑步者与骑车者的速度关系如何：若他们的速度相同，则以跑步者为参照物，骑车者是静止的；若他们的速度不相同，则以跑步者为参照物，骑车者是运动的。所以我们需要比较跑步者和骑车者的速度关系，比较他们的速度关系，我们可采用相同路程比较时间。【解答】解：从图象中可以看出，当跑步者的时间为50s时，对应的路程是200m，则跑步者的速度：v跑步者＝＝＝4m/s；从图象中可以看出，当骑车者骑完200m时，所用的时间是30s，而跑步者跑完200m所用的时间是50s，由于骑车者骑完相同的路程所用时间少，所以骑车者的速度比跑步者的速度大，则以跑步者为参照物，骑车者是运动的。故答案为4，运动。15．【分析】甲、乙都是圆柱形容器，所以，液体对容器底部的压力等于液体自身的重力。液体压强应根据压强公式p＝ρgh，采用控制变量法比较其大小。【解答】解：根据重力公式G＝mg，两容器中水的质量相等所以重力相等；因为甲、乙都是圆柱形容器，所以，水对容器底的压力等于水的重力，即F甲＝F乙。根据压强公式p＝ρgh，因两容器都装水，所以密度相同；ρ是定值；所以大小取决于水的高度h，高度大则压强大，如图，h甲＞h乙，所以P甲＞P乙。故答案为：等于；大于。16．【分析】电源电压大于灯泡正常工作时的电压，需要串联一个电阻来分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去灯泡的额定电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律即可求出电阻的阻值。【解答】解：由题意知，电源电压大于小灯泡正常发光的电压，根据串联分压的规律，为使其正常发光，应串联一个电阻来分压；灯泡正常发光时的电压为UL＝4V，根据串联分压的特点，电阻两端的电压U′＝U﹣UL＝6V﹣4V＝2V，因串联电路各处的电流相等，则串联电阻的阻值R＝＝＝4Ω。故答案为：串；4。17．【分析】（1）已知酒精的质量和热值，根据Q放＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量；（2）已知水的质量和比热容，根据Q＝cm（t﹣t0）求出这些热量能使水温度升高到的温度，然后与水的沸点比较后，即可求出温度的变化量。【解答】解：（1）完全燃烧16.8g酒精放出热量：Q放＝m酒精q＝16.8×10﹣3kg×3.0×107J/kg＝5.04×105J；（2）由题意可得，水吸收的热量：Q吸＝Q放＝5.04×105J，根据Q吸＝c水m水（t﹣t0）可得，水的末温：t＝+t0＝+25℃＝145℃＞100℃，因为1标准大气压下水的沸点为100℃，所以水升高的温度：△t＝t′﹣t0＝100℃﹣25℃＝75℃。故答案为：5.04×105；75。18．【分析】先正确识别电路的连接方式，即该电路为串联电路，电流表测量串联电路中的电流，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压；（1）根据电压表示数是否为零确定甲、乙对应电压表示数变化的图象；（2）根据滑动变阻器阻值为零时，其电压表示数为零进行分析，得出电源电压。【解答】解：（1）从图中信息可以看出，乙图象中的电压值可以为零，因此乙对应的电压表为V2示数变化的图象；（2）当滑动变阻器两端电压为零时，电压表V1示数即为电源电压，由图可知，当电流为0.6A时，V2示数为0，此时电压表V1示数即为电源电压，U＝6V。故答案为：乙；6。19．【分析】当检验灯泡发光而亮度不够，则加在灯泡上必有电压，但此电压应小于220V，则此时应该是检验灯泡与另一电阻（如另一灯泡）串联接在火线与零线之间。当检验灯泡正常发光时，该灯泡两端的电压应为220V，则此时一定是灯泡的一端与火线相接，另一端与零线相接。【解答】解：家用电器工作电压为220V，将一个普通的白炽灯L与那个熔断的熔丝并联，如图所示闭合闸刀开关，然后逐个合上各用电器的开关，当检验灯泡正常发光时，说明另一灯泡L1没有分到电压，该检验灯泡两端的电压应为220V，则此时一定是灯泡L1发生了短路；若发现校验灯发出暗红色的光（发光不正常），此校验灯电压应小于220V，则此时应该是检验灯泡与另一灯泡串联接在火线与零线之间，故该支路没有短路，故正常。故答案为：短路；正常。20．【分析】已知物体G的重力，再根据杠杆平衡的条件F•OB＝G•OA可直接求F的大小，根据拉力F和G的大小判断杠杆的种类。【解答】解：因为OB：AB＝2：1，所以OB：OA＝OB：（OB+AB）＝2：（2+1）＝2：3由杠杆平衡的条件F得：F•OB＝G•OA可得：即：F＝＝＝30N；因为F＞G，所以此杠杆为费力杠杆。故答案为：30；费力。21．【分析】（1）根据η＝＝＝求出滑轮组的机械效率；（2）根据s＝3h求出拉力移动距离，根据W＝Fs求出拉力做的功，根据P＝求出拉力的功率。【解答】解：（1）滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%≈66.7%；（2）拉力移动距离s＝3h＝3×0.1m＝0.3m，拉力做的功W＝Fs＝1.5N×0.3m＝0.45J，拉力的功率P＝＝＝0.225W。故答案为：66.7%；0.225。22．【分析】根据电能表转盘转3000r消耗1kW•h的电能求出转600r消耗的电能，然后利用P＝可求出电水壶的实际电功率，转600r消耗的电能加上原来的示数即为现在的示数。【解答】解：已知12分钟后，电能表的转盘转了600r，则电热水壶这段时间内消耗的电能：W＝＝0.2kW•h，电水壶的实际电功率：P＝＝＝1kW，此时电能表的示数：0760.2kW•h+0.2kW•h＝0760.4kW•h。故答案为：1；。23．【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。如图所示：24．【分析】用一条带箭头的线段表示力的三要素的方法叫力的示意图；物体静止在水平地面上，处于平衡状态，受一对平衡力，重力G与支持力F；重力方向竖直向下。【解答】解：物体受重力G，支持力F，大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在同一物体上；答案如图：25．【分析】（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（2）加热的过程中，水和铁砂吸热温度升高，内能增大；（3）根据Q＝cm△t变形公式，写出水和铁砂的比热容表达式比较大小。【解答】解：（1）实验中他们用停表记录加热时间，目的是通过加热时间长短比较吸收热量的多少；实验中要记录温度的变化，故用到温度计；根据比较吸热能力的2种方法，要控制不同物质的质量相同，故用到天平；（2）加热的过程中，水和铁砂吸热温度升高，内能增大；（3）设每分钟被水和煤油吸收的热量为q，结合表中已知数据，分别求出水和铁砂的比热容大小：c1＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①c2＝﹣＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣②①与②相比得：＞1，水的比热容大，即水的吸热能力比铁砂的吸热能力强。故答案为：（1）通过加热时间长短比较吸收热量的多少；温度计和天平；（2）增大；升高；（3）能得出水的吸热能力比铁砂强的结论；设每分钟被水和煤油吸收的热量为q，结合表中已知数据，分别求出水和铁砂的比热容大小：c1＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①c2＝﹣＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣②①与②相比得：＞1，水的比热容大，即水的吸热能力比铁砂的吸热能力强。26．【分析】（1）掌握天平的调平，在调平前将天平放在水平桌面上，游码拨到标尺左端的零刻度线处，哪边的盘高，平衡螺母向哪边移动；（2）在加减砝码时，应用镊子；天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；（3）②将石块从烧杯中取出时，石块上沾有水，杯中需加更多的水，石块体积偏大；③根据ρ＝进行计算。其中物体的体积等于溢出水的体积，然后利用密度公式求得矿石的密度。【解答】解：（1）在调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处；指针静止在分度盘中央的右侧，则左盘高，平衡螺母应向左调节；（2）由图甲知，在称量过程中，小明用手拿砝码了，这样会使砝码生锈；由图丙知，标尺的分度值为0.2g，所以石块的质量：m＝50g+10g+5g+3g＝68g；（3）②将石块从烧杯中取出时，石块上沾有水，杯中需加更多的水，石块体积偏大，密度偏小；③物体的质量为m0；溢出水的质量为m1+m0﹣m2；物体的体积等于溢出水的体积，即：V＝V溢＝，矿石密度：ρ＝＝＝。故答案为：（1）左；（2）用手拿砝码；（3）68；②密度偏小；③。27．【分析】（1）滑动变阻器、电阻、电流表串联接入电路，电压表与电阻并联，连接电路时注意电表正负接线柱不要接反，根据题意确定滑动变阻器的接法。（2）①探究“通过电阻的电流跟两端电压的关系”实验时应多次测量；②分析表中数据，结合R＝得出正确结论；（3）额定电功率是小灯泡在额定电压下发挥的功率，小灯泡两端的电压必须达到它的额定电压。【解答】解：（1）滑动变阻器滑片向右移动时，电流表示数增大，说明滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，因此需将滑动变阻器的B接线柱与定值电阻的左接线柱相连；如下图所示：（2）①探究“通过电阻的电流跟两端电压的关系”实验时应多次测量，需要改变电阻两端的电压，可以通过滑动变阻器来实现，故可调电源在实验中的作用是改变电阻两端的电压；②根据表中数据可知，当电压增大时，通过导体的电流增大，并且电压表示数和电流表示数的比值不变，即：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（3）测一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡的额定功率，小灯泡两端的电压必须能达到3.8V，因此电源必须增加一节干电池，此时电源电压成了1.5V×3＝4.5V，电压表的量程也应选择0～15V，然后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8V。故答案为：（1）如上图所示；（2）①改变电阻两端的电压；②电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（3）电源增加一节干电池，电压表的量程改为0～15V，然后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8V。三、解答题（共1小题，满分6分）28．【分析】（1）根据ρ＝先计算水的质量，再根据Q吸＝c水m（t﹣t0）求出吸收的热量；（2）吸收的热量等于消耗的电能，根据W＝Pt计算时间。（3）根据W＝Pt计算出消耗的电能，再与吸收的热量进行比较，就能得出热水器的效率。【解答】解：（1）50L水的质量为：m＝ρv＝1.0×103kg/m3×50×10﹣3m3＝50kg；水从20℃升高到60℃吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×106J；（2）若不考虑能量损失，W＝Q吸＝8.4×106J，从接通电源到指示灯熄灭需要：t＝＝＝4200s；（3）1h30min＝90min，额定功率为2000W，经过1h30min电热水器消耗的电能为：W实＝Pt＝2000W×90×60s＝1.08×107J，电热水器的效率是：η＝＝×100%≈77.8%。答：（1）热水器中的水一共吸收8.4×106J；（2）若不考虑能量损失，从接通电源到指示灯熄灭需要4200s；（3）若实际经过1h30min指示灯才熄灭，则电热水器的效率是77.8%。

人教版中考物理一模试卷新版一、选择题（每小题只有一个正确答案，每题4分，共计24分）1．（4分）下列估计结果中符合实际的是（）A．25吋彩电的功率约25W B．洗澡水的温度约50℃ C．正常人的步行速度约10m/s D．一般放大镜的焦距约1cm2．（4分）为了纪念在科学历程中作出杰出贡献的科学家，人们往往会用他们的名字命名所从事情研究的量的单位。下图中的四位科学家，迄今为止名字尚未被用作量单位的是（）A．牛顿 B．爱因斯坦 C．帕斯卡 D．欧姆二、选择题（每小题只有一个正确答案，每题3分，共计48分）3．（3分）我国第一颗月球探测卫星“嫦娥一号”已经成功发射，迈出了登月工程的第一步。假如你在不久的将来有幸成为中国历史上第一位登上月球的宇航员，已知月球上没有空气，没有水，也没有磁场，同一物体在月球上与地球上所受的重力之比为1：6．下列能在月球上完成的活动是（）A．利用降落伞降落 B．用指南针辨别方向 C．人在月球上能比在地球上跳得高 D．在月球上打雪仗4．（3分）像的成因有三个：光沿直线传播成像、反射成像、折射成像，所成的像有实像和虚像两种。下面所列的成像实例：①针孔照相机内所成的像、②在潜望镜中看到的景物的像、③放大镜中看到的物体的像、④幻灯机屏幕上的像、⑤汽车观后镜中的像，说法正确的是（）A．属于实像的是①④ B．属于虚像的是②③④ C．属于折射成像的是①③ D．属于反射成像的是①②⑤5．（3分）在奥运会比赛中，下列说法错误的是（）A．3m跳板跳水运动员起跳时用力蹬跳板是要利用跳板的弹性势能 B．赛艇比赛运动员用的船桨属于省力杠杆 C．游泳比赛运动员向后划水是应用力的相互作用 D．在4×100m接力赛中，为保证交接棒顺利进行，交接棒时两运动员尽可能做到相对静止6．（3分）一曲《老鼠爱大米》风靡大江南北。但由于版权意识欠缺，导致这首歌有杨臣刚、香香、王启文等多人的演唱版本同时存在。商场里响起“不管路有多么远，一定会让它实现…”小光和小龙齐声说：“是杨臣刚唱的”，他们是根据声音的什么特征来判断唱者是谁的？（）A．音调 B．音色 C．响度 D．振幅7．（3分）小强班上开展“生活处处科学”的观察实践活动，小强的任务是观察厨房。在下面小强的观察和他对现象的解释中，错误的是（）A．利用电饭煲煮饭是将电能转化成内能 B．高压锅是利用液体的沸点随液面气压增大而减小的原理工作的 C．照明用的电灯和连接电饭煲的插座之间是并联关系 D．拦河坝坝堤筑成上窄下宽是因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大8．（3分）某精密电子仪器中为了便于调节电路中的电流，其调节部分使用了两个滑动变阻器，如图所示。已知这两个滑动变阻器是分别用不同的电阻丝绕在相同的绝缘瓷管上制成的，其中R1的总电阻是200Ω，R2的总电阻5000Ω，开始时两变阻器都处于最大阻值。下面的几种方法中，能够既快又准确地使电流表指针指到要求位置的是（）A．先调节R1，使电流表指针指到要求位置附近，再调节R2 B．先调节R2，使电流表指针指到要求位置附近，再调节R1 C．同时调节R1和R2，使电流表指针指到要求位置 D．交替、反复调节R1和R2，使电流表指针指到要求位置三、填空题（本大题共36分）9．（4分）自由状态的弹簧不能做功。但把弹簧压缩，在放松时就能做功。如图为一个演示实验。A图为弹簧原长，B图为压砝码后弹簧的长，C图为用绳子拉紧以后的弹簧长度，D图为绳子烧断后弹簧弹起的各个阶段，d是最高点。试分析弹簧弹起的各个阶段：重力势能最大点是，弹性势能为0点是。10．（6分）小明为了探究物体在水中不同深度所受浮力的变化情况，如右图所示，将一挂在弹簧测力计下的金属圆柱体缓慢浸入水中（水足够深），在圆柱体接触容器底之前，分别记下圆柱体下表面所处的深度h和弹簧测力计相应的示数F，实验数据如下表（g＝10牛/千克）次数1234567h（cm）024681012F（N）6.756.255.755.254.754.254.25（1）分析表中第6列到第7列数据，说明完全浸没的金属圆柱体受到的浮力与它所处的深度关；（选填“有”或“无”）（2）下图中能正确反映弹簧测力计示数F和圆柱体下表面所处的深度h关系的图象是。（3）分析表中实验数据，可以得出圆柱体的横截面积是平方厘米。四、实验、简答题：（本大题共39分）11．（10分）甲、乙两小组同学用图甲所示的电路进行了一些实验探究。（1）甲小组选取的定值电阻为25Ω，电阻箱阻值如图乙所示，其值为Ω，此时电压表的示数为3.5V，则该小组所用电源的电压为V；实验中若增大电阻箱阻值，电压表示数将（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（2）乙小组选用其它规格的电源和定值电阻进行实验，他们通过调节电阻箱，得到几组电阻箱的阻值和对应的电压值，并作出U﹣R图象（如图丙）。由图象可知，电阻箱阻值为20Ω时，电压表的示数为V，该组所选用定值电阻的阻值为Ω。五、分析计算题：（本大题共33分）12．（8分）春节刚过，小李同学家里买了辆小轿车，从小爱玩车模的小李同学兴趣盎然，每天查资料，看汽车说明书，学到了不少关于汽车的科学知识，请你回答下列问题：（1）小轿车上大都装有一个指示灯，用它来提醒司机车门是否关好。四个车门中只要有一个车门没关好（相当于一个开关断开），该指示灯就会发光。下列几幅模拟设计电路图1中，你认为最符合上述要求的是。（2）在汽车交通事故中对乘员造成伤害的往往是“二次碰撞”（汽车碰撞后发生的乘客跟车身的碰撞）引起。与传统的安全带相比，安全气囊对乘员的头和胸的保护作用效果更好，在紧急情况下，装于前排乘员前方的安全气囊能急速膨胀，以避免人与仪表板、挡风玻璃相撞。为保证气囊有良好的保护性能，设计中应考虑下列哪些因素。①气囊膨胀的初期，内部压强要超过某个数值；②尽可能快地使气囊膨胀展开；③气囊与乘客的接触面积的大小；④要有排气机构，当压力超出某值时可以排气，减小压力A．只需考虑①B．只需考虑①②C．只需考虑①②③D．①②③④都应考虑（3）小李家的轿车如图2所示，它的尾部装有气流偏导器，它的作用主要是为了让汽车在高速行驶时，对地面的压力更大，提高车轮的抓地性能。图中能表示偏导器横截面形状最合理的图是。（4）星期天，小李的父亲带着他去郊游。汽车在平直公路上匀速行驶了80km，汽车行驶的速度为90km/h，共耗汽油8L．请你根据表中提供的有关信息，计算小汽车行驶的功率是多少千瓦？燃料汽油油箱容积50L汽油密度0.7×103kg/m3汽油热值4.6×107J/kg燃料完全燃烧产生的内能转换为机械能的百分比40%13．（10分）近年来，在宾馆、厂矿、医院、学校等单位使用全自动不锈钢电热开水器（外型如图1所示）越来越普遍。原因是它具有自动控水、自动测温、自动控温、热效率高、安全卫生、使用方便等优点。某电热开水器说明书上的铭牌如表：功率3kW容量22.6升额定电压220V水咀数1重量16kg外形尺寸（cm）42×29×69.5（1）根据所给数据，你知道该电热开水器电热管的电阻值大约为多少？（2）若不计能量损失，该电热开水器在正常工作的情况下，把一个容量的20℃的水烧开，需要多长时间？（设容器内的气压为1个标准大气压）；（3）某次电路中只有该电热开水器工作的情况下，小明发现电热开水器所在电路中标有3000r/kWh的电能表在10min时间内转过了1020转，请你据此计算出当时家庭电路中的实际电压；（不考虑电阻随温度的变化）（4）此全自动不锈钢电热开水器的机械部分结构如图2所示，当容器内水面上升时，浮力球也随之上升，通过连杆推动活塞向左活动（如图3），当水位到达一定位置时，活塞关闭进水口，停止进水；当容器内水量不足时，水面下降，浮力球随之下降，连杆带动活塞向右运动，进水口打开，向容器内进水。若在进水口处水的压强为4×104Pa，活塞的横截面积为3.0×10﹣4m2，且当活塞正好堵住进水口时，连接活塞与浮力球的边杆与水平面的夹角为45°（如图4所示）。若已知连杆支点上下长度之比为1：3，不计连杆、浮力球的重力及摩擦，则（a）在答题卷的图4中画出浮力及力臂；（b）浮力球的体积最小为多大？（g取10N/kg）

初中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个正确答案，每题4分，共计24分）1．【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。此题就是估测题题型，知识覆盖面广，应答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。【解答】解：A、25吋彩电它的电功率在100～125W左右，所以A不符合实际。B、我们人体的温度大约37摄氏度，所以洗澡时水温在50摄氏度时最好，所以B符合实际。C、我们正常走路的速度在每分钟80步，每步0.8米，速度应该在1m/s。所以C不符合实际。D、放大镜正常使用时，物体到放大镜的距离必须在一倍焦距内，并且物体越靠近焦点放大率越大，通常物体到放大镜的距离一般也就在0.1m左右，则焦距一定不大于0.2m。所以D不符合实际。故选：B。2．【分析】根据对物理量单位及其来历的掌握作答。【解答】解：A、牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学研究领域取得巨大的成就，其名字被命名为力的主单位。不符合题意；B、爱因斯坦是著名的物理学家，在天文学研究领域取得杰出的成就，并提出了著名的相对论，但其名字没有被命名为物理量的单位。符合题意；C、帕斯卡是法国著名的物理学家，在压强研究方面成就卓著，其名字被命名为压强的主单位。不符合题意；D、欧姆是德国著名物理学家，发现了电流与电压、电阻的定量关系﹣﹣欧姆定律，其名字被命名为电阻的主单位。不符合题意。故选：B。二、选择题（每小题只有一个正确答案，每题3分，共计48分）3．【分析】（1）降落伞是利用空气阻力，使人或物从空中缓慢向下降落的一种器具，由于在月球上没有空气，因此降落伞无法使用；（2）月球上没有磁场，指南针是利用磁体间相互作用工作的；（3）同一物体在月球和地球上所受的重力之比为1：6；（4）月球上没有水。【解答】解：A、降落伞是利用空气阻力来减慢人的下落速度的，由于在月球上没有空气，因此降落伞无法使用，故A错误；B、月球上没有磁场，指南针无法工作，故B错误；C、同一物体在月球和地球上所受的重力之比为1：6，人在月球上能比在地球上跳得高，故C正确；D、月球上没有水，所以在月球上无法打雪仗，故D错误。故选：C。4．【分析】根据实像和虚像的区别、不同点：（1）成因不同，实像是由实际光线会聚而成的，而虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的；（2）像的正倒不一样，实像一般是倒立的，而虚像是正立的；来分析此题。【解答】解：①针孔照相机属于小孔成像原理，因此成的是实像，它是光的直线传播原理形成的；②从潜望镜中观察景物，观察到的是虚像，利用的是平面镜成像原理，属于光的反射现象；③用放大镜看物体，利用的是光的折射现象中成虚像的情况；④看幻灯机屏幕上的像，是光的折射现象，成的是倒立放大的实像；⑤汽车观后镜中的像是正立缩小的虚像。综上所述，属于实像的是①④；属于虚像的是②③⑤；属于折射成像的是③④；属于反射成像的是②⑤．故只有选项A正确。故选：A。5．【分析】A、物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能，用力蹬跳板，跳板发生弹性形变，具有弹性势能，当跳板恢复原状时，弹性势能转化为运动员的动能；B、杠杆分类：当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆；C、力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体力的作用。D、当两个物体同向同速行驶时，这两个物体就保持相对静止状态，相对静止时，可以保证交接棒的顺利进行。【解答】解：A、用力蹬板的时候，跳板发生了弹性形变，在跳板形变恢复的过程中，跳板的弹性势能转化为运动员的动能，说法正确；B、运动员用桨划船时，上面的手握处是支点，下面的手施加动力，水对桨的力是阻力，所以动力臂小于阻力臂，所以桨是费力杠杆，故B错；C、当桨向后拨水时，水也会给桨一个向前的力，使船向前运动，所以力是相互的，说法正确；D、为了保证交接棒的顺利进行，就要让两同学同向同速即保持相对静止状态，说法正确。故选：B。6．【分析】音色又称音品，反映了不同声音的品质与特色。需要从定义的角度进行分析。【解答】解：不同人的声音不同，就是指音色不同。小光和小龙对杨臣刚、香香、王启文等多人的音色已经非常熟悉，所以可以直接判断出来。故选：B。7．【分析】（1）利用电热器时消耗了电能，电热器温度升高，内能增加，所以就是将电能转化为内能。（2）液体的沸点与气压有关，气压高、沸点高。（3）家庭电路中的用电器是并联的。（4）液体内部的压强随深度增加而增大。【解答】解：A、利用电饭煲煮饭时消耗了电能，水的温度升高、内能增加，所以将电能转化为内能，故A正确。B、高压锅易把食物煮熟是因为气压越高，水的沸点越高，故B错误。C、照明用的电灯和连接电饭煲的插座之间是并联关系，故C正确。D、因为液体的压强随深度增加而增大，拦河坝下部承受水的压强大，所以要上窄下宽。故D正确。故选：B。8．【分析】由欧姆定律可知，I＝，通过调节滑动变阻器阻值的大小可以改变电路中的电流。但由于电路图中有两个滑动变阻器串联，使得调节起来增加难度。但我们首先要把选项C和D排除，因为同时或交替调节两个变阻器有些盲目。在先调节哪个变阻器的问题上，需要考虑电阻越大，对电流的影响也越大，在电流值没有达到要求附近时，应该先调节大电阻，这样比较快速，但电流接近要求值时，改为调节小电阻则更容易精确操作。【解答】解：由题意可知，R2比R1大很多（R2＞＞R1），线路中电流I＝．调节R2阻值变化大，对电流影响大，所以要快速将电路中的电流调到要求位置，应先调节大电阻R2，当电流表的指针到达要求位置附近时，若再调节R2使指针达到准确位置就很困难，因为只要有R2很小的调节，就会引起阻值很大的变化，电流I就有大的改变。所以此时要调节小电阻R1，因为它对电流的影响较小，能使指针准确地达到要求位置。故选：B。三、填空题（本大题共36分）9．【分析】（1）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。（2）弹性势能的大小与弹簧的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大。【解答】解：由图可知，d是最高点，故重力势能最大的是d点。A图为弹簧原长，此时弹簧没有发生弹性形变，所以弹性势能为0点是c。故答案为：d；c。10．【分析】（1）实验中，物块是从空气中逐渐浸没入不中的，因此，在分析数据时要注意到这一点；（2）F与h的关系，一开始是F随h而减小，后来则F不再变化；（3）圆柱体的横截面积要根据它的体积和高度来求出，高度可从h的数据中看出，体积则要通过浮力的公式进行计算。【解答】解：（1）分析数据可以看出第1﹣5次数据，物块在逐渐浸入水中，而第6、7次则完全浸没，因此，从F的数据可看出，它所受的浮力与所处的深度无关；（2）在第1﹣5次数据中，F随h的增大而减小，而到第6、7次时，h增大，但F不再变化，因此，图象中只有B符合题意；（3）第1次数据表时，物块的重力为6.75N，第6次的数据表时，物块完全浸没时的拉力为4.25N，故F浮＝G﹣F拉＝6.75N﹣4.25N＝2.5N；根据浮力的公式，完全浸没时V排＝＝＝250cm3；从表中第6次的数据可知，此圆柱体的高度10cm，故其横截面积S＝＝＝25cm2。故答案为：（1）无；（2）B；（3）25。四、实验、简答题：（本大题共39分）11．【分析】（1）①用“△”所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就得出连入电路的电阻值；②知道两电阻的阻值和U1，根据串联电路的分压关系I＝＝，可以求U2，从而得出电源电压（U＝U1+U2）；③当增大电阻箱连入的阻值，电路中的总电阻增大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；（2）当电阻箱阻值为20Ω、40Ω时，由U﹣R图象可找到电压表的示数U2′＝3V，U2″＝4V，根据串联电路的电流特点I＝＝求解。【解答】解：由电路图可知，定值电阻和电阻箱串联，电压表测电阻箱两端的电压，设定值电阻为R1，电阻箱为R2；（1）①如图乙所示，电阻箱连入电路的电阻值：R2＝3×10Ω+5×1Ω＝35Ω；②由题和①可知：R1＝25Ω，R2＝35Ω，U2＝3.5V，由串联电路电流处处相等可得I＝＝，所以U1＝＝＝2.5V；则电源电压U＝U1+U2＝3.5V+2.5V＝6V；③当增大电阻箱连入的阻值，电路中的总电阻增大，根据欧姆定律可得电路中的电流变小，由U＝IR可知定值电阻两端的电压变小，因串联电路的总电压等于各分电压之和，所以电阻箱两端的电压变大即电压表的示数变大。（2）当电阻箱连入阻值R2′＝20Ω，由U﹣R图象可知U2′＝3V，由串联电路电流处处相等和欧姆定律可得：I′＝＝，即：＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当电阻箱连入阻值R2″＝40Ω，由U﹣R图象可知U2″＝4V，I″＝＝，即：＝﹣﹣﹣﹣﹣②①②二式联立解得：R1＝20Ω。故答案为：（1）35；6；变大；（2）3；20。五、分析计算题：（本大题共33分）12．【分析】（1）四个车门中任意一个车门（相当于开关）没关好，该指示灯会发光，说明只要一个开关断开，灯泡就发光，所有开关闭合，灯泡不发光。对各选项逐一分析。（2）根据气囊的作用，结合实际情况逐个选项依次分析即可判断；（3）据流体压强与流速的关系，即流速大，压强小；流速小，压强大的特点分析即可判断；（4）已知消耗汽油的体积和汽油的密度，根据公式m＝ρV可求消耗汽油的质量，还知道汽油的热值，根据公式Q＝qm可求产生的热量，据“燃料完全燃烧产生的内能转换为机械能的百分比”可求出小汽车行驶时所做的功。后根据公式t＝可求所用的时间，利用公式P＝求出小汽车行驶的功率。【解答】解：（1）开关没闭合灯就亮，显然开关与灯是并联的，且四个开关中任意一个未闭合指示灯会发光，故四个开关要串联。A、由电路图可知，几个开关是并联的，当开关都闭合时，即车门都关好，灯泡也会发光，不符合要求；B、由电路图可知，几个开关是串联的，当有一个开关断开时，即有车门没关闭，灯泡不亮，所以与题意要求相反，不符合题意；C、由电路图可知，几个开关是串联的，当开关都闭合时，即车门都关好，电源会被短路，不符合要求；D、由电路图可知，几个开关是串联的，当开关都闭合时，即车门都关好，灯泡不会发光，符合要求。故选：D。（2）在汽车交通事故中为了避免乘客“二次碰撞”而造成的伤害，汽车上设计了安全气囊，即在紧急情况下，装于前排乘员前方的安全气囊能急速膨胀，以避免人与仪表板、挡风玻璃相撞；故气囊不是轻微的碰撞就能展开的，即气囊膨胀的初期，内部压强要超过某个数值方可；由于发生事故的时间很短，故必须使气囊快速展开方可有效，同时为了大面积的保护人体，应尽可能的增大乘客与气囊的接触面积，使人撞在气囊上以起到缓冲的目的；故气囊中不需考虑排气机构，若压力超出某值时就会自动排气，就不能有效缓冲压力了，故④说法是不必考虑的；（3）分析题意可知，要让汽车高速行驶时，对地面的压力更大，应该让偏导器上方的压强大于下方的压强，即气流通过下方时流速更快，在相同时间内气流经过下方的路程更长一些，所以应设计成上平下凸的形状。对于B图，会使气流偏导器发生振颤（就像箫的振动的簧片一样，受到气流的冲击会振动），影响它的稳定性与寿命。故A选项符合题意；（4）8L油的体积为V＝8L＝0.008m3，根据ρ＝可得质量：m＝ρV＝700kg/m3×0.008m3＝5.6kg；根据η＝可小汽车获得的机械能：W＝ηQ＝ηmq＝40%×5.6kg×4.6×107J/kg＝1.03×108J，根据v＝可得小汽车行驶的时间为：t＝＝＝h＝3200s，小汽车行驶的功率为：P＝＝＝32200W。故答案为：（1）D；（2）C；（3）A；（4）小汽车行驶的功率是32200W。13．【分析】（1）由表格数据可知，电热开水器的额定电压和额定功率，根据R＝可求得该电热开水器电热管的电阻值；（2）由表格数据可知水的体积，根据m＝ρV求出水的质量，1个标准大气压下水的沸点是100℃，利用Q吸＝cm（t﹣t0）可求得水吸收的热量，再利用W＝Q吸和P＝可求得加热时间；（3）3000r/kW•h说明每消耗1kW•h的电能，电能表转3000转，可求当电能表的转数为1020转时消耗的电能，又知道工作时间，根据公式W＝t可求出电路的实际电压；（4）（a）根据浮力的方向竖直向上进行作图；支点到力作用线的垂直距离是力臂；（b）知道进水口处水的压强、活塞的横截面积，利用F＝pS可求水对活塞的压力，求出了活塞受到水的压力，根据力的作用是相互的，可得活塞对杠杆A端的力，根据杠杆的平衡条件可求浮标受到的最小浮力，再利用阿基米德原理求排开水的体积。【解答】解：（1）由P＝可得，该电热开水器电热管的电阻值：R＝＝＝16.13Ω；（2）水的体积：V＝22.6L＝22.6dm3＝2.26×10﹣2m3，由ρ＝可得，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2.26×10﹣2m3＝22.6kg，1个标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×22.6kg×（100℃﹣20℃）＝7.5936×106J，由W＝Q吸和P＝可得，加热时间：t＝＝＝2531.2s；（3）电能表转了1020r，消耗的电能：W1＝1020×kW•h＝0.34kW•h，由W＝t可知，用电器的实际电压：U＝＝＝181.4V；（4）（a）过浮力球的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并标出F浮；过支点作浮力作用线的垂线段，即力臂L；如下图所示：（b）由p＝可得，水对活塞的压力：F＝pS＝4×104Pa×3.0×10﹣4m2＝12N，活塞对杠杆A端的力FA＝F＝12N，设浮标受到的最小浮力F浮，由杠杆的平衡条件可得FA•L1＝F浮•L2，即：F浮＝＝＝4N由F浮＝ρ水V排g可得，浮力小球的最小体积：V排＝＝＝4×10﹣4m3。答：（1）电热开水器电热管的电阻值大约为16.13Ω；（2）需要的时间大约为2531.2s；（3）家庭电路中的实际电压约181.4V；（4）（a）如上图所示；（b）浮力小球的体积最小为4×10﹣4m3。

一、中考物理难题专项训练1．在某次科技活动中，何老师给同学们展示一个如图甲所示的黑盒子，绝缘外壳上有A、B、C三个接线柱。何老师告诉同学们，盒内电路由两个定值电阻连接而成。小红同学设计了如图乙所示的电路来研究盒内电阻的连接情况及其电功率。已知电源电压恒定不变，R0是阻值为3Ω的定值电阻，R1是滑动变阻器。小红进行了如下的实验操作：（Ⅰ）把BC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，将R1的滑片移至最左端时，电压表示数为1.8V，电流表示数为0.6A；（Ⅱ）用导线把AC连接起来，再将AB接线柱接入MN之间，闭合开关S和S1，此时电流表的示数为1.8A；（Ⅲ）把AC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，小红发现将R1的滑片从某位置移至最左端或最右端时，电压表的示数均变化了0.45V，电路的总功率均变化了0.18W。（1）请根据操作（Ⅰ）求出黑盒子BC间的电阻；（2）在操作（Ⅱ）中，求黑盒子工作5分钟消耗的电能；（3）请画出黑盒子内的电路图，并标明各电阻的阻值。【答案】（1）解：把BC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，将R1的滑片移至最左端时，电压表测BC两端的电压，电流表测电路中的电流，由I＝可得，黑盒子BC间的电阻RBC＝＝＝3Ω答：黑盒子BC间的电阻为3Ω；（2）解：把BC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，将R1的滑片移至最左端时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I＝可得，电源的电压：U＝UBC+IR0＝1.8V+0.6A×3Ω＝3.6V，用导线把AC连接起来，再将AB接线柱接入MN之间，闭合开关S和S1，电路为黑盒子的简单电路，则黑盒子工作5min＝300s消耗的电能：W＝UIt＝3.6V×1.8A×300s＝1944J答：在操作（Ⅱ）中，黑盒子工作100s消耗的电能为1944J（3）解：用导线把AC连接起来，再将AB接线柱接入MN之间，黑匣子的电阻：R＝＝＝2Ω，把AC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S时，由P＝UI可得，电路中电流的变化量：△I＝＝＝0.05A，此时黑匣子的电阻：RAC＝＝＝9Ω，综上可知，黑盒子BC间的电阻为3Ω，用导线把AC连接起来后AB间电阻为2Ω，AC间的电阻为9Ω，黑盒子内的电路图如下图所示：【解析】【分析】（1）利用电压和电流的比值计算电阻的大小；（2）利用串联电路电压规律计算总电压，根据电压、电流和时间计算消耗的电能；（3）根据电压和电流计算电阻，结合变化的电功率和电压，计算电流，根据电压和电流的变化量计算电阻，确定电阻的连接位置。2．随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭。扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自动返回充电座充电等诸多智能功能。消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功。如图是某款扫地机器人及铭牌上的部分参数，请回答下列有关问题：项目指标参数工作电压12V净重4kg最大集尘量1kg功率30W电池容量2000mAh（1）扫地机器人内部的核心部件电动机的工作原理是________；其吸尘的工作原理是通过电动机转动使内部压强________（选填“变大”、“不变”或“变小”），从而使杂物进入吸尘器；（2）扫地机器人正常工作时的电流是________A；电池容量“2000mAh”是指当工作电流为2000mA，能持续供电1小时，若充满电后，可供机器人持续正常工作________h；（3）已知集尘盒空置时机器人运动过程中受到的摩擦阻力为16N，查阅资料显示摩擦力与压力成正比，则达到最大集尘量时机器人运动的速度为________m/s；（4）机械人的供电系统设有自动充电功能，当检测到电池容量低至10%时会自动返回充电，为确保机器人能顺利返回充电，需要充电时离充电座最远为________m。【答案】（1）通电线圈在磁场中受力转动（或磁场对电流的作用）；变小（2）2.5；0.8（3）0.6（4）172.8【解析】【解答】(1)扫地机器人内部的核心部件电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动（或磁场对电流的作用）。机器人吸尘的工作原理是通过电机转动使内部压强变小，同时使外部空气和灰尘不断地补充进风机，吸尘器就能“吸尘”了，其原理利用了流体流速大的地方压强小。(2)扫地机器人正常工作时的电流是电池的容量为由得充满电后，可供机器人持续正常工作0.8h。(3)吸尘器对地面的压力等于其重力，摩擦力与压力成正比达到最大集尘量时的摩擦力f2为解得f2=20N，消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功，所以机器人运动的速度达到最大集尘量时机器人运动的速度为0.6m/s。(4)机器人吸尘器达到最大吸尘量时，克服摩擦力做到功为根据得需要充电时离充电座最远为172.8m。【分析】（1）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，流体在流速大的地方压强小；（2）利用电功率和电压计算电流，根据电荷量和电流计算时间；（3）根据力和质量关系计算摩擦力，结合功率和力计算速度；（4）根据功和力的比值计算路程。3．阅读短文，回答问题。空调热水器空调热水器，又名空气能热泵热水器，其工作原理示意图如图所示。工作过程中空调热水器通过一种工作媒质在蒸发器里迅速变成气态，再经过压缩机（消耗少量电能）将其压缩成高温高压的气体，然后在冷凝器中重新变成液态，达到给水加热的目的。空调热水器具有高效节能的特点，产生相同的热水量，比传统的电热水器和燃气热水器的能量更高。热水产出率和能效比是衡量空调热水器性能的两个重要指标。热水产出率是指该热水器当进水温度为20℃，出水温度为50℃时，每小时可出热水的体积数，能效比是指加热过程中水吸收的热量与消耗电能的比值。下表为两种型号“空调热水器”在进水温度20℃时测定的部分参数。（1）水箱中水的温度升高，是通过________方式增加了水的内能；（2）空调热水器工作时产生的热量________（选填“大于”“小于”或“等于”）它所消耗的电能；（3）下列关于空调热水器的判断中，正确的是__________；A.工作媒质在冷凝器中不断吸热B.空调热水器消耗的电能越少，其能效比越高C.由于电流的热效应，热水吸收的热量一部分来自于电流产生的热量D.压缩机通过做功的方式增加了工作媒质的内能（4）A型热水器正常加热过程中，每小时流经冷凝器中的水吸收的热量为________J，其能效比为________；（5）若B型热水器的能效比为4.2，则它的热水产出率为________L/h。【答案】（1）热传递（2）大于（3）D（4）1.26×107；3.5（5）240【解析】【解答】(1)工作煤质在冷凝器中由气态变为液态，发生了液化放热，放出的热量给水加热，是通过热传递的形式增加了水的内能。(2)工作过程中空调热水器通过一种工作媒质经过压缩机（消耗少量电能）将其压缩成高温高压的气体，然后在冷凝器中重新变成液态，达到给水加热的目的，由此可知工作时产生的热量大于它所消耗的电能。(3)A．工作媒质在冷凝器中由气态变为液态，发生了液化，液化是放热过程，A不符合题意；B．根据能效比定义可知，由于水吸收热量不确定，故其能效比没法确定，B不符合题意；C．工作物质在冷凝器中重新变成液态，即液化放热，达到给水加热的目的，不是利用电流的热效应工作的，C不符合题意；D．压缩机将工作物质压缩成高温高压的气体，压缩机在工作过程中利用做功方式改变了工作媒质的内能，D符合题意。故答案为：D。(4)由表知，A型热水器热水产出率是100L/h，即当进水温度为20℃，出水温度为50℃时，每小时可出热水的体积是100L。则水的质量则水吸收的热量为每小时A型热水器消耗电能热水器的能效比(5)每小时B型热水器消耗电能因为B型热水器的能效比为4.2，即所以由可得所以B型热水器工作1h提供的热水体积为【分析】（1）温度不同的物体间可以发生热传递；（2）利用压缩空气，实现物态变化，可以节能；（3）能量的转化是做功改变内能的方式；（4）根据水的比热容、质量和温度差计算吸收的热量，利用吸收的热量和消耗的电能计算能效比；（5）根据能效比计算吸收的热量，结合水的比热容和温度差计算质量，再计算体积。4．阅读短文，回答问题海洋温差发电海洋表层和深层的温度不同，我国南海地区表层海水温度高于25℃，而1千米深处海水温度低于6℃．海水溫差发电，就是利用海水表层和深层之间的温度差来发电的，据估算，我国南海地区的海洋湿差发电潜力可达14亿千瓦。如图所示是海洋温差发电系統的原理图，蒸发器中液态的工作物质（氨）从表层温水吸热，汽化为高压蒸汽，蒸汽推动涡轮机转动，带动发电机发电。完成发电后的气态工作物质在冷凝器中向深层低温海水放热，重新变为液态，再送回蒸发器循环使用。海洋温差发电系统使用的某型号发电机的部分技术参数如下表额定发电功率40kW额定发电电压400V线圈电阻0.1Ω净重100kg底部面积0.05m2额定发电功率40kW额定发电电压400V线圈电阻0.1Ω净重100kg底部面积0.05m2请回答下列问题：（1）该型号发电机正常工作时，输出电流为________A（2）海洋温差发电过程中，蒸发器中的工作物质通过________增大其内能；涡轮机中的工作物质对涡轮机做功时，它的内能________（选填“增大”或“减小”）。（3）若发电机的线圈用超导材料制作，则该发电系统的输出功率将提高________%（4）若把南海温差发电潜力全部开发出来，每天发电量为________kW•h．已知煤电转换关系为P＝380g/（kW•h），如果用烧煤的方法发出这么多的电能，则一天需要烧煤________t【答案】（1）100（2）热传递；减小（3）2.5（4）3.36×1010；1.2768×107【解析】【解答】解：（1）由P＝UI得正常工作时的输出电流：I＝＝＝100A；（2）因为表层水温较高，蒸发器中液态的工作物质利用热传递从表层温水吸热，内能增加；蒸汽推动涡轮机转动，工作物质在涡轮机中做功，内能转化为机械能，内能减少；（3）线圈电阻消耗的电功率：P热＝I2R＝（100A）2×0.1Ω＝1000W；如发电机的线圈用超导材料制作，则电能全部转化为机械能，则电能增加的功率△P＝P热＝1000W；输出功率提高量：η＝×100%＝×100%＝2.5%；（4）由P＝得每天发电量：W＝Pt＝14×108kW×24h＝3.36×1010kW•h；已知煤电转换关系为β＝380g/（kW•h），则一天需要烧的煤的质量：m＝Wβ＝3.36×1010kW•h×380g/（kW•h）＝1.2768×1013g＝1.2768×107t。故答案为：（1）100；（2）热传递；减小；（3）2.5；（4）3.36×1010；1.2768×107。【分析】（1）结合用电器的额定功率和额定电压，利用功率的变形公式I=P/U求解用电器的电流即可；（2）热传递可以改变物体的内能，热量向外界传递，物体的内能减小，热量由外界传向物体，物体的内能增加；（3）超导体没有电阻，从而减少能量的损耗；（4）结合功率和工作的时间求解发电量，结合能量和燃料的热值求解质量。5．小红家有一支电子体温计。查阅说明书得知：电于体温计的探测器是热敏电阻，其阻值随着温度的变化而变化。小红买来一个热敏电阻，准备设计和制作一支模拟电子体温计。她计划先测出此热敏电阻在不同温度时的阻值，按照图甲所示连接了实验电路，RT为热敏电阻，实验时，