2023年届高三化学知识点强化训练-有机物相关计算

1014页2023届高三化学学问点强化训练—有机物相关计算愈创木酚作原料合成香草醛的路线如以下图，以下说法正确的是( )检验制得的香草醛中是否混有化合物3，可用氯化铁溶液2在确定条件下可发生加聚反响理论上反响1→2中原子利用率100%等物质的量的四种物质与足量NaOHNaOH物质的量比为：2：1关于丙烯醛(CH2=CH−CHO)的以下表达中，正确的选项是( )在丙烯醛分子中，仅含有一种官能团C.C.丙烯醛能发生加聚反响，生成高聚物D.等物质的量的丙烯醛和丙醛完全燃烧，消耗等物质的量的O220234月在漳州市发生了PX爆炸大事，PX的成分“对二甲苯”，其结构式如以下图：，以下关于PX的表达中，不正确的选项是( )PX是一种有机化合物仅由碳、氢两种元素组成爆炸燃烧的产物是可能是CO2和H2O该有机化合物分子中存在碳碳单键，也存在碳碳双键120℃时，某气态烃的混合物在密闭容器内与氧气完全燃烧后再恢复到原状况，觉察燃烧前后容器内的压强保持不变，则该气态烃的混合物可能是( )C2H6与C2H4 B.C2H6与CH4 C.CH4与C2H4 D.C3H8与CH4葡萄糖是一种可以从菊芋中提取的自然多糖其化学式为(C6H10O5)n，它可以作为膳食纤维添加到食品中，水解能生成果糖(C6H12O6)，以下表达正确的选项是( )菊糖与纤维素是同分异构体果糖是一种单糖葡萄糖遇到浓硝酸会炭化变黑1mol9mol氧气乙烯和丙烯属于同系物．以下表达正确的选项是( )等质量的乙烯和丙烯完全燃烧耗氧量一样丙烯分子中三个碳原子处于同始终线上D.以丙烯为单体加聚可以生成乙烯和丙烯与HClD.以丙烯为单体加聚可以生成A.聚合物A.聚合物可由单体CH3CH=CH2和CH2=CH2加聚制得1mol明矾晶体完全溶于水制成胶体，其中所含胶体微粒数目为NA乙醇、苯酚、乙酸都有羟基，但是电离常数不同，这主要是基团之间相互影响造成的等质量的甲烷、乙烯、1，3−丁二烯分别充分燃烧，所耗用氧气的量依次削减A.A.按系统命名法，化合物2，3，5，5−四甲基−4，4−二乙9.10.A.A.复原性染料靛蓝的构造简式为：，它的分子式是：

基己烷等物质的量的苯和苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量不相等苯和甲苯互为同系物，均能使KMnO4酸性溶液褪色苯乙烯在适宜条件下催化加氢可生成乙基环己烷以下说法中错误的选项是( )无论是乙烯与Br2KMnO4内含有碳碳双键有关用溴的CCl4溶液或酸性KMnO4溶液都可以鉴别乙烯和乙烷一样质量的乙烯和甲烷完全燃烧后产生的水的质量一样利用燃烧的方法可以鉴别乙烯和甲烷值为NA，则以下说法正确的选项是( )15g甲基所含有的电子数是NA0.5mol1，3−丁二烯分子中含有碳碳双键的数目为NA标准状况下，1L戊烷充分燃烧后生成的气态产物的分子数为5/22.4NA常温常压下，1mol丙烷所含有的共价键数目为12NA以下说法正确的选项是( )C16H10N2O2构造为CH=CH−CH=CH−CH=CH−CH=CH−⋯的高分子化合物，其单体是乙烯总质量确定时，乙炔和乙醛无论按什么比例混合，完全燃烧消耗氧气量或生成CO2量不变丙烯酸(CH2=CHCOOH)和山梨酸(CH3CH=CHCH=CHCOOH)们与氢气充分反响后的产物也不是同系物( )易溶于水，不易溶于有机溶剂在空气中燃烧产生黑烟能使溴的四氯化碳溶液褪色，也能使酸性高锰酸钾溶液褪色能发生加成反响，在确定条件下可与4倍物质的量的氢气加成以下说法正确的选项是( )HOCH2COOH既可发生取代反响，也可发生加聚反响O22CnH2n甲烷、甲醛、甲酸都不存在同分异构体，则甲醚(CH3OCH3)也无同分异构体5酸性条件下CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H18OH5以下关于有机物的表达中不正确的选项是( )试验证明，不存在两种邻二甲苯，所以现代物质构造理论认为苯分子中碳碳键完全一样，而不是单双键交替构造两种有机物假设具有一样的摩尔质量，不同的构造，则确定是互为同分异构体醛能发生银镜反响，但发生银镜反响的有机物不愿定是醛类15. ：15. ：，以下说法正确的选项是( )M能发生加聚反响、取代反响和氧化反响M10种(不考虑立体异构)N中全部碳原子在同一平面上等物质的量的M、N分别完全燃烧，消耗O2的体积比为4：5在105℃1L9L氧气混合，充分燃烧后恢复到原状态，所得气体体积为10.5L，再将气体通过碱石灰，体积缩小6L.则以下各组混合烃中符合此条件的是( )A.CH4，C4H8 B.CH4，C4H10 C.C2H4，C3H8 D.C2H2，C4H10VA应得到气体VB升(同温、同压)，假设VA>VB，则该有机物可能是( )HOCH2CH2OHHOOC−CHCH −OH2 D.CH32 1mol某烷烃完全燃烧，需要5mol的氧气，这种烷烃的分子式是( )A.C3H8 B.C4H10 C.C5H12 D.C6H14现有两种只含C、H两种元素的有机物混合气体0.1mol，完全燃烧生成0.12molCO2和0.2molH2O，则该混合气体中( )确定含有甲烷 B.确定含有乙烯 C.可能含有甲烷 D.不能确定把一套以液化石油气(主要成分为C3H8和C4H10)为燃料的炉灶现改用自然气(主要成分为CH4)为燃料，需要调整进入炉灶的燃料和空气的量．正确方法为( )只需调大燃料气的进气量 B.只需调大空气的进气量C.同时调大燃料气和空气的量 D.同时调小燃料气和空气的量以下关系正确的选项是( )熔点：庚烷>2，2一二甲基戊烷>2，3一二甲基丁烷>丙烷含氢量：甲烷>乙烯>乙炔>苯密度：CCl4>CHCl3>苯>H2O同物质的量物质燃烧耗O2量：已烷>环已烷>苯>苯甲酸0.5molC2H4和Cl2完全加成，再与Cl2光照条件下发生取代反响，全部氢原子被氯原子取代，则共消耗Cl2的物质的量是1.5mol B.2mol C.2.5mol D.3mol某气态烷烃20mL，完全燃烧时，正好消耗同温同压下的氧气100mL，该烃的化学式为( )C2H6 B.C3H8 C.C4H10 D.C5H12乙炔在不同条件下可以转化成很多化合物，如图，以下表达错误的选项是( )1种等质量的苯与乙烯基乙炔完全燃烧时的耗氧量不同D.与环辛四烯均能使溴的D.与环辛四烯均能使溴的CCl4溶液褪色甲烷和乙烯的混合气体5L，完全燃烧消耗一样状况下的O212L，则甲烷和乙烯的体积比为( )A.2：1 B.1：2 C.3：2 D.2：3【答案】C

答案和解析C.1、2，没有其它物质生成，解：A.3A错误；B.化合物C.1、2，没有其它物质生成，反响1→2中原子利用率为100%C正确；D.1中酚羟基与NaOH反响，1mol11mol2含有酚羟基、羧基与NaOH反响，1mol21mol酚羟基、1mol羧基，化合物3含有酚羟基、羧基与NaOH反响，1mol31mol酚羟基、1mol羧基，化合物4中含有酚羟基与NaOH反响，1mol11mol1mol1、化合234分别与足量NaOHNaOH1mol：2mol：2mol：1mol=1：2：2：1，故D错误．应选C．香草醛与化合物3中都含有酚羟基，遇氯化铁溶液都变紫色；C.1、C.1、2的分子组成推断；D.1中酚羟基与NaOH反响，1mol11mol2含有酚羟基、羧基与NaOH反响，1mol21mol酚羟基、1mol羧基，化合物3含有酚羟基、羧基与NaOH反响，1mol31mol酚羟基、1mol羧基，化合物4中含有酚羟基与NaOH反响，1mol11mol酚羟基，据此计算推断．此题以有机物合成为载体考察有机物的构造、官能团性质等，为高频考点，侧重于学生的分析力气的考察，难度中等，选项D把握官能团性质是解题关键．【答案】C【解析】解：A.该有机物中含有醛基和碳碳双键两种官能团，故A错误；C.CB.碳碳双键能与溴发生加成反响、能被酸性高锰酸钾溶液氧化还，醛基能被溴、酸性高锰酸钾溶液氧化，所以丙烯醛能使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色，故C.C正确；D.1molCH2=CH−CHO消耗氧气为1mol×(3+4−1)=3.5mol，1molC3H6O消耗氧气4 2为1mol×(3+4)=4mol，则等物质的量的丙烯醛和丙醛完全燃烧，消耗氧气的物质的4量不等，故D错误；应选：C。该有机物中含有碳碳双键和醛基，具有烯烃和醛的性质，能发生加成反响、加聚反响、氧化反响等，据此分析解答．关键，侧重烯烃和醛性质的考察，选项D为易错点．【答案】D【解析】解：A.C、H元素，属于苯的同系物，为有机物，故A正确；该物质只含C、H元素，属于苯的同系物，故B正确；只含C、H元素，属于苯的同系物，依据元素守恒值，爆炸燃烧的产物可能是二氧化碳和水，故C正确；苯环中碳碳双键存在介于单键和双键之间的特别键，故D错误；应选D．该物质只含C、H元素，属于苯的同系物，完全燃烧生成二氧化碳和水，该分子中存在介于单键和双键之间的特别键，据此分析解答．为易错点．【答案】C【解析】试题分析：依据有机物的燃烧通式可知CnHm+(n+m/4)O2=nCO2+m/2H2O，假设要使燃烧前后容器内的压强保持不变，则应当满足1+n+m/4=n+m/2，解得m=4，所以高考氢原子的平均值可知选项C是有可能的，答案选C。考点：考察有机物燃烧的有关计算点评：该题是中等难度的试题，在留意对学生根底学问稳固和训练的同时，侧重对学生力和学习效率。该题的关键是利用好烃分子的燃烧通式。【答案】B【解析】解：A.菊糖与纤维素是高分子化合物，聚合度n值不同，不能为同分异构体，故A错误；B.果糖不能水解是单糖，和葡萄糖为同分异构体，故B正确；C.浓硝酸无脱水性，浓硫酸具有脱水性，故C错误；D.1mol果糖完全燃烧至少需要氧气1mol×(6+12−6)=6molD错误；4 2应选：B。A.分子式一样构造不同的有机物为同分异构体；B.多羟基醛或酮为糖，不能水解的为单糖；C，浓硫酸具有脱水性；D.烃的衍生物CxHyOz耗氧量=x+y−z；4 2此题考察了物质构造和性质、同分异构体推断、耗氧量计算等，留意学问的积存，题目难度不大。【答案】A【解析】解：A.乙烯、丙烯的最简式都为CH2，则等质量的乙烯和丙烯完全燃烧耗氧量一样，故A正确；B.3C，键角为120℃B错误；D.以丙烯为单体加聚生成聚丙烯，方程式为，聚C.乙烯与HCl反响生成氯乙烷，只有一种产物，故CD.以丙烯为单体加聚生成聚丙烯，方程式为，聚合物构造简式错误，故D错误。应选：A。乙烯、丙烯的最简式都为CH2；3C，键角为120℃；乙烯与HCl反响生成氯乙烷；D.以丙烯为单体加聚生成聚丙烯．此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，侧重于学生的分析力气的考察，明确有机物的构造及官能团是解答此题的关键，留意加聚反响产物的推断，题目难度中等．【答案】B【解析】解：A．4个C，为加聚反响产物，由添键断键可知由两种烯烃单体加聚生成H3H=H2和H2=H2A正确；B.水解生成胶体，且水解为可逆反响，则1mol【解析】解：A．4个C，为加聚反响产物，由添键断C.乙醇、苯酚、乙酸都有羟基，酸性为乙酸>苯酚>乙醇，可知电离常数不同，这主要是基团之间相互影响造成的，故C正确；D.烃等质量时含H越多消耗的氧气越多3H4、CH2、CH1.51，3−丁二烯分别充分燃烧，所耗用氧气的量依次削减，故D正确；A.中主链含4A.中主链含4个C，为加聚反响产物，由添键断键可知由两种烯烃单体加聚生成；水解生成胶体，且水解为可逆反响；乙醇、苯酚、乙酸都有羟基，酸性为乙酸>苯酚>乙醇；甲烷、乙烯、1，3−丁二烯的最简式分别为CH4、CH2、CH1.5H越多消耗的氧气越多．此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系、盐类水解、有应用，题目难度不大．【答案】D【解析】【分析】此题主要考察了物质的命名、燃烧规律、物质的性质等，把握有机物的命名原则，明确烃确定物质的量的CxHy完全燃烧耗氧量由(x+y)值打算，(x+y)4 4量就越多；烃的含氧衍生物CxHyOz完全燃烧耗氧量由(x+y−z)值打算，x+y−z值越4 2 4 2大，消耗氧气的量就越多。【解答】A.A.B.x+y=6+6=1molx+y−z=7+6−1=4 4 4 2 47.5，即1mol苯甲酸消耗氧气7.5mol，所以等物质的量的苯和苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量相等，故B错误；C.苯和甲苯互为同系物，但苯不能使KMnO4C错误；D.下催化加氢可生成乙基环己烷，故D正确；应选：D。【答案】C【解析】解：A.乙烯中含C=C，能发生加成和氧化反响，双键断裂，都与乙烯分子内含有碳碳双键有关，故A正确；乙烯能与溴水或高锰酸钾溶液反响，使溶液褪色，而乙烷不能，现象不同，能鉴别，故B正确；量不同，故C错误；黑烟，现象不同，能鉴别，故D正确；应选：C。A.乙烯中含C=C，能发生加成和氧化反响；B.乙烯能与溴水或高锰酸钾溶液反响，而乙烷不能；C.乙烯和甲烷中氢的质量分数不同；D.乙烯比甲烷中的含碳量高．此题考察有机物的鉴别，明确有机物的性质是解答此题的关键，生疏烯烃、烷烃的性质即可解答，题目难度不大．【答案】B【解析】解：A、15g甲基的物质的量n=

15g15g/mol

=1mol1mol9mol电子，即9NA个电子，故A错误；B、1，3−1mol1，3−2mol0.5mol1，3−丁1mol碳碳双键，即NA个，故B正确；C、标况下，戊烷为液体，不能依据气体摩尔体积来计算其物质的量，故C错误；D、丙烷的分子式为C3H81mol10mol共价键，即10NA个，故D错误．应选B．A、求出甲基的物质的量，然后依据甲基不显电性来分析；B1，3−丁二烯是二烯烃来分析；C、标况下，戊烷为液体；D、1mol10mol共价键来计算．解题关键，难度不大．【答案】A【解析】解：A.由构造简式可知分子式是C16H10N2O2，故A正确；B.−CH=CH−，则单体为CH≡CHB错误；C.乙炔为CH≡CH，乙醛为CH3CHO(改写成C2H2.H2O)，可知总物质的量确定时，完全燃烧消耗氧气量或生成CO2量不变，但总质量确定时，C的质量分数不同，完全燃烧消耗氧气量或生成CO2C错误；D.是同系物，但加成产物是同系物，故D错误；应选A．A.由构造简式可知分子式；B.由构造可知，为加聚反响产物，链节为−CH=CH−；C.乙炔为CH≡CH，乙醛为CH3CHO(改写成C2H2.H2O)，可知总物质的量确定时，完全燃烧消耗氧气量或生成CO2量不变；D.含双键数目不同，均可与氢气发生加成反响生成饱和一元羧酸．此题考察有机物的构造和性质，为高考常见题型，综合考察学习化学学问的应用力气，题目难度不大，留意把握有机物的官能团的性质为解答该题的关键，选项CD为解答的易错点．【答案】A取代反响，含有苯环常温下为液体，难溶于水，以此解答该题。解：A.芳香烃都难溶于水，易溶于有机溶剂，故A错误；含有苯环，碳的含量较高，在空气中燃烧产生黑烟，故B正确；含有碳碳双键，可与溴水发生加成反响，可被酸性高锰酸钾氧化，故C正确；4倍物质的量的氢气加成，故D正确。应选：A。此题考察有机物的构造和性质，为高频考点，侧重于学生分析力气的考察，题目难度不大，留意把握有机物官能团的性质，为解答该类题目的关键。【答案】D【解析】解：A、HOCH2COOH中含有醇羟基和羧基，可以发生取代反响和酯化反响，不能发生加聚反响，故A错误；B、生成CO2和H2O的物质的量相等，则该烃碳氢原子个数比是1：2，则该有机物的分子式不愿定CnH2nB错误；C(CH3OCH3)和乙醇(CH3CH2OH)分子式一样，是同分异构体，故C错误；5H3825酸掉羟基醇掉氢的原理，所以CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H18OH，故D5正确．应选D．A、含有醇羟基和羧基的有机物的性质来答复推断；B、生成CO2和H2O的物质的量相等，则该烃碳氢原子个数比是1：2；C、二甲醚(CH3OCH3)和乙醇(CH3CH2OH)分子式一样，是同分异构体；D、在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是羧酸和醇，依据酯化反响的原理：酸掉羟基醇掉氢的原理来答复．此题涉及有机物分子式确实定、同分异构体的书写、有机物的性质等学问，属于综合学问的考察，难度不大．【答案】B【解析】解：A.假设苯的构造中存在单、双键交替构造，邻二甲苯的邻位二元取代物有两种，假设碳碳键都完全一样时，邻二甲苯仅有一种，故A正确；具有一样的相对分子质量C242C38B错误；含有醛基的有机物都可发生银镜反响，葡萄糖、甲醛、甲酸等都含有醛基，都可发生银镜反响，故C正确；含氢量相等时，等质量的有机物燃烧生成等质量的水，故D正确。应选：B。A.假设苯的构造中存在单、双键交替构造，邻二甲苯的邻位二元取代物有两种；B.具有一样的摩尔质量，但分子式不愿定一样；C.含有醛基的有机物都可发生银镜反响；D.含氢量相等时，等质量的有机物燃烧生成等质量的水．此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握构造、官能团与性质、有机反响为解答关键，侧重分析与应用力气的考察，难度不大．【答案】BB.M为萘，【解析】解：A.M不含碳碳双键，不能发生加聚反响，故AB.M为萘，10B正确；C.N10B正确；D.M、N的分子式分别为C10H8、C10H18，耗氧量分别为(10+8)、(10+18)，二者比值4 412：14.5D错误。应选：B。A.M不含碳碳双键；B.M2种H原子，结合位置异构推断；C.N含有饱和碳原子，具有甲烷的构造特点；D.M、N的分子式分别为C10H8、C10H18，结合分子式推断．此题考察有机物的构造性质，为高频考点，侧重考察学生的分析力气，把握官能团与性B16.【答案】D【解析】解：105℃时，生成的H2O是气体，设混合烃的平均分子式为CxHy，混合烃燃烧后气体体积增大了：10.5L−1L9L=0.5L，烃燃烧的方程式为：CxHy+(x+y)O2→xCO2+yH2O△V1 x+y4

4 2xy 2 41L 0.5L(y−1)×1L=1×0.5L，4解得：y=6，61L3L水，再将10.5L6L6L，其中3L为水，则生成二氧化碳的物质的量为：6L−3L=3L，则混合烃的平均分子式为：C3H6，分子中H原子为C2倍，据此可知，混合烃可以为两种烯烃，也可以为炔烃和烷烃的混合物，A.CH4，C4H8为烷烃和烯烃的混合物，平均分子式中，H原子数确定大于C2倍，故A错误；B.CH4，C4H10H原子数确定大于C2B错误；C.C2H4，C3H8H原子数确定大于C原子数的2倍，故C错误；D.C2H2，C4H101：1C3H6D正确；应选D．CxyCxy+x+2→2+y2OHO4 2 20.5L，利用差量法计算出混合气态烃中氢原子数目，1L6L为二氧化碳和水的物质的量，从而计算出平均分子式，最终依据各选项组成进展推断．此题考察了混合物的计算，题目难度中等，留意把握混合烃燃烧的计算方法，明确平均分子式、质量守恒在化学计算中的应用，试题培育了学生的分析、理解力气及化学计算力气．【答案】B【解析】解：A.只含−OH，则不能与Na2CO3反响得到气体，故A错误；B.1mol1mol氢气，与Na2CO3反响生成0.5molCO2B正确；C.HOOC−COOH中含有羧基−COOH，1mol1mol氢气，1mol乙二1mol二氧化碳，体积相等，故C错误；D.只含−COOH，与Na、Na2CO3反响生成的气体体积一样，故D错误．应选B．有机物和足量的钠反响，该有机物中可能含有−OH或−COOH或−OH、−COOH，该有机物与Na2CO3反响，说明该有机物含有−COOHNa2CO3反响，二者生成的氢气的气体体积较大，以此来解答．此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析力气及羧酸、醇性质的考察，题目难度不大．【答案】A【解析】解：设烷烃的化学式为CnH2n+2，2+3n+1O2→nCO2+(n+1)H2O21 3n+121mol 5mol2则有：3n+1=5，解得n=3，故烷烃化学式为：C3H8，应选A．22设烷烃的化学式为CnH2n+2，燃烧方程式为：CnH2n+2+3n+1O2→nCO2+(n+1)H2O，2依据方程式中烃与氧气的定量关系计算．此题考察有机物分子式确实定，为高频考点，侧重考察学生的分析力气和计算力气，难度不大，留意依据烷烃燃烧的通式进展计算．【答案】A【解析】解：只含C、H两种元素的有机物混合气体0.1mol，完全燃烧生成0.12molCO2和0.2molH2O，则该混合气体中平均含有的C、H原子数为：0.12mol0.1mol

=1.2、0.2mol×20.1mol

=4，混合气体的平均分子式为：C1.2H4，碳原子数小于1.2的烃只有甲烷，所以混合气体中确定含有甲烷，所以A正确，C、D错误；4个H4个H原子，可能为乙烯、丙炔，所以B错误；应选：A。先依据混合物的物质的量、二氧化碳、水的物质的量计算出混合物的平均分子式，然后依据计算结果进展争论，从而得出该有机混合物的组成状况．此题考察了有机物分子式确实定、混合物组成的计算，题目难度不大，留意把握有机物分子式确实定方法，明确质量守恒及平均分子式在计算中的应用．【答案】A由化学方程式，可知，【解析】解：促进可燃物燃烧的方法有：(1)增大氧气的浓度．由化学方程式，可知，自然气燃烧时，反响物微观粒子个数比是：1：2，液化石油气燃烧时，反响物微观粒子个数比是：1：5；所以同体积的两种燃气，液化石油气耗氧量多，甲烷燃烧消耗的氧气少，把液化石油气为燃料的灶具改用自然气为燃料时，需要削减空气气的量，或增大自然气的进入量．应选A．可燃物完全燃烧的条件是要有充分的氧气．在改造过程中要保证氧气必需充分．此题主要考察了如何保证可燃物燃烧时氧气充分方面的问题．【答案】A【解析】解：A.烷烃都是分子晶体，分子晶体熔沸点与相对分子质量成正比，所以烷烃的熔沸点随着碳原子个数增大而增大，所以熔沸点庚烷>2，2一二甲基戊烷>2，3一二甲基丁烷>丙烷，故A正确；甲烷、乙烯、乙炔、苯中C、H原子数目之比分别为1：4、1：2、1：1、1：1，故含氢量：甲烷>乙烯>乙炔=苯，故B错误；苯的密度小于水