中考物理一模试卷（解析版） 苏科版.docVIP

江苏省盐城市建湖一中2013年中考物理一模试卷一、选择题1（2分）关于声现象下列说法错误的是（）a发出较强声音的喇叭能使它前面的烛焰“跳舞”，说明声音具有能量b两名宇航员在太空中不能直接对话，是因为声音不能在真空中传播c诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高d听不同乐器弹奏同一首歌曲时能分辨出所用乐器，是利用了声音的音色不同考点：声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与能量分析：（1）声音能传播信息也能传递能量（2）声音传播需要介质，太空中是真空，不能传播声音，不能直接面对面对话（3）诗句“不敢高声语，恐惊天上人”的意思是不敢大声说话，担心打扰天上人根据诗句的意思可知高指声音的大小（4）根据声音的音色来辨别物体解答：解：a、发出较强声音的喇叭能使它前面的烛焰“跳舞”，说明声能传递能量，说明声音具有能量不符合题意b、太空中是真空，不能传播声音，不能面对面讲话，依靠无线电话讲话不符合题意c、“不敢高声语，恐惊天上人”的意思是不敢大声说话，担心打扰天上人这里的高指声音大，响度大符合题意d、不同的乐器振动的材料不同，音色不同，根据音色不同来分辨物体不符合题意故选c点评：本题考查了两个知识点：声能传递能量、传递信息；声音的三个特征以及声音三个特征的含义2（2分）（2011日照）在探究“声是怎样产生的”实验中，将正在发声的音叉紧靠悬线下的乒乓球，发现乒乓球被多次弹开，这样做是为了（）a使音叉的振动尽快停下来b把音叉的微小振动放大，便于观察c延长音叉的振动时间d使声波被多次反射形成回声考点：声音的产生；物理学方法专题：转换法分析：声音是由物体振动产生的，但这种振动往往不易观察，需要将实验效果进行“放大”“转换法”是中学物理中一种重要的研究方法，可以借助某些物体的特性来研究看不到或不易观察到物质，形象直观解答：解：正在发声的音叉与不发声的音叉的区别在于：正在发声的音叉在振动，而不发声的音叉没有振动；由于音叉振动的幅度过小，人眼无法直接观察和区分，所以用“转换法”将这个实验效果进行放大；当把悬挂的乒乓球紧靠在正在发声的音叉上时，音叉的振动将乒乓球弹开，即把音叉的微小振动放大成乒乓球的振动，以便于观察和进一步的研究故选b点评：此题就是用转换法来探究声音产生的原因的，是初中物理探究的一种基本方法，应当掌握3（2分）（2009贵阳）如图所示，是高速公路某路段两旁安装的隔音墙，其目的是减小车辆行驶时产生的噪声对公路两旁居民的危害这种减小噪声危害的方法主要是在下列哪个途径中实现的（）a噪声的产生b噪声的传播c噪声的接收d以上三种均是考点：防治噪声的途径分析：将减弱噪声的方法：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱与题目中提到的物理情景相对应，从而可以得到答案解答：解：a、隔音墙，并不能控制汽车行驶时发动机产生的噪声，故a错误b、在声源与居民之间树立了隔音墙，切断了汽车产生的噪声向居民传播的途径，所以这属于在噪声的传播过程中减弱噪声故b正确c、隔音墙的建立，可以减小汽车发动机产生的噪声到达人耳处的响度，但传播到人耳处的噪声在人耳处并没有被减弱所以也不是在接收处减弱的噪声故c错误d、由于b的正确，可以确定d是错误的故选b点评：隔音墙确实起到了减弱噪声的目的但它是通过三种方法中的哪种方法减弱噪声的要区分开这是此题考查的目的之一4（2分）下列估测与事实不相符的是（）a刚从冰箱里拿出的水果的温度约为3b洗澡水的温度约为70c通常情况下正常人感觉较舒适的气温大约为25d人的正常体温约为37考点：温度专题：估算综合应用题分析：此题考查对生活中常见物体或环境温度的估测，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合题意的选项即可解答：解：a、水果在冰箱中处于冷藏状态，温度高于0，低于10此选项符合实际，不符合题意；b、d、人体正常体温在37左右，洗澡水的温度应该略高于体温选项b不符合实际，符合题意；选项d符合实际，不符合题意；c、通常情况下，人体感觉舒适的温度在23左右此选项符合实际，不符合题意故选b点评：本题考查学生对生活中常见物体或环境温度高低的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道5（2分）以下自然现象形成过程中需要吸热的是（）a春天到了，冰雪消融b初夏，林中白雾弥漫c清晨，草叶上露珠品莹d深秋，果实上挂满了白霜考点：熔化与熔化吸热特点；液化及液化现象；生活中的凝华现象分析：在物态变化过程中，需要吸收热量的有熔化过程、汽化过程和升华过程解答：解：a、春天到了，冰雪消融，是熔化现象，所以需要吸收热量，符合题意；b、初夏，林中白雾弥漫，是液化现象，放出热量，不符合题意；c、清晨，草叶上露珠品莹，是液化现象，放出热量，不符合题意；d、深秋，果实上挂满了白霜，是凝华现象，放出热量，不符合题意；故选a点评：解决此类问题要结合物态变化过程中的吸热过程进行分析6（2分）如图所示电路，电源电压恒定，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器闭合开关s后，滑动变阻器滑片p自b向a移动的过程中（）a电流表a的示数变大，电压表v的示数变小b电流表a的示数变大，电压表v的示数变大cr1消耗的电功率变小d电路消耗的总功率不变考点：欧姆定律的应用；电功率专题：电路变化分析综合题分析：分析电路图可知滑动变阻器r2和定值电阻r1串联，电流表测量总电流，电压表测的是滑动变阻器两端的电压，当滑片p由b向a移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值在变小，电路总阻值也在变小；根据欧姆定律可判断电路电流和滑动变阻器两端电压的变化，根据p=ui可知r1消耗的电功率的变化和电路消耗的总功率的变化解答：解：ab、滑片p自b向a移动的过程中，接入电路的电阻变小，总阻值变小；根据欧姆定律i=可知，电路中电流变大，电流表示数变大，则定值电阻r1两端的电压变大；根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小；故a正确，b错误c、因通过r1的电流变大，电阻r1两端的电压变大，根据p=ui可知，r1消耗的电功率变大；故c错误d、电源电压不变，电流变大，根据p=ui可知电路消耗的总功率变大故d错误故选a点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是计算公式的应用和仪表、滑动变阻器的正确使用7（2分）（2004无锡）无锡市近年来城市面貌发生了很大变化，增加了许多绿地，在道路两旁栽种了大量树木，改善了城市环境下列关于城市绿化作用的说法中，不正确的是（）a植物的蒸腾作用，可以调节环境温度b城市绿化面积的增加，可以改善空气质量c在道路两旁栽种树木，可以减小车辆噪声对居民的影响d城市绿化后，可以减少工业废气和车辆尾气的排放考点：防治噪声的途径专题：应用题；学科综合题分析：要解答本题需掌握：蒸发是汽化现象，蒸发吸热；植物进行光合作用，吸进二氧化碳，释放出氧气；在道路两旁栽种树木，这是在传播过程中减弱噪声解答：解：a、蒸腾作用能降低植物及其周围环境的温度的物理原理是：液体蒸发吸热具有制冷作用，从而可以调节环境温度，故本选项正确；b、植物进行光合作用，吸进二氧化碳，释放出氧气，所以城市绿化面积的增加，可以改善空气质量，故本选项确；c、在道路两旁栽种树木，这是在传播过程中减弱噪声的，因此可以减小车辆噪声对居民的影响，故本选项正确；d、工业废气和车辆尾气的排放与城市绿化无关，故本选项错误故选d点评：本题是一道与生物学科相关的题目，它以植物的蒸腾作用为阅读背景，考查了热学相关问题，体现了当今世界科技发展七大趋势之一，就是愈来愈走向综合化8（2分）（2012杭州）如图所示是小李探究电磁铁磁性强弱与什么因素有关的实验装置下列措施中能使电磁铁磁性增强的是（）a滑片p向右移动，其他条件不变b滑片p向左移动，其他条件不变c开关s由1扳到2，其他条件不变d电源的正负极对调，其他条件不变考点：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验专题：实验题；压轴题；图析法分析：电磁铁磁性的强弱受电流的大小、线圈的匝数、以及铁芯的有无等因素的影响，从这一角度，对照各选项可进行针对性地分析解答：解：a、滑片右移，电路中的电阻增大，电流减小，电磁铁的磁性会减弱，故不合题意；b、滑片左移，电路中的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性会增强，故符合题意；c、开关s由1扳到2时，线圈的匝数减少，电磁铁的磁性会减弱，故不符合题意；d、电源的正负极对调只会改变电流的方向，对电磁铁的磁性不会有影响，故不合题意答选b点评：明确影响电磁铁磁性强弱的因素有哪些，再对照选项分析是否改变了这些因素，是解决此题的关键9（2分）（2007杭州）两个外形完全相同的条形铁条a、b如图甲，用手拿住b，a掉不下来；如图乙，用手拿住a，b会掉下来，这个现象说明（）ab均是磁铁bb是磁铁，a不是ca是磁铁，b不是db均不是磁铁考点：物体是否具有磁性的判断方法专题：实验分析法分析：磁体具有磁性，一个磁体有两个磁极，磁极的磁性最强，中间几乎没有磁性解答：解：甲图，如果a是磁体，a的中间部分几乎没有磁性，b吸引a的中间部分，说明b具有磁性，a是不能确定的乙图，用手拿住a，b会掉下来，说明a不具有磁性故选b点评：（1）掌握磁体的磁极磁性最强，中间部分几乎没有磁性（2）掌握磁体具有吸铁性10（2分）（2003武汉）现在家庭电路中，常使用一种外壳由塑料制成的“空气开关”，它可替代闸刀开关和熔断器如果某同学家安装的“空气开关”的额定电流是10a，那么，由这个“空气开关”控制的用电器的总功率最好（）a不大于220wb不大于2.2kwc不大于1200wd没有限制考点：电功率的计算专题：应用题分析：家庭电路中的电压为220v；空气开关的额定电流“20a”表示允许通过的最大电流是20a理解这两个参数含义，根据电功率公式p=ui求出这只“空气开关”控制的用电器的总功率解答：解：由这只“空气开关”控制的用电器的总功率：p=ui=220v10a=2200w=2.2kw则家里所有用电器的总功率不大过2.2kw即可，只有b选项符合题意故选b点评：本题考查了学生对电学元件上参数的理解，及电功率公式的应用，是一道基础题11（2分）（2004广安）雨过天晴的夜晚，为了不踩到地上的积水，下面判断中正确的是（）a迎着月光走，地上暗处是水；背着月光走，地上亮处是水b迎着月光走，地上亮处是水；背着月光走，地上暗处是水c迎着月光走或背着月光走，都应是地上发亮处是水d迎着月光走或背着月光走，都应是地上暗处是水考点：光的反射专题：应用题分析：（1）水面和地面都反射月光，水面对月光发生的是镜面反射：入射光线是平行光线，反射光线也是平行光线；地面对月光发生的是漫反射：入射光线是平行光线，反射光线不再平行，而是射向各个方向（2）人看到的明亮程度是由进入人眼睛的光的多少来决定的解答：解：（1）当人迎着月光走时，水面发生的镜面反射能够使更多的光进入人的眼睛，所以水面看起来较亮，而地面发生的是漫反射，光射向各个方向，进入人眼睛的光较少，所以地面看起来较暗（2）当人背着月光走时，水面发生的镜面反射，没有光进入人的眼睛，所以水面看起来较暗，而地面反射的是漫反射，总有一部分光进入人的眼睛，所以看起来较亮故选b点评：（1）此题考查了镜面反射和漫反射（2）看到物体的明亮程度是由进入人眼睛的光线的多少来决定的；（3）通过水面和地面两种反射面对月光的不同反射，确定进入眼睛光线的多少，即可得到此题的答案12（2分）（2002陕西）下列说法中正确的是（）a人走向穿衣镜时，人在镜中所成的像逐渐变大b黑板“反光”是因为光在“反光”处发生了漫反射c激光准直，利用了光沿直线传播的道理d放映电影时银幕上的像是虚像考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；镜面反射；实像与虚像的区别专题：压轴题；光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用分析：a、平面镜成像特点之一：正立等大的虚像；b、黑板“反光”是因为黑板发生了镜面反射，黑板反射的光线比粉笔字反射的光线强，使人无法看清黑板上的字；c、在均匀介质中，光是沿直线传播的；生活中的许多实例就是利用了光的这一传播特点，如：射击讲究“三点一线”、激光准直、手影游戏等d、知道当物距处于1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大的实像 幻灯机、投影仪都是利用这个原理制成的解答：解：a、由平面镜成像特点可知，人走向穿衣镜时，人在镜中所成的像大小不变，故a错误；b、镜面反射后的光线射向同一方向，正好处在这一方向上时，获得的光线很强，其他方向上几乎没有反射光线，黑板“反光”就是因为黑板发生了镜面反射的缘故，故b错误；c、激光准直，利用了光沿直线传播的道理，故c正确；d、放映电影时的镜头相当于一个凸透镜，当物距在1倍焦距和2倍焦距之间时，由凸透镜的成像规律可知，在透镜的另一侧会形成倒立放大的实像故d错误故选c点评：本题考查了平面镜成像特点、凸透镜成像的规律及其应用、漫反射在生活中的应用，熟练掌握基础知识，做到活学活用二、填空题13（2分）城市主要道口设有噪声监测设备某时刻该设备的显示屏上显示51.10的数字，这个数字的单位是分贝（db），若此时有一辆大卡车路过此地，显示屏上显示的数据将增大（增大/减小）考点：噪声及来源分析：解答此题关键要知道声音的强弱等级，即人耳能感觉到的声音大小用分贝来表示，声音越大，分贝值越大解答：解：噪声监测设备是用来监测噪声等级的，而声音的强弱用分贝表示，所以该设备上显示数字的单位用分贝（db）表示；一辆大卡车经过时，声音变大，所以屏上显示的数据将增大；故答案为：分贝（db），增大点评：本题主要考查学生对声音强弱等级的表示方法与生活实际的结合，是一道基础题14（2分）如图是常用的一种体温计，它是根据液体的热胀冷缩的规律制成的，此时它指示的温度是36.6考点：体温计的使用及其读数专题：应用题分析：（1）要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数（2）常用的体温计是根据液体的热胀冷缩性质制成的解答：解：体温计的原理是根据液体的热胀冷缩性质制成的；体温计一个大格表示1，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1因此它的读数为36+0.6=36.6；故答案为：液体的热胀冷缩；36.6点评：此题主要考查体温计的工作原理和读数温度计是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值读数时视线与刻度垂直15（2分）一束光线垂直照射到平面镜上，入射角为0度；要使反射光线和入射光线的方向成120的夹角，则平面镜要转动60度考点：光的反射定律专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角解答：解：因为入射光线垂直射到平面镜上，入射光线和法线重合，所以入射角等于0，而反射角等于入射角，即反射角为0要使反射光线和入射光线的方向成120的夹角，则反射角等于入射角等于60，因此平面镜要转动60故答案为：0；60点评：此题主要考查了光的反射定律的内容，特别是反射角与入射角的关系，同时必须搞清入射角与反射角的概念16（3分）（2010宜城市模拟）建筑工地上，工人用独轮车运送石块如图所示，石块与独轮车的总重为600 n重心在a点，则工人两手对车所施加向上的力f是240n；要想使f更小一些，你的建议是两手向车把末端移动考点：杠杆的平衡条件专题：应用题；简答题分析：（1）知道阻力、阻力臂、动力臂，利用杠杆的平衡条件，求动力大小；（2）由可知，g不变，省力的方法：阻力臂不变，增大动力臂；动力臂不变，减小阻力臂；增大动力臂的同时，减小阻力臂解答：解：（1）fl1=gl2，即：f1m=600n0.4m，f=240n；（2）要省力，建议：当阻力和阻力臂不变时，增大动力臂，即：两手向车把末端移动故答案为：240，两手向车把末端移动点评：本题考查了杠杆平衡条件的利用，包括计算和分析什么时候最省力，与实际生活相联系，学了会用！17（4分）已知r1：r2=3：2，若将它们串联接入电路，则通过两电阻的电流之比i1：i2=1：1，电阻两端的电压之比u1：u2=3：2；若并联接入电路，则通过两电阻的电流之比i1：i2=2：3，电阻两端的电压之比u1：u2=1：1考点：串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律专题：应用题；电流和电路；电压和电阻分析：根据串并联电路的特点和欧姆定律分析答题解答：解：（1）两电阻串联，流过两电阻的电流i相等，所以i1：i2=1：1；已知r1：r2=3：2，根据u=ir得：电阻两端的电压之比=；（2）两电阻并联时，它们两端的电压u相等，所以u1：u2=1：1；已知r1：r2=3：2，根据i=得：电流之比=；故答案为：1：1；3：2；2：3；1：1点评：本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用，是一道基础题，解题时注意比值法的应用18（2分）（2012哈尔滨）用凉水冷却滚烫的鸡蛋，鸡蛋内能是通过热传递的方式改变的如果水的质量是lkg，初温为20，鸡蛋取出时水温为30，水吸收的热量为4.2104jc水=4.2l03j/（kg）考点：热传递改变物体内能；热量的计算专题：计算题；应用题分析：（1）改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；（2）已知水的比热容、质量和升高的温度，可利用公式q=cmt计算水吸收的热量；解答：解：（1）鸡蛋从水中吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式改变内能的；（2）水吸收的热量：q=cmt=4.2l03j/（kg）1kg10=4.2104j；故答案为：热传递；4.2104；点评：本题考查了学生对改变内能的方式、吸热公式q=cmt的掌握和运用，难度不是很大19（4分）（1）某同学利用如图所电路，探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，图中甲、乙、丙是镍铬合金丝，甲、乙长度相同，乙、丙粗细相同实验中，根据电流大小判断接入m、n两点间电阻的大小，选用的电阻丝是甲、乙（2）在我国，家庭电路的电压是220v为了安全起见，家用电器的金属外壳都必须可靠接地，如图所示，用于接地的导线应该接在插座的e孔考点：影响电阻大小的因素；插座的构造与工作方式专题：电压和电阻分析：（1）电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用大小；在电压相同的条件下，电阻越大则电流就越小；可见电流的大小间接反映了电阻的大小；根据控制变量的思想，要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，就应让材料相同、长度相同，让横截面积不同（2）家庭电路中火线和零线之间的电压为220v；人们用三孔插座来连接带有金属外壳的用电器，其中一个孔接火线，一个孔接零线，中间的那个孔用来接地，即将用电器的金属外壳与大地连接起来解答：解：（1）将电阻的大小转换成电流的大小来比较，电流越大则电阻就越小；要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，就应选材料相同、长度相同，横截面积不同的导体甲和乙；（2）家庭电路中火线和零线之间的电压为220v；若用电器的金属外壳万一带电，为了将电流通过导线导入大地，防止触电事故的发生，所以家用电器的金属外壳都必须可靠接地，而三孔插座中多出一个专门用于接地的孔e，就是用来接地的故答案为：（1）电流大小；甲、乙；（2）220；e点评：（1）此题渗透了物理上常用的两种探究问题的方法：即转换法和控制变量法；还要深刻理解电阻的含义、影响电阻大小的因素（2）本题主要考查了三孔插座中多出的一个孔的作用，知道三孔插座中各孔的用途接地是为了防止用电器的金属外壳和火线相连和当人接触用电器的金属外壳时造成触电事故20（4分）（1）科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在着磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系小明同学自制了一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，如图所示当开关s接a（选填“a”或“b”）点时，电磁铁的a端是n极（2）如图是某同学家中的电能表，现用它测量一只灯泡的实际功率他关掉其他用电器只让该灯泡工作，电能表转盘转过30转用时10min，这段时间灯泡消耗的电能是0.01kwh，灯泡的实际功率是60w考点：通电直导线周围的磁场；安培定则；电能表参数的理解与电能的求法专题：应用题；电能和电功率；磁现象、电生磁分析：（1）在1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在着磁场知道电磁铁的a端是n极，根据安培定则判定出线圈中的电流方向，由此可判断出线圈中电流的方向，从而可以判断出电压的正负极，最后便可以判断出开关s接哪一个点（2）“3000r/kwh”的意义为：每消耗1kwh的电能，电能表的转盘就转过3000r，从而可以计算出电能表的转盘转过30r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式p=计算出灯泡的实际功率解答：解：（1）奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场从图可知，电磁铁的a端是n极，b端是s极，用右手握住电磁铁，大拇指指向n极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方向，则电流从电磁铁的a端流进，从b端流出，由此可知，a端应接电源的正极，b端接电源的负极，所以，当开关s接a点时电磁铁的a端是n极（2）每消耗1kwh的电能，电能表的转盘就转过3000r，电能表的转盘转过30r消耗的电能为：w=0.01kwh=3.6104j，而t=10min=600s，灯泡的实际功率为：p实际=60w故答案为：（1）奥斯特；a；（2）0.01；60点评：本题考查安培定则的应用及电能的计算和功率的计算，关键是公式及其变形的应用，要学会对电能表参数的理解，解题过程中要注意单位的换算21（3分）（2012南京）如图所示的电路，电源电压恒定某同学用该电路验证“在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”他多次只改变电阻箱r1的阻值，测得相应的电流值，如表所示：实验序号r1/i/a50.30100.20150.15（1）根据表中数据，通过导体的电流与导体的电阻不成（选填“成”或“不成”）反比，其原因是没有控制电阻箱r1两端的电压不变（2）此实验中，电源电压为3v考点：探究串、并联电路中的电压规律实验专题：实验题；压轴题分析：（1）探究“电流跟电压、电阻的关系”实验重点的是考查控制变量法，研究电流跟电压关系时，控制电阻不变，研究电流跟电阻关系时要保持电压不变（2）根据表中的数据首先求出r2的阻值，再根据欧姆定律求出电源电压解答：解：（1）本实验应该调节滑动变阻器，保持电压表示数不变，研究电流跟电阻的关系；根据表中数据，通过导体的电流与导体的电阻不成反比原因是改变电阻箱r1的阻值时，应该保持电阻箱r1两端的电压不变故答案为：不成；没有控制电阻箱r1两端的电压不变（2）根据表中的测量数据，第一次测量中，电源电压u=u1+u2=i1r1+i1r2=0.3a5+0.3ar2=1.5v+0.3ar2第二次测量中，电源电压u=u1+u2=i2r1+i2r2=0.2a10+0.2ar2=2v+0.2ar2根据以上两个式子解出r2=5将r2=5带入到上式中得到电源电压u=u=u1+u2=1.5v+0.3ar2=1.5v+0.5a5=3v故答案为：3点评：此题主要考查的是对欧姆定律的理解和掌握，以及对欧姆定律公式的正确应用以及对数据的处理能力和分析总结能力三、作图题22（8分）（1）如图1所示，杠杆在力f1、f2作用下处于平衡状态，l1为f1的力臂请在图中作出f2的力臂l2及力f1（2）根据平面镜成像规律在图2中作一条入射光线，使其通过点a，并使其反射光线通过b点（3）根据图3中通电螺线管的n极，标出磁感线方向，并在括号内标出电源的正、负极（4）如图4所示，将三孔插座正确接入家庭电路考点：力臂的画法；作光的反射光路图；通电螺线管的磁场；家庭电路的连接专题：压轴题；图像综合题分析：（1）f2与杠杆垂直，故连接支点o与f2的作用点即为力臂l2，过l1的上端作l1的垂线，交杠杆于一点，即为f1的作用点，f1的方向向上（2）要使通过点a的入射光线，反射后通过b点，可把a点当作点光源，过b点的反射光线与a点在平面镜中的像点a的在同一条直线上（3）磁体周围的磁感线从n极出来，回到s极；利用线圈的绕向和螺线管的n、s极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极（4）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线当金属外壳的用电器漏电时，上孔接地线，人体接触漏电的金属外壳用电器时，地线把人体短路，防止发生触电事故解答：解：（1）由图可知，o为支点，由o向力f2的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是力臂l2；作力臂l1的垂线即力f1的作用线，与杠杆的交点就是作用点，f1使杠杆的转动方向与力f2的相反，所以力f1如图：（2）根据平面镜成像的特点：像物关于平面镜对称，作出a点的像点a，连接ab，与平面镜的交点o为反射点，连接ao为入射光线，ob为反射光线，如图：（3）螺线管的左端为n极，磁感线从磁体的n极出发，回到s极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从左向右的；根据螺线管的左端为n极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的右端流入左端流出根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：右端为正极，左端为负极如下图：（4）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如下图：点评：本题考查了力臂作图、平面镜反射光线作图、安培定则的应用以及三孔插座的接法，属于常见作图的考查，属于重点内容四、实验题23（8分）如图所示，是小明和小华在观察“水的沸腾”实验中的情景，通过酒精灯对水加热，使水沸腾，他们记录的数据如下表所示：时间/min12345678910水温/92939495969798999999（1）在组装器材时，是按照由下到上（选填“由上到下”或“由下到上”）的顺序，在固定石棉网时，应处于酒精灯火焰的外焰（选填“外焰”“内焰”或“焰心”）位置（2）如果图甲、乙是该同学观察到液体沸腾前和沸腾时气泡在液体中的上升过程，则甲图是液体沸腾时的情况（3）从数据上看，本次实验中水沸腾时的温度为99，水在沸腾过程温度不变（4）根据记录在方格纸中画出水的温度和时间关系的曲线（5）实验中发现，水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因可能是：水的初温较低（写一种原因）考点：探究水的沸腾实验专题：探究型实验综合题分析：（1）用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节（2）水沸腾前，水上层的温度低于下层温度，气泡在上升过程中，气泡内的水蒸气遇冷液化成小水珠，气泡越来越小水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡在上升过程中，不断有水汽化，气泡越来越大（3）水在沸腾时的温度规律是，虽然继续吸热，但温度保持不变（4）根据图象中纵、横坐标的内容，从表格中找了相应的数据进行描点，最后连点成线即可（5）加热时间过长可以从以下几个方面考虑：水的初温、水量多少、火焰大小等解答：解：（1）先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离因为外焰温度较高，所以在固定石棉网时，应处于酒精灯火焰的外焰位置（2）由图可知，甲图气泡在上升过程中，不断有水汽化，气泡越来越大故甲图是液体沸腾时的情况（3）由数据表格可知，当温度升高到99时就保持不变了，所以本次实验中沸腾时的温度为99（4）横轴为时间，纵轴为温度，依次找出对应点并描线，如图所示（5）水加热时间过长可能是水的初温太低，可以用初温较高的水开始加热；也可能是水量太多，可以减小水量；也可能是酒精灯火焰太小，可以增大火焰故答案为：（1）由下到上；外焰；（2）甲；（3）99；保持不变；（4）如图；（5）水的初温较低点评：在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象在“探究水的沸腾实验”中，要学会通过记录数据画出曲线图，并能通过数据或图象准确找出沸点温度，同时知道如何缩短水从开始加热到沸腾的时间，从而使实验进行更顺序24（5分）小玲在做探究平面镜成像特点实验时，用一块薄玻璃板代替平面镜竖直架在一直尺上面，再取两段等长的蜡烛a和b一前一后竖放在直尺上，点燃玻璃板前的蜡烛a，用眼睛进行观察，如图所示在此实验中：（1）用薄玻璃板代替平面镜是为了便于确定像的位置（2）直尺的作用是便于比较像与物到平面镜的距离关系（3）两段等长的蜡烛是为了比较像与物大小关系（4）移去蜡烛b，并在其所在位置上放一光屏，则光屏上不能（选填“能”或“不能”）接收到蜡烛a的烛焰的像（5）小玲在实验中发现，当他沿桌面移动未点燃的蜡烛b时，始终不能使蜡烛b与已点燃的蜡烛a的像重合，她在实验中存在的问题是玻璃板未竖直放置考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：探究型实验综合题分析：（1）实验的关键是确定像的位置，而选择玻璃板还是镜子作为实验中的平面镜主要是为了确定像的位置的需要；（2）要比较像与物的位置关系，需借助直尺；用刻度尺测出两支蜡烛到玻璃板的距离便可得出像和物体到平面镜的距离相等（3）实验中比较像与物的大小关系是等量代换的方法，a蜡烛与b蜡烛等大，b蜡烛与a的像等大，所以a的像与a等大；（4）平面镜成的像是反射光线的反向延长线会聚于一点形成的，用光屏接收不到，说明成的像是虚像；（5）实验时玻璃板要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合解答：解：（1）玻璃既能透光，又能反光，既可以看到前面物体在后面成的像，又可以看到后面的物体，这样就可以利用等效替代的办法准确确定像的位置；（2）在实验中用到刻度尺，但尺并不是测量像、物的大小用的，而是测像到镜的距离、物到镜的距离，然后比较二者关系用的（3）两段蜡烛等长，即完全相同的，是为了比较像与物的大小关系；（4）平面镜成的像是虚像，光屏接收不到，只能用眼睛观察到；（5）当玻璃板与桌面不垂直时，根据像与物对称的原理可知，a的像比桌面偏高或偏低，所以怎么移动b蜡烛都不可能与a的像完全重合；另外，选取实验器材的粗心或实验时间过长导致的两只蜡烛长短不同时，也会出现不能完全重合的现象，这种情况在做题中较为少见故答案为：（1）便于确定像的位置；（2）到平面镜的距离；（3）大小；（4）不能；（5）玻璃板未竖直放置点评：此题主要是探究平面镜成像的特点，首先要掌握平面镜成像的特点知道其中像的位置的确定利用了替代法，在实验中要注意像与物的位置和大小的确定同时要掌握实像与虚像的特点，实像可以成在光屏上，是实际光线会聚成的；虚像不能成在光屏上，不是实际光线会聚而成的25（4分）某实验小组利用如图所示的装置测滑轮组机械效率，记录数据如下表：实验序号勾码g/n勾码上升的高度/m绳端的拉力/n绳端移动的距离/m机械功率/%140.11.80.374.1260.12.40.383.3（1）实验时，应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计（2）第次实验中，拉力做的总功是0.72j，滑轮组做的有用功是0.6j，滑轮组的机械效率=83.3%（结果保留一位小数）考点：滑轮（组）机械效率的测量实验专题：测量型实验综合题分析：在测机械效率的试验中：只有匀速竖直向上拉动弹簧测力计，拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定重物和动滑轮有三段绳子承担，绳子移动的距离物体升高距离的3倍知道物重、物体升高的距离、弹簧测力计的拉力、弹簧测力计移动的距离，求出机械效率解答：解：（1）实验中应该匀速竖直向上拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定（2）拉力做的总功为w总=fs=2.4n0.3m=0.72j拉力做的有用功为w有用=gh=6n0.1m=0.6j滑轮组机械效率为=100%83.3%故答案为：（1）匀速；（2）0.72；0.6；83.3点评：使用滑轮组时，物体升高的高度为h，绳子自由端移动的距离为s，二者之间的关系是s=nh，n指与动滑轮相连的绳子段数26（6分）（2012重庆）为了测定额定电压为“2.5v”小灯泡的电功率，小明同学设计了如图甲所示的电路图实验中各元件完好，电源电压保持不变（1）连接电路的过程中开关应断开请你在图乙中用笔画线代替导线，帮小明同学将电路连接完整（连线不得交叉）（2）小明同学闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来他首先应进行的操作是c（选填字母序号）a检查电路是否断路b更换小灯泡c移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（3）为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，当电压表的示数为2.5v时，灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为0.28a，该灯泡的额定功率为0.7w（4）实验过程中，有些小组的小灯泡先由暗变亮，然后发出耀眼的光后被烧坏为了避免灯丝烧断，请提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项：调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压，防止小灯泡烧坏考点：探究用电器的电功率实验；电流表的读数方法；电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：计算题；实验题；作图题；压轴题分析：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作（3）额定电压下灯泡正常发光，根据电流表的量程和分度值读出电流，根据p=ui求出灯泡的额定功率（4）本实验中电压表测灯泡两端的电压，灯泡的与实际功率、实际电压的大小，为防止灯泡被烧坏，调节滑动变阻器可以观察电压表的示数来进行解答：解：（1）连接电路图时，开关应断开；滑动变阻器上端任意一接线柱与灯泡连接即可，如下图所示：（2）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行c项操作（3）灯泡正常发光，则电压应为2.5v；由图可知，电流表的量程为00.6a，分度值为0.02a，所以电流表的示数为0.28a，灯泡的额定功率p=ui=2.5v0.28a=0.7w（4）为了避免灯丝烧断，可以调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压来进行实验故答案为：（1）断开；如图所示：（2）c；（3）2.5；0.28；0.7；（4）调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压，防止小灯泡烧坏点评：本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、电流表的读数、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类型五、计算题、应用题27（6分）（2012盐城）小华有4v的蓄电池和规格为“3v 3w”的小灯泡各一只，为了能使小灯泡正常发光，他设计了如图所示的电路求：（l）小灯泡正常发光时的电流；（2）小灯泡正常发光1min消耗的电能；（3）定值电阻的阻值考点：电功的计算；欧姆定律的应用专题：计算题分析：（1）已知小灯泡规格为“3v 3w”，根据i=可求出小灯泡正常发光时的电流；（2）已知小灯泡功率3w和时间1min根据w=pt可求出消耗的电能；（3）电路中电流就是小灯泡正常发光时的电流，电阻两端电压等于电源电压与小灯泡两端电压之差，然后根据r=求出电阻解答：解：（1）小灯泡正常发光时的电流：i=1a（2）小灯泡正常发光1min消耗的电能：w=pt=3w60s=180j（3）定值电阻电压：u=4v3v=1v，定值电阻的阻值：r=1答：（l）小灯泡正常发光时的电流是1a；（2）小灯泡正常发光1min消耗的电能是180j；（3）定值电阻的阻值是1点评：本题考查了电功的计算和欧姆定律的运用，属于基本运算，比较容易28（7分）（2008辽宁）某辆小汽车油箱内装满35kg汽油，司机小王驾车到某城市执行任务，路程为300km在高速公路上匀速行驶时，车受到的阻力是920n（汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能；汽油的热值为4.6107j/kg）求：（1）汽车到达目的地牵引力所做的功（2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油考点：功的计算；热量的计算专题：应用题；压轴题分析：（1）汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力与阻力是一对平衡力，即f=f=920n，将路程单位km换算成m（2）汽车在行驶时，汽油完全燃烧产生的内能有30%转