江苏省泰州市高港实验中学2017届九年级上月考物理试卷12月份.doc

2016-2017学年江苏省泰州市高港实验中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每题2分，共24分）1如图甲，邻居大叔正吃力地把一重物搬上高台，放学回家的小勇看见后急忙前去帮忙他找来一块木板，搭成图乙所示的斜面，结果非常轻松地把同样的重物推到了高台上关于这两种方法，下列说法正确的是（）A大叔克服重力做功较多B乙种情况的机械效率高C两人做同样多的有用功D小勇做功的功率要大些2大伟同学用一个距离手3m高的定滑轮拉住重100N的物体，从滑轮正下方沿水平方向移动4m，如图所示，若不计绳重和摩擦，他至少做功（）A200JB300JC400JD500J3如图所示，把一个重400N的物体沿竖直方向上在10s内匀速提升了2m，所用拉力F为140N，不计摩擦和绳重则下列计算结果错误的是（）A动滑轮重20NB拉力F做功840JC拉力F做功的功率为84WD此滑轮组机械效率为80%4如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的（）A动能增加，势能减小，机械能不变B动能不变，势能不变，机械能不变C动能减小，势能不变，机械能减小D动能增加，势能增加，机械能增加5用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体（不计热量损失）如图是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（）AA的比热容与B的比热容之比为2：1BA的比热容与B的比热容之比为2：3C都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多DA和B升高相同的温度，B吸收热量较多6下列关于半导体、超导体的说法中，正确的是（）A半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，可制作二极管B半导体的导电性能良好，可制作远距离输电导线C超导体的导电性能最好，可制作电炉丝D超导体的电阻为零，没有实际用途7由同种材料制成的AB和BC两段导体，它们的长度相同，AB的横截面积比BC的小，将它们按照图所示的方式串联在电路中，不计温度的影响，下列判断正确的是（）A两段导体的电阻值：RAB=RBCB两段导体的电阻值：RABRBCC两段导体两端的电压：UABUBCD通过两段导体的电流：IABIBC8如图是小丽研究串联电路中电流、电压特点的实物连接图，当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路9小明观察了市场上自动测高仪后，设计了以下四个电路（其中R是滑动变阻器，R是定值电阻，电源两极间电压恒定）其中能实现身高越高，电压表示数越大的电路是（）ABCD10如图所示的电路，合上开关，小灯泡正常发光，若将小灯泡和电流表的位置互换，则合上开关后的现象是（）A小灯泡不发光B小灯泡会烧坏C小灯泡仍正常发光D电压表和电流表都没有示数11如图所示，电源电压恒定，当合上开关S后，向右移动滑动变阻器R的滑片P的过程中，下列说法正确的是（）A电压表和电流表的示数都变小B电压表和电流表的示数都变大C电压表的示数变大，电流表的示数变小D电压表的示数变小，电流表的示数变大12如图所示的电路中，电源电压保持不变当开关S从断开到闭合时，电路中（）A电流表的示数变小，电压表的示数变小B电流表的示数变小，电压表的示数变大C电流表的示数不变，电压表的示数变小D电流表的示数不变，电压表的示数变大二、填空题（每空1分，共28分）13如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个杠杆（选填“省力”或“费力”），若箱的重量为100N，动力臂是阻力臂的4倍，要使该杠杆平衡，则竖直向上的拉力F为N14使用简单机械可以给人们的生活带来便利（1）如图甲，旗杆的顶端安装着一个滑轮，用来改变拉力的方向（2）如图乙，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小臂，剪断物体更省力15在水平地面上，用60N的力沿水平方向拉着重为200N的小车前进5m，拉力做功J，重力做功J16如图所示，将一块1m长的木板一端架高0.4m，用50N沿木板的拉力把一个重为100N的小铁块从底端匀速拉到顶端这里的木板是一种简单机械，称做，此时效率为，木板对小铁块的摩擦力为N17在我国实施的“西气东输”工程中，西部的优质天然气被输送到缺乏能源的东部地区，天然气与煤相比，从热学的角度分析它的突出优点是；从环保角度分析它突出的优点是18“钻木”能“取火”，说明可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明可以改变物体的内能19如图所示，工作中的四冲程汽油机正处于冲程，该冲程将转化为机械能，若该汽油机每秒完成40个冲程，则每秒它对外做功次、飞轮转过圈20如图所示，是收音机上用以调节音量的一种电位器，图乙为其说明书中的内部结构示意图使用时，接线柱0必须接入电路当将0b两点接入电路中，如图使滑动触头逆时针转动，则连入电路的电阻，收音机的音量（填“增大”或“减小”）21如图所示，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P向左滑动时电流表示数，电压表示数，电压表和电流表示数之比（选填“变大”、“变小”或“不变”）22在如图所示的电路中，电源电压不变，R2=10S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.2A两开关都闭合时，电流表的示数为0.5A，则电阻R1=23定值电阻甲和乙中的电流与其两端的电压关系如图所示，由图象可得：（1）甲的电阻为；（2）若将甲和乙并联后接在电压为2V电源两端，则干路中的电流为A24如图（a）电路中，电源电压保持不变，R1和R2是两个阻值不同的电阻当开关闭合时，两电流表的指针位置均如图（b），则通过R1的电流为A，R1与R2阻值之比为三、解答题（共48分）25如图所示，用一根硬棒撬起一个石块，棒的上端A是动力的作用点，若用最小的力撬动石块，请标出此时杠杆的支点O并画出最小动力F及动力臂L26工人站在地上利用滑轮组把货物提起来，请你把图中绳子的绕线方法补充完整27如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置（1）该实验利用了转换法，通过观察来判断（选填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与的关系28如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同燃料的质量都是l0g（1）为了比较不同燃料的热值，应选择两图进行了实验，实验中是比较（“加热时间”或“液体升高的温度”）知道液体吸收热量的多少的（2）为了比较不同物质的比热容，应选择两图进行实验，实验中是比较（“加热时间”或“液体升高的温度”）知道液体吸收热量的多少的（3）在实验中，三烧杯中a、b液体的质量必须（相等/不同），通过该实验得到的燃料热值与实际相比是偏（大/小），你认为出现这样情况的主要原因是29在研究“导体电流与电阻关系”实验中，同学们利用阻值分别为5、10、15的定值电阻和变阻器进行探究，变阻器规格是“10 1A”，电源电压4.5V并保持不变（1）用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整（请用签字笔在答题卡上连线）（2）闭合开关前，电流表指针如图乙所示，对电流表的操作应该是（3）正确连线后，闭合开关时发现，无论怎样移动滑片电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是（4）先接入15的电阻，调节滑片时电压表示数为3V，观察到电流表示数如图丙所示，则电流表示数为A；用10电阻代替15电阻接入电路，应将滑片向端（选填“左”或“右”）移动，才能使电压表示数保持3V，并记录下电流表示数为0.3A；用5电阻代替10电阻接入电路，正确操作，电流表示数为0.6A（5）分析三次的实验数据，可得出电流与电阻的关系是：（6）王强同学继续探究：他用了30的定值电阻代替原来的电阻实验，发现无论怎样移动滑片都不能满足电压表示数为3V，原因是；要使电压表示数保持3V，要求变阻器的最大阻值最少为30在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与：导体的长度有关，导体的横截面积有关，导体的材料有关实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示编号材料长度/m横截面积/mm2A镍铬合金0.50.5B镍铬合金1.00.5C镍铬合金0.51.0D锰铜合金0.50.5（1）按照图甲所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，通过观察来比较导体电阻的大小，这种实验方法叫法（2）为了验证上述猜想，应该选用编号两根电阻丝分别接入电路进行实验（3）分别将A和D两电阻丝接入图甲电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟有关（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻，小明的实验方案和操作过程均正确，两表的连接和示数如图乙所示但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致实验误差，解决这一问题的措施是31同学利用电压表和电流表测量电阻R1的阻值（约9左右），电源选用两节干电池（1）按图甲电路，将图乙中电流表正确连入电路（2）该同学检查电路连接正确，合上开关，可是无论怎样移动滑片，电压表示数总为3V不变，你认为发生故障的原因可能是（3）清除故障后，小明将滑片P向左滑动时，电压表示数将（填“增大”、“减小”或“不变”），当P滑到某一位置时，两表读数如图丙所示，由此可知R=你认为这个结果可靠吗？，理由是32随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓人家一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶时，发动机的实际功率为20kW若小汽车行驶的距离为100km，汽油的热值q=4.6107J/kg，小汽车发动机的效率为25%求小汽车在这段路程中：（1）运动的时间；（2）发动机所做的功；（3）消耗汽油的质量33如图所示的电路图中，电源电压为18V保持不变，当开关闭合时，电流表示数为0.5A，电压表示数为5V，求：（1）电阻R1的阻值是多少？（2）若电流表的量程是00.6A，电压表的量程是015V，则滑动变阻器连入电路的阻值最小是多少欧？2016-2017学年江苏省泰州市高港实验中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共24分）1如图甲，邻居大叔正吃力地把一重物搬上高台，放学回家的小勇看见后急忙前去帮忙他找来一块木板，搭成图乙所示的斜面，结果非常轻松地把同样的重物推到了高台上关于这两种方法，下列说法正确的是（）A大叔克服重力做功较多B乙种情况的机械效率高C两人做同样多的有用功D小勇做功的功率要大些【考点】功的大小比较；机械效率的大小比较；功率大小的比较【分析】（1）使用机械时，人们为完成某项任务必须做的功叫有用功；对完成任务没有用但不得不做的功叫额外功；有用功与额外功之和叫总功；有用功与总功的比值叫机械效率；（2）功率是描述物体做功快慢的物理量，等于做功多少与所用时间的比值【解答】解：A、斜面是一种省力机械，利用斜面将物体推上高台可更省力，但是不省功；这两种方法中，物体的重力相同，举高的高度相同，根据W=Gh可知，两人克服重力做功相同，故A错误；B、甲是直接克服物体重力做功，没有做额外功；乙需要克服摩擦做额外功，所以，乙种情况下的机械效率低，故B错误；C、这两种方法，都把重物推到了高台上，由W=Gh可知，两人做同样多的有用功，故C正确；D、功率等于功与时间的比值，由于题中没有给出时间，不能确定哪个做功的功率大，故D错误故选：C2大伟同学用一个距离手3m高的定滑轮拉住重100N的物体，从滑轮正下方沿水平方向移动4m，如图所示，若不计绳重和摩擦，他至少做功（）A200JB300JC400JD500J【考点】功的计算【分析】功的大小等于力乘以距离，即W=Fs明确绳子自由端移动的距离即可正确解答【解答】解：绳子原长为3m，而大伟移动后绳长为5m，所以绳子自由端移动2m大伟所用的水平拉力为：F=G=100N；若不计绳重和摩擦，他至少做功为：W=Fs=100N2m=200J；故BCD错误，A正确；故选A3如图所示，把一个重400N的物体沿竖直方向上在10s内匀速提升了2m，所用拉力F为140N，不计摩擦和绳重则下列计算结果错误的是（）A动滑轮重20NB拉力F做功840JC拉力F做功的功率为84WD此滑轮组机械效率为80%【考点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】由图可知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=3；（1）不计绳重和摩擦，F=（G+G动），据此求动滑轮重力；（2）自由端移动的距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的功；（3）知道时间，利用P=求拉力F的功率；（4）有用功W有用，利用效率公式求该滑轮组的机械效率【解答】解：由图可知，动滑轮上绳子的段数n=3；A、不计绳重和摩擦，F=（G+G动），即：140N=，则G动=20N；故A正确；B、自由端移动的距离：s=3h=32m=6m，拉力做的功为：W总=Fs=140N6m=840J；故B正确；C、拉力F的功率：P=84W，故C正确；D、有用功W有用=Gh=400N2m=800J，该滑轮组的机械效率为：=100%95.2%；故D错故选D4如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的（）A动能增加，势能减小，机械能不变B动能不变，势能不变，机械能不变C动能减小，势能不变，机械能减小D动能增加，势能增加，机械能增加【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能=动能+势能物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能【解答】解：战斗机的速度不变，质量不断增大，动能增大高度不变，质量不断增大，重力势能增大机械能=动能+势能，动能增大，势能增大，所以机械能增大故选D5用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体（不计热量损失）如图是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（）AA的比热容与B的比热容之比为2：1BA的比热容与B的比热容之比为2：3C都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多DA和B升高相同的温度，B吸收热量较多【考点】热量的计算【分析】（1）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热，在时间t内，吸收的热量相同，知道A、B的温度变化，而A、B的质量相同，利用c=可得比热容的大小关系；（2）由图可知，A、B升高相同的温度，加热A的时间比B的时间长，据此比较吸收的热量关系【解答】解：（1）由图可知，在时间t内，吸收的热量相同，故C错；在时间t，吸收的热量相同，A的温度变化tA=20，B的温度变化tB=40，A、B的质量相同，由Q吸=cmt得c=，则cA：cB=tB：tA=2：1，故A正确、B错；（2）由图可知，A、B升高相同的温度，加热A的时间长，A吸收的热量多，故D错故选A6下列关于半导体、超导体的说法中，正确的是（）A半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，可制作二极管B半导体的导电性能良好，可制作远距离输电导线C超导体的导电性能最好，可制作电炉丝D超导体的电阻为零，没有实际用途【考点】超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用；半导体的特点；超导体的特点【分析】半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质超导体的电阻为零，利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作，但作远距离输电导线可以大大减小能量的损耗【解答】解：容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质，可制作二极管故A符合题意，B不符合题意；超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作故C不符合题意；超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合制作远距离输电导线故D不符合题意故选A7由同种材料制成的AB和BC两段导体，它们的长度相同，AB的横截面积比BC的小，将它们按照图所示的方式串联在电路中，不计温度的影响，下列判断正确的是（）A两段导体的电阻值：RAB=RBCB两段导体的电阻值：RABRBCC两段导体两端的电压：UABUBCD通过两段导体的电流：IABIBC【考点】串联电路的电流规律；欧姆定律的应用【分析】AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，串联时电流相同，根据公式U=IR可知电阻两端电压的大小【解答】解：AB、已知AB和BC是由同种材料制成的且长度相同，BC的横截面积大于AB的横截面积，所以BC的电阻小于AB的电阻；CD、因为串联电路处处电流相等，又因为U=IR可知AB两端的电压大于BC两端的电压故选C8如图是小丽研究串联电路中电流、电压特点的实物连接图，当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】分析电学问题时，出现电路图和实物电路时首先要分析电路（分析电路时可以根据电流的方向入手），该题中若闭合开关，电流表无示数，且灯泡不发光，即表明电路中没有电流，说明该电路是断路；此时电压表有示数，即说明此时电压表测的不是用电器的电压，而是电源电压，故此时电压表与电源相连的部分不可能发生断路，故据此可判断出是哪一部分出现了故障【解答】解：两灯串联，电压表测量L2的电压，若闭合开关，电流表无示数，且灯泡不发光，即表明电路中没有电流，说明该电路是断路；此时电压表有示数，即说明此时电压表测的不是用电器的电压，而是电源电压，故此时电压表与电源相连的部分不可能发生断路，故可能是L2发生断路故选C9小明观察了市场上自动测高仪后，设计了以下四个电路（其中R是滑动变阻器，R是定值电阻，电源两极间电压恒定）其中能实现身高越高，电压表示数越大的电路是（）ABCD【考点】欧姆定律的应用；电压表的使用；电阻的串联【分析】此题可根据串联分压来解，在电源电压不变时，滑阻和定值电阻串联时，滑阻阻值变大时所得电压就增加【解答】解：A 由电路图可知：电压表串联在电路中，电路无电流通过，电压表示数为电源电压，不变化故A错误；B 由电路图可知：滑阻和定值电阻串联，电压表测量滑阻的电压，身高越高，滑阻阻值越大，电压表示数越大故B正确；C 由电路图可知：滑阻和定值电阻串联，但电压表测电源电压，示数不变故C错误；D 由电路图可知：滑阻和定值电阻串联，电压表测定值电阻电压，身高越高，滑阻阻值越大，而电压表示数越小故D错误故选B10如图所示的电路，合上开关，小灯泡正常发光，若将小灯泡和电流表的位置互换，则合上开关后的现象是（）A小灯泡不发光B小灯泡会烧坏C小灯泡仍正常发光D电压表和电流表都没有示数【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】将小灯泡和电流表的位置互换后，电源电压不变，分析电路中的电阻的变化，可知电路中的电流变化，可知灯泡的发光情况和电流表的示数变化情况【解答】解：合上开关，小灯泡正常发光，若将小灯泡和电流表的位置互换后，灯泡与电流表仍为串联，总电阻不变，电流不变，所以灯泡仍能正确发光，电流表示数不变因为电流表电阻很小，相当于导线，所以电压表被短路，示数为0故选C11如图所示，电源电压恒定，当合上开关S后，向右移动滑动变阻器R的滑片P的过程中，下列说法正确的是（）A电压表和电流表的示数都变小B电压表和电流表的示数都变大C电压表的示数变大，电流表的示数变小D电压表的示数变小，电流表的示数变大【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压变化【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，滑动变阻器分压变大，电压表示数变大；电路中的总电阻R变大，电源电压U不变，由I=可知，电路电流变小，电流表示数变小；故选C12如图所示的电路中，电源电压保持不变当开关S从断开到闭合时，电路中（）A电流表的示数变小，电压表的示数变小B电流表的示数变小，电压表的示数变大C电流表的示数不变，电压表的示数变小D电流表的示数不变，电压表的示数变大【考点】欧姆定律的应用【分析】分析清楚图示电路结构，根据开关的断开与闭合情况确定各电路元件的连接方式，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由图示电路图可知，开关断开时，两电阻串联，电流表测通过R1的电流，电压表测R1两端的电压，电压表与电流表都有示数，开关闭合时电压表与电流表都被短路，电压表与电流表示数都是零；故它们的示数都变小；故选A二、填空题（每空1分，共28分）13如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个省力杠杆（选填“省力”或“费力”），若箱的重量为100N，动力臂是阻力臂的4倍，要使该杠杆平衡，则竖直向上的拉力F为25N【考点】杠杆的分类；杠杆的平衡条件【分析】本题考查了杠杆的分类及杠杆平衡条件的应用判断杠杆的类型可根据生活经验结合动力臂与阻力臂的大小关系来判断【解答】解：如图所示的拉杆式旅行箱，使用时动力臂大于阻力臂，相当于一个省力杠杆根据杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂可知，若动力臂是阻力臂的4倍，那么动力就是阻力的1/4，即F=25N故答案为：省力，2514使用简单机械可以给人们的生活带来便利（1）如图甲，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，用来改变拉力的方向（2）如图乙，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小阻力臂，剪断物体更省力【考点】定滑轮及其工作特点；杠杆的应用【分析】解决此题要知道：（1）定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向（2）根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力【解答】解：（1）国旗杆上的滑轮为定滑轮，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；（2）图中剪刀在使用过程中，在同样的情况下，往剪刀转动轴靠近，减小了阻力臂，由F1L1=F2L2可知：阻力臂L2越小，越省力因此这样做的目的是减小阻力臂，可以省力故答案为：（1）定；（2）阻力15在水平地面上，用60N的力沿水平方向拉着重为200N的小车前进5m，拉力做功300J，重力做功0J【考点】功的计算【分析】（1）根据W=Fs求出拉力做的功；（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离【解答】解：（1）拉力做的功W=Fs=60N5m=300J；（2）重力的方向是竖直向下的，而物体是在水平方向上移动了5m，没有在重力方向上移动距离，所以重力做功为0J故答案为：300；016如图所示，将一块1m长的木板一端架高0.4m，用50N沿木板的拉力把一个重为100N的小铁块从底端匀速拉到顶端这里的木板是一种简单机械，称做斜面，此时效率为80%，木板对小铁块的摩擦力为10N【考点】斜面的机械效率【分析】一端高，一端低，用来提高物体的倾斜放置的装置叫斜面；已知物重和斜面高度，可以得到有用功；已知拉力和斜面长度，可以得到总功；已知有用功和总功，可以得到斜面的机械效率；已知有用功和总功，可以得到额外功；已知额外功和斜面长度，利用功的变形公式得到摩擦力【解答】解：倾斜放置的木板是一种简单机械，称做斜面；斜面的机械效率为=100%=100%=80%；W=Fs，所以木板对小铁块的摩擦力为f=10N故答案为：斜面；80%；1017在我国实施的“西气东输”工程中，西部的优质天然气被输送到缺乏能源的东部地区，天然气与煤相比，从热学的角度分析它的突出优点是热值大；从环保角度分析它突出的优点是污染小【考点】燃料的热值；能源的利用和对环境的危害【分析】（1）从热学角度分析，相等质量的物质，热值大的放热就多（2）从环保角度分析，天然气燃烧污染小，煤燃烧还要放出别的废气污染就大【解答】解：（1）从热学角度分析，天然气的热值大，相等质量的物质，热值大的放热就多（2）从环保角度分析，天然气燃烧污染小，而煤燃烧不仅放出二氧化碳，还要放出别的废气故答案是：热值大；污染小18“钻木”能“取火”，说明做功可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明热传递可以改变物体的内能【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种方式【解答】解：钻木取火，是克服摩擦做功，使木头的内能增加、温度升高，达到木头的着火点而燃烧，属于做功改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，是手从火吸收热量，使自己温度升高、内能增加，属于热传递改变物体的内能故答案为：做功；热传递19如图所示，工作中的四冲程汽油机正处于做功冲程，该冲程将内能转化为机械能，若该汽油机每秒完成40个冲程，则每秒它对外做功10次、飞轮转过20圈【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算【分析】（1）由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；（2）四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化（3）热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案【解答】解：（1）如图，进气门和排气门都是关闭的，火花塞放电，活塞下行，可以判断是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能（2）热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，若该汽油机每秒完成40个冲程，则每秒它对外做功10次，飞轮转动20周故答案为：做功；内能；10；2020如图所示，是收音机上用以调节音量的一种电位器，图乙为其说明书中的内部结构示意图使用时，接线柱0必须接入电路当将0b两点接入电路中，如图使滑动触头逆时针转动，则连入电路的电阻变小，收音机的音量增大（填“增大”或“减小”）【考点】滑动变阻器的使用【分析】滑动变阻器是依据移动滑片时，改变接入电路中电阻线的长短来改变电阻，从而改变电流的【解答】解：由图可知，滑动触头逆时针转动时，其接入电路的电阻线的长度变小，即电阻电小，根据I=可知，电路中的电流会变大，即音量增大故答案为：变小；增大21如图所示，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P向左滑动时电流表示数变大，电压表示数变小，电压表和电流表示数之比变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R2两端电压；根据滑片移动方向判断R2连入电路中电阻变化，总电阻的变化，根据欧姆定律判断电路中电流、电压表变化以及两表比值变化情况【解答】解：由图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R2两端电压当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时，连入阻值变小，总电阻变小，根据I=，总电压不变，电流中电流变大，即电流表示数变大；由串联电路的电压特点：U2=UU1=UIR1，电流变大，所以U2变大，即电压表示数变大；电压表与电流表的示数的比值： =R2，所以两表比值变小故答案为：变大；变小；变小22在如图所示的电路中，电源电压不变，R2=10S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.2A两开关都闭合时，电流表的示数为0.5A，则电阻R1=15【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律【分析】根据S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.2A，求出U1，当两开关都闭合时，R1和R2并联则U1=U2=U，再根据并联电路的电流规律I=I1+I2即可求出R1【解答】解：I=，U1=R10.2A，又两开关都闭合时，电阻并联，U1=U2=U=R10.2A，I=I1+I2=+=+=0.5A，解得R1=15故答案为：1523定值电阻甲和乙中的电流与其两端的电压关系如图所示，由图象可得：（1）甲的电阻为10；（2）若将甲和乙并联后接在电压为2V电源两端，则干路中的电流为0.6A【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据甲的UI图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出甲的电阻；（2）将甲和乙并联后接在电压为2V的电源两端时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流【解答】解：（1）由甲的UI图象可知，当U甲=2V时，通过的电流I甲=0.2A，由I=可得，甲的电阻：R甲=10；（2）将甲和乙并联后接在电压为2V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压均为2V，由图象可知，通过两电阻的电流分别为I甲=0.2A，I乙=0.4A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A故答案为：（1）10；（2）0.624如图（a）电路中，电源电压保持不变，R1和R2是两个阻值不同的电阻当开关闭合时，两电流表的指针位置均如图（b），则通过R1的电流为0.3A，R1与R2阻值之比为4：1【考点】欧姆定律的应用；电流表的读数方法【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A测干路电流，A1测R1支路的电流，根据并联电路的电流特点确定两电流表的量程，并根据分度值读出其大小和求出通过R1的电流，利用欧姆定律求出两电阻的阻值之比【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A测干路电流，A1测R1支路的电流，因为并联电路干路电流大于各支路电流之和，且两指针的位置相同，所以，干路A的量程为03A，分度值为0.1A，干路电流I=1.5A，A1的量程为00.6A，分度值为0.02A，通过R1支路的电流I1=0.3A，所以通过R1的电流I1=II2=1.5A0.3A=1.2A，由I=可得，两电阻的阻值之比：=故答案为：0.3； 4：1三、解答题（共48分）25如图所示，用一根硬棒撬起一个石块，棒的上端A是动力的作用点，若用最小的力撬动石块，请标出此时杠杆的支点O并画出最小动力F及动力臂L【考点】力臂的画法【分析】（1）支点是杠杆绕着转动的固定点，动力向下作用时，杠杆应绕小石块尖端转动；动力向上作用时，杠杆应绕着杠杆与地面接触的点转动；（2）根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，在阻力阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小【解答】解：由图示可知，当杠杆与地面的接触点为支点O时，作用在A点的动力力臂最大，所以此时动力最小，力垂直于杠杆向上，过支点O作最小力的作用线的垂线即为力臂L，如图所示26工人站在地上利用滑轮组把货物提起来，请你把图中绳子的绕线方法补充完整【考点】滑轮组的设计与组装【分析】拉力的方向向下，应从定滑轮开始绕【解答】解：要使该滑轮组向下用力物体向上运动，应从定滑轮开始绕，或者从绳子自由端向下从外向里绕绳如图：27如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置（1）该实验利用了转换法，通过观察木块移动的距离来判断小球（选填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与速度的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的相同（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与质量的关系【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）本实验通过比较小球推动木块运动距离的大小，判断小球动能的大小；（2）动能大小跟质量和速度有关在探究动能大小跟速度关系时，控制质量大小不变；（3）动能大小跟质量和质量有关在探究动能大小跟质量关系时，控制质量速度不变【解答】解：（1）实验中，通过小球推动木块运动距离的大小来反映小球动能的大小；（2）实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；若探究速度对动能的影响，应使小球的质量相同，速度不同，所以需使同一小球的小车从斜面的不同高度由静止滑下；（3）若探究质量对动能的影响，应使小球的速度相同，质量不同，所以需使质量部相同的小球从斜面的同高度由静止滑下故答案为：（1）木块移动的距离；小球；（2）速度；（3）相同；质量28如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同燃料的质量都是l0g（1）为了比较不同燃料的热值，应选择甲、乙两图进行了实验，实验中是比较液体升高的温度（“加热时间”或“液体升高的温度”）知道液体吸收热量的多少的（2）为了比较不同物质的比热容，应选择甲、丙两图进行实验，实验中是比较加热时间（“加热时间”或“液体升高的温度”）知道液体吸收热量的多少的（3）在实验中，三烧杯中a、b液体的质量必须相等（相等/不同），通过该实验得到的燃料热值与实际相比是偏小（大/小），你认为出现这样情况的主要原因是存在热损失【考点】燃料的热值【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系；（3）比较物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析答题；在此实验中，一是“烧杯、空气也吸收热量”，二是“燃料不可能完全燃烧”【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验；（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验；（3）根据控制变量法的要求，在实验中，三烧杯中a、b液体的质量必须相等；因为烧杯、空气也吸收热量，并且燃料不可能完全燃烧，所以测得的热值会偏小故答案为：（1）甲、乙；液体升高的温度；（2）甲、丙；加热时间；（3）相等；小；存在热损失29在研究“导体电流与电阻关系”实验中，同学们利用阻值分别为5、10、15的定值电阻和变阻器进行探究，变阻器规格是“10 1A”，电源电压4.5V并保持不变（1）用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整（请用签字笔在答题卡上连线）（2）闭合开关前，电流表指针如图乙所示，对电流表的操作应该是调零（3）正确连线后，闭合开关时发现，无论怎样移动滑片电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是R断路（4）先接入15的电阻，调节滑片时电压表示数为3V，观察到电流表示数如图丙所示，则电流表示数为0.2A；用10电阻代替15电阻接入电路，应将滑片向左端（选填“左”或“右”）移动，才能使电压表示数保持3V，并记录下电流表示数为0.3A；用5电阻代替10电阻接入电路，正确操作，电流表示数为0.6A（5）分析三次的实验数据，可得出电流与电阻的关系是：电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比（6）王强同学继续探究：他用了30的定值电阻代替原来的电阻实验，发现无论怎样移动滑片都不能满足电压表示数为3V，原因是滑动变阻器电阻太小；要使电压表示数保持3V，要求变阻器的最大阻值最少为15【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）实验中电压表应测定值电阻两端电压，由此连图；（2）由图乙，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；（3）闭合开关电流表无示数可能是电路断路；电压表示数超过量程，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外部分，不存在断路；综合分析知电路故障原因是：定值电阻断路；（4）根据电流表量程和分度值读出丙图中其示数；研究导体电流与电阻关系中要保持R两端电压不变，由此分析10电阻代替15电阻后滑片的移动方向；（5）根据三次实验中电流与对应电阻关系分析得出结论；（6）根据串分压的知识，若电阻增大，分得的电压将变大，要减小电阻两端的电压，需增大滑动变阻器的阻值；根据串联电路的电压、电流规律结合欧姆定律计算出电阻【解答】解：（1）研究“导体电流与电阻关系”的实验中，电压表应测量定值电阻两端的电压，由此完整电路的连接，如图所示：（2）电流表指针没有指在零刻度线上，应先对电流表调零；（3）电路正确连接后，闭合开关，移动滑片P，电流表无示数，但电压表示数有示数且很大，则故障原因可能是定值电阻断路了；（4）由图丙，电流表的量程为00.6A，分度值0.02A，示数为0.2A；此时R两端电压为3V，因为导体电流与电阻关系中要保持R两端电压不变，当用10电阻代替15电阻接入电路，总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，滑动变阻器分得的电压变大，电阻分得的电压减小，所以应调节滑片向左移动，减小滑动变阻器接入电路的电阻，使电压表的示数保持不变；（5）三次实验电阻分别为15、10、5，三次通过的电流分别是0.2A、0.3A、0.6A每次的电流与电阻和乘积相等，由此可得：电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；（6）由题意知，滑动变阻器两端的电压应为U滑=4.5V3V=1.5V据串联电路的电流相等，所以使用30的定值电阻时，则： =，解得R变=15，即变阻器最大值最小为15故答案为：（1）电路连接如上图所示；（2）调零；（3）R断路；（4）0.2；左；（5）电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；（6）滑动变阻器电阻太小；1530在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与：导体的长度有关，导体的横截面积有关，导体的材料有关实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示编号材料长度/m横截面积/mm2A镍铬合金0.50.5B镍铬合金1.00.5C镍铬合金0.51.0D锰铜合金0.50.5（1）按照图甲所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小，这种实验方法叫转换法（2）为了验证上述猜想，应该选用编号AB两根电阻丝分别接入电路进行实验（3）分别将A和D两电阻丝接入图甲电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关（4）要进一步研究导体材料的导电性能，就需要测量导体的电阻，小明的实验方案和操作过程均正确，两表的连接和示数如图乙所示但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致实验误差偏大，解决这一问题的措施是换用小量程进行实验【考点】影响电阻大小的因素【分析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小（2）（3）根据控制变量法的要求，根据实验目的或实验现象分析答题；（4