江苏省无锡市宜兴市新芳中学2017届九年级上第二次月考物理试卷.doc

2016-2017学年江苏省无锡市宜兴市新芳中学九年级（上）第二次月考物理试卷一选择题（每小题只有一个正确答案，2分，共24分）1如图所示的几种杠杆类工具，在使用时属于省力杠杆的是（）A用鱼杆钓鱼B用羊角锤拔钉子C用筷子夹取食物D用笤帚扫地2关于物体内能，下列说法正确的是（）A物体内能增大了，温度一定升高了B物体吸收热量内能不一定增加C温度为0的物体没有内能D温度相等的1kg水和1g水内能相同3下列过程中，将内能转化为机械能的是（）A汽油机的压缩冲程B流星在大气层中穿行的过程C小孩沿滑梯下滑的过程D水蒸气顶起水壶盖的过程4小明和同组的同学利用如图所示的a、b两种连接方式进行“串联电路和并联电路的比较”的探究活动，在保持电源电压不变的条件下，他们所记录的实验结果如下，你认为其中不可能的是（）A在a电路中，当灯L1和灯L2都发光时，取下灯L1，灯L2将会熄灭B在b电路中，当灯L1和灯L2都发光时，取下灯L1，灯L2将会熄灭C在a电路中再串联一个小灯泡，接通电路后，灯L1和灯L2发光会变暗D在b电路中，再并联一个小灯泡，接通电路后L1和L2不会变暗5如图所示电路中，电流表A1示数为0.3A，电流表A2示数为0.5A，L是标有“3W”字样的小灯泡，闭合开关后小灯泡L正常发光，下列判断正确的是（）A小灯泡L的额定电压为10VB电路消耗的总功率为10WC电阻R消耗的功率为5WD电阻R的阻值为26一手机正在充电，此时手机里的电池是（）A电源B导线C用电器D开关7沿海地区同沙漠地区相比，冬暖夏凉，昼夜温差小这是因为（）A水的密度比沙石的密度小B水的热量大于沙石的热量C水的比热容大于沙石的比热容D水的传热本领比沙石的传热本领差8下列说法中正确的是（）A机械效率越高，机械做功一定越快B做功越多的机械，机械效率一定越高C功率越大的机械做功一定越多D做功越快的机械，功率一定越大9下列几个生活中的用电器正常工作时的电流值，你认为可能的是（）A小明一家三口所用的电饭锅工作电流是200mAB教室里的日光灯工作时的电流是2AC冰箱制冷机启动后通过它的电流是0.55AD看书用的台灯正常发光时的电流是5A10如图所示电路，下列说法正确的是（）AL1、L2串联B电流表测干路中的电流C开关S只控制L2D电流表测L1中的电流11如图所示电路，当滑动变阻器滑片P向下移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表、电压表示数都变大D电流表、电压表示数都变小12“神舟八号”飞船的返回舱下落到地面附近时，打开降落伞做减速运动在减速下降的过程中，返回舱的（）A动能增大，势能减小，机械能不变B动能减小，势能减小，机械能减小C动能不变，势能减小，机械能减小D动能减小，势能增大，机械能不变二填空题（每空1分，共26分）13小红家10月30日和11月30日抄电表时电能表记数器上的示数分别如图甲、乙所示，则小红家11月用电度若每度电的费用0.5元，则她家需交电费元14如图为南京长江二桥“桥塔为什么要造这么高？”小明对此进行了研究：他将大桥的结构进行简化，抽象成图乙所示的模型，又画了桥塔高低不同的两幅图丙和丁小明通过比较发现：适当增加塔的高度，可（选填“增大”或“减小”）力臂，从而（选填“增大”或“减小”）斜拉索的拉力15家庭电路中的开关和被控制的用电器是联的；电灯、电视机、电冰箱等家用电器之间是联的16我们宜兴市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表小明家脉冲式数字电能表的表盘上有“2620imp/kWh”、“220V、10（20）A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只“220V、100W”的电视机，使其正常工作1h，则它消耗的电能是kWh，合J，指示灯闪烁了次17课外阅读，陈明同学摘录一条信息：通常人体的温度高于周围环境的温度，人体以红外线的方式不断向外辐射热量每小时人体释放的热量，能使相当于自身质量的水的温度升高2陈明同学的质量是50kg，每小时向外释放的热量等于J；相当于完全燃烧g酒精放出的热量c水=4.2103J/（kg），q酒精=3.0107J/kg18如图是“探究串联电路电流特点”的实验电路图下表是小华这一组实验中的三组数据，表格所记录的数据中，明显错误的数据是；造成错误的原因是电表的位置ABC电流I/A0.20.21.019如图所示的电路中，电源电压为4.5V，灯L标有“3V 0.9W”字样，滑动变阻器R上标有“20 1A”的字样，当滑片移到图中位置时，L恰好正常发光，此时电流表的示数是 A，变阻器连入电路的电阻是若此时滑动片向右移动，则小灯泡的实际功率将（变大/变小/不变）20某导体电阻为20，若通过该导体的电流为0.3A，该导体两端的电压为V；当该导体两端电压为3V时，通过该导体的电流为A；当该导体两端所加电压为0V时，该导体的电阻为21汽油机的一个工作循环由四个冲程组成，在做功冲程中，汽缸内的燃气膨胀推动活塞做功，燃气的内能（增加/减少/不变）为了降低汽缸的温度，汽缸外有一个水箱，使汽缸被水包围着，这是因为水的较大22如图电路，灯L1和L2是（串/并）联在电路中的，电压表测量的是（L1/L2/电源）两端的电压23通过A、B两个电路元件的电流与其两端电压的关系如图所示将A、B串联后接入电路，当电源电压是4.5V时，通过A的电流是A；将A、B并联后接入电路，当通过B的电流为0.2A时，A两端的电压是V电路总功率是W三、解答题（共7小题，共30分）24如图所示，小明站在地面上，欲用滑轮组提升重物，请画出最合适的绕线方法25在图中的内填上适当的电表符号26用裁纸刀裁纸，加在裁纸刀上的动力为F1，请在图中画出动力臂及阻力F227在“测定小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10，滑动变阻器上标有“20 1A”字样下图是小华同学没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整要求：滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗；（2）实验中，小华同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是；（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到图中位置，电压表示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向端滑动（选填“左”或“右”）；（4）调节滑动变阻器测得如表中所示的三组数据，则小电灯的额定功率为W；实验次数123电压U/V2.02.52.8电流U/V0.300.360.38（5）小明发现，由表中数据计算可知：小电灯亮度不同时灯丝电阻不相等，你认为造成这种结果的原因是28高效、方便的电热水壶目前已成为办公室、家庭常用的用电器之一下面是一种电热水壶的铭牌如果用这种电热水壶将1kg水从20烧开（标准大气压下）求：（1）水吸收的热量是多少？（2）若热水壶正常工作8分钟将水烧开，求电流做了多少功？（3）求此热水壶工作的效率是多少？29用如图所示的滑轮组匀速提升重为500N的物体G，所用拉力F为200N，将重物提升3m所用的时间为10s，求：（1）做的有用功；（2）拉力的功率；（3）滑轮组的机械效率30如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻R1为10，R2为5问：（1）开关S断开时，电流表的示数为0.4A，电压表的示数是多少？（2）开关S闭合时，电流表和电压表的示数各是多少？2016-2017学年江苏省无锡市宜兴市新芳中学九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一选择题（每小题只有一个正确答案，2分，共24分）1如图所示的几种杠杆类工具，在使用时属于省力杠杆的是（）A用鱼杆钓鱼B用羊角锤拔钉子C用筷子夹取食物D用笤帚扫地【考点】杠杆的分类【分析】本题主要考查对杠杆分类方法的了解动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆【解答】解：由图可知钓鱼竿、夹取食物的筷子、扫地的笤帚的动力臂都小于阻力臂，属于费力杠杆，所以选项A、C、D都不能选故选B2关于物体内能，下列说法正确的是（）A物体内能增大了，温度一定升高了B物体吸收热量内能不一定增加C温度为0的物体没有内能D温度相等的1kg水和1g水内能相同【考点】温度、热量与内能的关系【分析】解答本题需掌握：（1）内能增加，温度可能升高，也可能不变；（2）改变内能的方式：做功和热传递；（3）任何物体在任何情况下都有内能；（4）影响内能大小的因素：质量、温度、状态【解答】解：A、物体的内能增加，温度不一定升高，例如晶体的熔化过程，吸收热量，内能增加，温度不一定升高，故A错误；B、物体吸收热量的同时对外做功，故内能不一定增加，故B正确；C、内能是物体内部所有分子动能和分子势能的总和，一切物体都具有内能，0的物体也有内能，故C错误；D、影响内能的因素：质量、温度、状态，因为温度相等的1kg水和1g水，温度、状态相同，质量不同，故内能不同，故D错误故选B3下列过程中，将内能转化为机械能的是（）A汽油机的压缩冲程B流星在大气层中穿行的过程C小孩沿滑梯下滑的过程D水蒸气顶起水壶盖的过程【考点】做功改变物体内能【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移压缩气体对气体做功，气体内能增加温度升高，机械能转化为内能；气体膨胀对外做功，气体的内能减小，内能转化为机械能；克服摩擦做功可以使机械能转化为内能，使物体的内能增加、温度升高【解答】解：A、汽油机的压缩冲程，活塞压缩气体对气体做功，气体内能增加温度升高，机械能转化为内能；不合题意B、流星在大气层中穿行的过程中，克服与空气间的摩擦，做功可以使机械能转化为内能，使物体的内能增加、温度升高；不合题意C、小孩沿着滑梯下滑时，小孩的臀部与滑梯摩擦，机械能转化为内能；不符合题意；D、水蒸气顶起水壶盖的过程，水蒸气膨胀对外做功，内能减小，内能转化为机械能，符合题意故选D4小明和同组的同学利用如图所示的a、b两种连接方式进行“串联电路和并联电路的比较”的探究活动，在保持电源电压不变的条件下，他们所记录的实验结果如下，你认为其中不可能的是（）A在a电路中，当灯L1和灯L2都发光时，取下灯L1，灯L2将会熄灭B在b电路中，当灯L1和灯L2都发光时，取下灯L1，灯L2将会熄灭C在a电路中再串联一个小灯泡，接通电路后，灯L1和灯L2发光会变暗D在b电路中，再并联一个小灯泡，接通电路后L1和L2不会变暗【考点】电路图设计【分析】（1）串联电路中，电流只有一条路径，各用电器相互影响，如其中一个损坏，另一个也不能工作；（2）并联电路中，电流路径有多条，各支路用电器互不影响，如其中一条支路损坏，其余支路不受影响【解答】解：A、在a电路中，两灯串联，相互影响，当灯L1和灯L2都发光时，取下灯L1，灯L2将会熄灭，故A正确；B、在b电路中，两灯并联，互不影响，当灯L1和灯L2都发光时，取下灯L1，灯L2将不会熄灭，故B错误；C、在a电路中再串联一个小灯泡，电路中总电阻增大，电路中电流变小，接通电路后，灯L1和灯L2发光会变暗，故C正确；D、在b电路中，再并联一个小灯泡，接通电路后L1和L2不会变暗，故D正确故选B5如图所示电路中，电流表A1示数为0.3A，电流表A2示数为0.5A，L是标有“3W”字样的小灯泡，闭合开关后小灯泡L正常发光，下列判断正确的是（）A小灯泡L的额定电压为10VB电路消耗的总功率为10WC电阻R消耗的功率为5WD电阻R的阻值为2【考点】电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电流表A1测灯泡L支路的电流，电流表A2测干路电流（1）额定电压下灯泡正常发光，根据W=UI求出小灯泡两端的电压即为额定电压，根据并联电路的电压特点和P=UI求出电路消耗的总功率；（2）根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，根据P=UI求出电阻R消耗的功率，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值【解答】解：由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电流表A1测灯泡L支路的电流，电流表A2测干路电流（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，由P=UI可得，灯泡L的额定电压：UL=10V，故A正确，并联电路中各支路两端的电压相等，电路消耗的总功率：P=UI=ULI=10V0.5A=5W，故B不正确；（2）并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过R的电流：IR=IIL=0.5A0.3A=0.2A，则电阻R消耗的功率：PR=URIR=ULIR=10V0.2A=2W，故C不正确，由I=可得，电阻R的阻值：R=50，故D不正确故选A6一手机正在充电，此时手机里的电池是（）A电源B导线C用电器D开关【考点】电路的组成【分析】电路由电源、开关、导线、用电器组成，分析题意，然后答题【解答】解：在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中手机电池消耗电能，手机电池相当于用电器；故选C7沿海地区同沙漠地区相比，冬暖夏凉，昼夜温差小这是因为（）A水的密度比沙石的密度小B水的热量大于沙石的热量C水的比热容大于沙石的比热容D水的传热本领比沙石的传热本领差【考点】比热容解释简单的自然现象【分析】要解答本题需掌握：水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小【解答】解：沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大故选C8下列说法中正确的是（）A机械效率越高，机械做功一定越快B做功越多的机械，机械效率一定越高C功率越大的机械做功一定越多D做功越快的机械，功率一定越大【考点】功率的概念；机械效率【分析】功率表示物体做功的快慢程度，而机械效率指有用功占总功的比值，二者之间没有什么关系【解答】解：A、机械效率高，说明有用功占总功的比值大，但不一定做功就快，故A错误；B、做功多，效率不一定高，这要看有用功、额外功的比例大小，故B错误；C、功率大表明机械做功快，但做功不一定多，这要看做功时间的长短，故C错误；D、做功快，说明机械的功率大，能够在较短的时间内做更多的功，故D正确故选：D9下列几个生活中的用电器正常工作时的电流值，你认为可能的是（）A小明一家三口所用的电饭锅工作电流是200mAB教室里的日光灯工作时的电流是2AC冰箱制冷机启动后通过它的电流是0.55AD看书用的台灯正常发光时的电流是5A【考点】电流的大小【分析】根据我们对生活中常用用电器电流大小的了解进行解答【解答】解：A小明一家三口所用的电饭锅工作电流约为5A，故A不正确；B教室里的日光灯工作时的电流约为0.2A，故B不正确；C冰箱制冷机启动后通过它的电流约为0.55A，故C正确；D看书用的台灯正常发光时的电流约为0.1A，故D不正确故选C10如图所示电路，下列说法正确的是（）AL1、L2串联B电流表测干路中的电流C开关S只控制L2D电流表测L1中的电流【考点】电路的基本连接方式；电流表的使用【分析】（1）电流从电源的正极出发，电流分为两条支路：进开关S1后，经电流表、灯L1返回电源负极；进开关S2后，经灯L2返回电源负极（2）串联电路只有一条电流路径，并联电路中有多条电流路径，根据实物电路图，应用分支法分析清楚电路结构，同时明确电流表与被测量的用电器一定是串联连接【解答】解：由图可知：电流从电源的正极出发经开关，分两条支路：灯泡L1、电流表；经灯L2，然后共同回电源负极所以电路中有两条电流路径，故灯L1、L2并联；开关S控制干路，故AC选项错误；因电流表串联在灯泡L1所在的支路上，所以电流表测量的是L1的电流，故B选项错误、D选项正确故选D11如图所示电路，当滑动变阻器滑片P向下移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表、电压表示数都变大D电流表、电压表示数都变小【考点】电路的动态分析；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器滑片P向下移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，I=，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC不正确；U=IR，定值电阻两端的电压变小，串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确，D不正确故选B12“神舟八号”飞船的返回舱下落到地面附近时，打开降落伞做减速运动在减速下降的过程中，返回舱的（）A动能增大，势能减小，机械能不变B动能减小，势能减小，机械能减小C动能不变，势能减小，机械能减小D动能减小，势能增大，机械能不变【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大（3）动能和势能之和为机械能【解答】解：“神舟八号”飞船的返回舱下落到地面附近时，减速运动，质量不变，速度减小，动能减小；高度减小，重力势能减小，机械能的总量也相应减小故只有选项B的说法符合实际故选：B二填空题（每空1分，共26分）13小红家10月30日和11月30日抄电表时电能表记数器上的示数分别如图甲、乙所示，则小红家11月用电216度若每度电的费用0.5元，则她家需交电费108元【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表月末的示数减去月初的示数就是本月消耗的电能，消耗的电能与电费单价的乘积就是应交的电费【解答】解：由图甲电能表可知，10月30日电能表的示数是704.5kWh，由图乙电能表可知，11月30日电能表的示数是920.5kWh，11月用电度数：W=920.5kWh704.5kWh=216kWh=216度；需要交纳的电费为：0.5元/kWh216kWh=108元故答案为：216；10814如图为南京长江二桥“桥塔为什么要造这么高？”小明对此进行了研究：他将大桥的结构进行简化，抽象成图乙所示的模型，又画了桥塔高低不同的两幅图丙和丁小明通过比较发现：适当增加塔的高度，可增大（选填“增大”或“减小”）力臂，从而减小（选填“增大”或“减小”）斜拉索的拉力【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【分析】本题由图结合几何关系看得出力臂大小与小桥塔高度的关系，从而由杠杆平衡可得出结果【解答】解：因桥的长度不变，比较丁图和丙图可看出当桥塔越高时，从O到引线的垂线越大即力臂越大，而桥的重力力矩是不变的，故引线产生的力矩应该是相等的，力臂变长，则属要的力就减小故答案为：增大，减小15家庭电路中的开关和被控制的用电器是串联的；电灯、电视机、电冰箱等家用电器之间是并联的【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】家庭中的各用电器在使用时互不影响，所以它们是并联的，但各支路的开关与被控电器是串联的【解答】解：家庭电路各用电器为了互不影响，常采用并联的方式，但必须要用一个开关与其串联，这样能单独控制各个用电器；故答案为：串，并16我们宜兴市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表小明家脉冲式数字电能表的表盘上有“2620imp/kWh”、“220V、10（20）A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只“220V、100W”的电视机，使其正常工作1h，则它消耗的电能是0.1kWh，合3.6105J，指示灯闪烁了262次【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电视机正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出正常工作1h消耗的电能，根据“2620imp/kWh表示，电路每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁2620次”求出电能表闪烁的次数【解答】解：由P=可得，电视机正常工作1h消耗的电能：W=Pt=100103kW1h=0.1kWh=3.6105J，因电路每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁2620次，所以，指示灯闪烁的次数：n=2620imp/kWh0.1kWh=262imp故答案为：0.1；3.6105；26217课外阅读，陈明同学摘录一条信息：通常人体的温度高于周围环境的温度，人体以红外线的方式不断向外辐射热量每小时人体释放的热量，能使相当于自身质量的水的温度升高2陈明同学的质量是50kg，每小时向外释放的热量等于4.2105J；相当于完全燃烧14g酒精放出的热量c水=4.2103J/（kg），q酒精=3.0107J/kg【考点】热平衡方程的应用【分析】（1）根据吸热公式求出60kg水温度升高2吸收的热量，即一个质量为50kg的学生每小时向外释放的热量；（2）若这些热量用酒精作燃料完全燃烧提供，Q放=Q吸，再利用Q放=mq求需要酒精的质量【解答】解：（1）50kg水温度升高2吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）50kg2=4.2105J；（2）由（1）知，Q放=Q吸=4.2106J，Q吸=Q放=mq，需要酒精的质量：m=0.014kg=14g故答案为：4.2105；1418如图是“探究串联电路电流特点”的实验电路图下表是小华这一组实验中的三组数据，表格所记录的数据中，明显错误的数据是1.0A；造成错误的原因是对电流表读数时，没有注意观察电流表量程电表的位置ABC电流I/A0.20.21.0【考点】探究串并联电路中的电流特点实验【分析】对电流表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，电流表的指针所指位置相同，电流表大量程的示数为小量程示数的5倍【解答】解：串联电路电流处处相等，由表中实验数据可知，数据1.0A错误，这是由于读数时没有注意观察电流表量程造成的，电流表大量程是小量程的5倍，指针指在相同位置时，大量程是小量程的5倍，实验时使用的是小量程，电流表示数应该是0.2A，但读数时按大量程读数，造成了错误故答案为：1.0A；对电流表读数时，没有注意观察电流表量程19如图所示的电路中，电源电压为4.5V，灯L标有“3V 0.9W”字样，滑动变阻器R上标有“20 1A”的字样，当滑片移到图中位置时，L恰好正常发光，此时电流表的示数是0.3 A，变阻器连入电路的电阻是5若此时滑动片向右移动，则小灯泡的实际功率将变小（变大/变小/不变）【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据欧姆定律求出变阻器连入电路的电阻；（2）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=UI=I2R可知灯泡实际功率的变化【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，所以，由P=UI可得，电路中电流表的示数：I=0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：UR=UUL=4.5V3V=1.5V，由I=可得，变阻器连入电路的电阻：R=5；（2）若此时滑动片向右移动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，由P=UI=I2R可知，灯泡的实际功率变小故答案为：0.3；5；变小20某导体电阻为20，若通过该导体的电流为0.3A，该导体两端的电压为6V；当该导体两端电压为3V时，通过该导体的电流为0.15A；当该导体两端所加电压为0V时，该导体的电阻为20【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）知道导体的电阻和通过的电流，根据欧姆定律求出两端的电压；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，根据欧姆定律求出当该导体两端电压为3V时通过的电流【解答】解：由I=可得，导体两端的电压：U=IR=0.3A20=6V；因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端电压为3V时或当该导体两端所加电压为0V时，导体的电阻仍为20不变，当该导体两端电压为3V时，通过导体的电流：I=0.15A故答案为：6；0.15；2021汽油机的一个工作循环由四个冲程组成，在做功冲程中，汽缸内的燃气膨胀推动活塞做功，燃气的内能减少（增加/减少/不变）为了降低汽缸的温度，汽缸外有一个水箱，使汽缸被水包围着，这是因为水的比热容较大【考点】内燃机的四个冲程；水的比热容的特点及应用【分析】（1）做功可以改变物体的内能，当物体对外做功时，物体的内能减小，温度降低（2）在自然界中水的比热容最大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因【解答】解：在做功冲程中，汽缸内的燃气膨胀推动活塞对外做功，燃气的内能减小，温度降低；汽缸外有一个水箱，让汽缸被水包围着，是利用水的比热容大，即质量相同的情况下可以吸收更多的热量故选：减少；比热容22如图电路，灯L1和L2是串（串/并）联在电路中的，电压表测量的是L1（L1/L2/电源）两端的电压【考点】电路的基本连接方式；电压表的使用【分析】串联电路是将各元件依次连接起来，并联电路是将各用电器并列连接，根据串并联电路的特点即可判断电路的连接，根据电压表的正确使用方法确定电压表测量的电压【解答】解：根据实物图可知，两灯泡顺次连接，因此两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表与L1并联，因此电压表测量L1两端电压故答案为：串；L123通过A、B两个电路元件的电流与其两端电压的关系如图所示将A、B串联后接入电路，当电源电压是4.5V时，通过A的电流是0.3A；将A、B并联后接入电路，当通过B的电流为0.2A时，A两端的电压是2.0V电路总功率是1.2W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由图象可知，A、B的UI图象是一次函数，则两元件是定值电阻，根据图象比较两元件电流相同时两端的电压关系，根据欧姆定律求出两电阻的阻值（1）将A、B串联后接入电路，当电源电压是4.5V时，根据电阻的串联和串联电路的电流特点以及欧姆定律求出通过A的电流；（2）将A、B并联后接入电路它们两端的电压相等，根据图象读出当通过B的电流为0.2A时其两端的电压即为A两端的电压，再根据图象读出此时通过A的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=UI求出电路总功率【解答】解：由图象可知，A、B两元件是定值电阻，当UA=UB=3V时，通过的它们的电流IA=0.6A，IB=0.3A，由I=可得，A、B的电阻分别为：RA=5，RB=10；（1）将A、B串联后接入电路，当电源电压是4.5V时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且各处的电流相等，所以，通过A的电流：IA=I=0.3A；（2）将A、B并联后接入电路，由图象可知，当通过B的电流为0.2A时，其两端的电压UB=2.0V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，A两端的电压：UA=U=UB=2.0V，由图象可知，此时通过A的电流IA=0.4A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=IA+IB=0.4A+0.2A=0.6A，电路总功率：P=UI=2.0V0.6A=1.2W故答案为：0.3；2.0；1.2三、解答题（共7小题，共30分）24如图所示，小明站在地面上，欲用滑轮组提升重物，请画出最合适的绕线方法【考点】滑轮组绳子拉力的计算【分析】图中给出的滑轮组是“一定一动”，其绕线方法有两种，但由于小明站在地上，即确定了绳子自由端的方向，所以先从小明的手中出发，然后再依次绕过滑轮即可确定作图方法【解答】解：由于小明要站在地面上，所以从小明的手开始，先绕过定滑轮，然后再依次绕过动滑轮和定滑轮的框架钩，如图：故答案为：如上图25在图中的内填上适当的电表符号【考点】电路图及元件符号【分析】（1）电流表的使用规则是：串联在电路中；电流由正接线柱流入，负接线柱流出；所测电流不能超过电流表的量程；绝对不允许将电流表直接连在电源的两极上；（2）电压表的使用规则是：并联在电路中；正接线柱靠近电源的正极，负接线柱靠近电源的负极；所测电压不能超过电压表的量程【解答】解：图中的下面圆圈与灯泡串联，故应是电流表；上面圆圈与电源并联，故应是电压表如图所示：26用裁纸刀裁纸，加在裁纸刀上的动力为F1，请在图中画出动力臂及阻力F2【考点】力臂的画法【分析】（1）裁纸刀受到纸的支持力，作用点在纸与刀的接触点，方向垂直接触面向上，据此画出裁纸刀受到纸的支持力示意图；（2）力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂【解答】解：（1）延长动力作用线，从支点O作动力作用线的垂线段，可得动力臂L，如图所示：（2）阻力F2为裁纸刀受到纸的支持力，从纸与刀的接触点A垂直于接触面向上画出裁纸刀受到纸的支持力示意图，如图所示：27在“测定小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10，滑动变阻器上标有“20 1A”字样下图是小华同学没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整要求：滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗；（2）实验中，小华同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯丝断路；（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到图中位置，电压表示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向右端滑动（选填“左”或“右”）；（4）调节滑动变阻器测得如表中所示的三组数据，则小电灯的额定功率为0.9W；实验次数123电压U/V2.02.52.8电流U/V0.300.360.38（5）小明发现，由表中数据计算可知：小电灯亮度不同时灯丝电阻不相等，你认为造成这种结果的原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大【考点】探究用电器的电功率实验【分析】（1）滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗，则应使滑动变阻器的阻值变大，B接线柱应接入电路，把滑动变阻器与开关串联，把电流表与电源串联（2）当电压表有示数而电流表无示数时，是电压表处开路了（3）电压表示数为2.2V时，灯的电压小于额定电压，故应使电流增大，电压变大（4）由电压为2.5V时的电流数据计算功率（5）导体的电阻随温度的升高而变大【解答】解：（1）要使滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗，即电流变小，则滑动变阻器的连入电路的阻值应变大，故B接线柱应接入电路把B与开关右端相连，把电流表的“0.6”接线柱与电源正极相连（2）闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，说明电压表的两个接线柱分别能接到电源两极上，故是灯处发生了开路，可能是灯丝断了（3）由于电压表的示数为2.2V，小于额定电压2.5V，故应使电流变大，滑动变阻器的滑片向右调节，电阻变小，灯的两端的电压变大（4）当灯的电压为额定电压2.5V时，电流为0.36A，故额定功率P=UI=2.5V0.3