华南农业大学2013年计算机网络试卷.doc

期末考试试卷（A卷）请将答案填写在答题纸上。得分 一、选择题（本大题共 20 小题，每小题1分，共20 分） B1、一座大楼内的一个计算机网络系统，属于( ) A、VPN B、LAN C、MAN D、WAN CA2、不同的交换方式具有不同的性能。如果要求数据在网络中的传输延时最小，应选用的交换方式是( )。A、线路交换 B、报文交换 C、分组交换 D、信元交换AC3、某个网络的IP地址为/24，采用子网划分，掩码为48，那么该网络的最大子网数与每个子网最多可以分配的地址数是（ ）。A32,8 B8,32 C32,6D8,30 D4、计算机网络中可共享的资源主要有( )。A、数据 B、硬件 C、软件 D、上述所有AD5、在TCP/IP网络中，IP协议提供主机之间的( )分组传输服务。A、可靠的面向连接的 B、不可靠的面向连接的C、可靠的无连接的 D、不可靠的无连接的C6、数据链路层传输的信息单元是( )。A、字 B、分组 C、帧 D、上述所有BD7、多路复用技术主要有( )。A、TDM B、FDM C、WDM D、上述所有B8、由( )完成主机名到IP地址的解析。A、ARP协议 B、DNS（域名系统） C、FTP协议 D、IP协议C9、在计算机网络中( )既隔离冲突，也隔离广播。A、交换机 B、中继器 C、路由器 D、上述所有DA10、局域网的协议结构一般不包括( )。A、网络层 B、数据链路层 C、物理层 D、媒体访问控制层CA11、要将两台计算机直接相连，那么使用双绞线的类型为（ ） A、交叉线 B、直通线 C、交叉线和直通线都可以 D、反转线C12、下属哪一个电缆类型( )支持最大的电缆长度。A、无屏蔽双绞线 B、屏蔽双绞线 C、粗同轴电缆 D、细同轴电缆DB13、路由表中路由表项包括（ ）。A目的网络和到达该网络的完整路径 B目的网络和到达该目的网络下一跳路由器的IP地址 C目的主机和到达目的主机的完整路径 D目的网络和到达该网络下一跳路由器的MAC地址C14、一下哪个应用是基于ICMP协议的应用？( )A、文件传输 B、电子邮件 C、PING程序 D、BBSB15、在下列网络间连接器中，( )在数据链路层实现网络互联。 A、中继器 B、桥 C、路由器 D、网关D16、IPv6地址的长度为( )A、32 bits B、48 bits C、64 bits D、128 bitsB17、在局域网中，由于距离近以及数字电路器件价格的下降，所以更具优越性的传输技术是( )A、模拟传输 B、数字传输 C、模拟-数字混合传输 D、以上均不对B18、下列关于UDP协议特点的描述中，错误的是（ ）AUDP协议不需要在通信双方之间建立连接BUDP协议检测出收到的分组出错，丢弃后通知发送端要求重传CUDP协议对应用程序提交的报文保留原报文的长度与格式DUDP是一种无连接的、不可靠地传输层协议C19、Internet所采用的远程登录服务协议为（ ）A、Remote-Login B、R-Login C、Telnet D、FTPA20、对于主机域名来说，其中表示主机名的是（ ）A、zj B、www C、edu D、cn 得分 二、填空题（每空1 分，共15分） 1、 通信系统中，称调制前的电信号为_基带信号_信号，调制后的信号为调制信号。2、 数据通信的方式可以分为单工，_半双工 ，全双工_。3、 在不同层次上的网络互连需要不同设备，物理层常用的互连设备有中继器和集线器_ 。数据链路层的互连设备有_网桥和交换机_。网络层的互连设备有_路由器， _；传输层以上的互连设备有_网关_。4、 电子邮件发送采用_ SMTP和_协议；接收采用_，POP _或_ IMAP _协议5、 常见网络拓扑结构有_、星型，总线型 ，环型_等。 得分 三、问答题（本大题共5小题，每题5分，共25分） 1、面向连接服务与无连接服务各自的特点是什么？2、基带信号与宽带信号的传输各有什么特点？3、说明为什么在传输连接建立时要使用三次握手。说明如不这样做可能会出现什么情况4、协议与服务有何区别？有何关系？5、对称密钥体制与公钥密码体制的特点各如何？ 得分 四、综合题（本大题共 40分，将答案写在答题纸上）1、长度为8B与536B的应用层数据通过传输层时加上20B的TCP报头，通过网络层是加上60B的IP分组头，通过数据链路层时加上18B的帧头和帧尾。分别计算两种情况下的数据传输效率。(写出计算过程，本小题6分) 2、试计算以下两种情况的发送时延和传播时延：(写出计算过程，本小题8分)(1)数据长度为106bit，数据发送速率为100kbit/s，传播距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2108m/s。(4分)(2)数据长度为105bit，数据发送速率为1Gbit/s，传输距离和信号在媒体上的传播速率同上。(4分) 3、设TCP使用的最大窗口为64KB，即641024字节，而传输信道的带宽可认为是不受限制的。若报文段的平均平均往返时延为20ms，问所能得到的最大吞吐量是多少？(8分)4、有如下的四个/24地址块，试进行最大可能的聚合。（8分）/24，/24。/24，/24 5、设某路由器建立了如下表所示的转发表：目的网络子网掩码下一跳28接口02828接口128R292R3*（默认）R4此路由器可以直接从接口0和接口1转发分组，也可通过相邻的路由器R2，R3和R4进行转发。现共收到5个分组，其目的站IP地址分别为（1）0，（2分）（2）2，（2分）（3）51，（2分）（4）7，（2分）（5）0（2分）试分别计算其下一跳。 1、面向连接服务与无连接服务各自的特点是什么？答：面向连接服务的特点是，在服务进行之前必须建立数据链路(虚电路)然后在进行数据传输，传输完毕后，再释放连接。在数据传输时，好象一直占用了一条这样的电路。适合于在一定期间内要向同一目的地发送许多报文的情况。对传输数据安全，不容易丢失和失序。但由于虚电路的建立，维护和释放要耗费一定的资源和时间。无连接服务的特点，在服务工程中不需要先建立虚电路，链路资源在数据传输过程中动态进行分配。灵活方便，比较迅速；但不能防止报文的丢失、重复或失序。适合于传送少量零星的报文。2、基带信号与宽带信号的传输各有什么特点？答：基带信号将数字1和0直接用两种不同的电压表示，然后送到线路上传输。宽带信号是将基带信号调制后形成的频分复用模拟信号。采用基带信号传输，一条电缆只能传输一路数字信号，而采用宽带信号传输，一条电缆中可同时传送多路的数字信号，提高了线路的利用率。3、说明为什么在传输连接建立时要使用三次握手。说明如不这样做可能会出现什么情况答：我们知道，3次握手完成两个重要的功能，既要双方做好发送数据的准备工作（双方都知道彼此已准备好），也要允许双方就初始序列号进行协商，这个序列号在握手过程中被发送和确认。 现在把三次握手改成仅需要两次握手，死锁是可能发生的。作为例子，考虑计算机A和B之间的通信，假定B给A发送一个连接请求分组，A收到了这个分组，并发送了确认应答分组。按照两次握手的协定，A认为连接已经成功地建立了，可以开始发送数据分组。可是，B在A的应答分组在传输中被丢失的情况下，将不知道A是否已准备好，不知道A建议什么样的序列号，B甚至怀疑A是否收到自己的连接请求分组。在这种情况下，B认为连接还未建立成功，将忽略A发来的任何数据分组，只等待连接确认应答分组。而A在发出的分组超时后，重复发送同样的分组。这样就形成了死锁。 3、协议与服务有何区别？有何关系？答：1、协议是控制对等实体之间通信的规则，是水平的。服务是下层通过层间接口向上层提供的功能，是垂直的。2、协议的实现保证了能够向上一层提供服务，要实现本层协议还需使用下层提供的服务。5、对称密钥体制与公钥密码体制的特点各如何？答：在对称密钥体制中，它的加密密钥与解密密钥的密码体制是相同的，且收发双方必须共享密钥，对称密码的密钥是保密的，没有密钥，解密就不可行，知道算法和若干密文不足以确定密钥。公钥密码体制中，它使用不同的加密密钥和解密密钥，且加密密钥是向公众公开的，而解密密钥是需要保密的，发送方拥有加密或者解密密钥，而接收方拥有另一个密钥。两个密钥之一也是保密的，无解密密钥，解密不可行，知道算法和其中一个密钥以及若干密文不能确定另一个密钥。得分 四、综合题（本大题共 5小题，共 40分，将答案写在答题纸上）1、长度为8B与536B的应用层数据通过传输层时加上20B的TCP报头，通过网络层是加上60B的IP分组头，通过数据链路层时加上18B的帧头和帧尾。分别计算两种情况下的数据传输效率。(写出计算过程，本小题6分)计算：（1）L1=8 L2=8+60+20+18=106L1/L2=8/106=7.5%(2)L1=536L2=536+60+20+18=634L1/L2=84.5%2、试计算以下两种情况的发送时延和传播时延：(1)数据长度为106bit，数据发送速率为100kbit/s，传播距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2108m/s。(2)数据长度为105bit，数据发送速率为1Gbit/s，传输距离和信号在媒体上的传播速率同上。答（1）：发送延迟=106/（1001000）=10s 传播延迟=10001000/（2108）=510-3s=5ms （2）：发送延迟=105/（109）=10-4s=0.1ms 传播延迟=10001000/（2108）=510-3s=5ms3、设TCP使用的最大窗口为64KB，即641024字节，而传输信道的带宽可认为是不受限制的。若报文段的平均平均往返时延为20ms，问所能得到的最大吞吐量是多少？答：可见在报文段平均往返时延20ms内，发送方最多能发送6410248比特，所以最大的吞吐量为=6410248（2010-3）=26214400bit/s=26.21Mbit/s4、有如下的四个/24地址块，试进行最大可能的聚合。/24，/24。/24，/24答：212=（11010100）2，56=（00111000）2132=（10000100）2，133=（10000101）2134=（10000110）2，135=（10000111）2所以共同的前缀有22位，即11010100 00111000 100001，聚合的CIDR地址块是：/225、设某路由器建立了如表7-19所示的转发表：目的网络子网掩码下一跳28接口02828接口128R292R3*（默认）R4此路由器可以直接从接口0和接口1转发分组，也可通过相邻的路由器R2，R3和R4进行转发。现共收到5个分组，其目的站IP地址分别为（1）0，（2）2，（3）51，（4）7，（5）0试分别计算其下一跳。答：路由表的查找原则是将目的IP地址与路由表中第一表项的子网掩码相与，如果结果与该表项的目的网络相等，则按该表项中的下一跳所指转发。否则与第二表项的子网掩码相与，如此下去，如果所有表项均不匹配，则按默认路由转发。因而检测表中第i项的计算过程可表示为：if ( (Maski & D)=Destinationi ) forwarding to NextHopi;（1）：0 & 28=，与第一条表项匹配，按下一跳所指接口0转发。（2）：2 & 28=，与前两条表项不匹配，与第三条表项匹配，按下一跳R2转发。（3）：51 & 28=28，与前三条表项不匹配； 51 &92=128.96.40