课时提能演练 课后巩固作业(二十四) 4.7.doc

圆学子梦想 铸金字品牌温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。课时提能演练课后巩固作业（二十四）（40分钟 50分）一、选择题(本题共6小题，每小题5分，共30分)1(2012淄博高一检测)质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，升降机以加速度a(aMB，设地面对A的支持力为FN，绳子对A的拉力为F1,地面对A的摩擦力为F2.若水平方向用力F拉A使B匀速上升,则( )A.FN增大，F2减小，F1增大B.FN增大，F2增大，F1大小不变C.FN减小，F2减小，F1增大D.FN减小，F2减小，F1大小不变二、非选择题(本题共2小题，共20分)7.(2012东营高一检测)(10分)在水平路面上用绳子拉一个重力为G=183 N的木箱，绳子与水平路面的夹角为30，如图所示.木箱与路面间的动摩擦因数=0.10，要使木箱能在水平路面上匀速直线移动，则绳上所加拉力F应为多大？8(10分)某大型游乐场内，有一种能使人体验超重、失重感觉的大型娱乐设施.该设施用电梯将乘坐有十多人的座舱悬停在几十米的高空处，然后让座舱从高空自由落下(此时座舱受到的阻力极小，可忽略)，当落至一定位置时，良好的制动系统开始工作，使座舱落至地面时刚好停止假设座舱开始下落时的高度为80 m，当下落至距地面30 m时，开始对座舱进行制动，并认为座舱的制动过程是匀减速运动(1)当座舱从开始下落了20 m时，质量是60 kg的人对座舱的压力为多大？试说明理由(2)当座舱下落到距离地面10 m位置时，人对座舱的压力与人所受到的重力之比是多少？(g取10 m/s2)答案解析1【解析】选A、B.当物体的加速度向下时，物体处于失重状态，反之当物体在竖直方向上运动且处于失重状态时，加速度方向一定竖直向下，故A正确；对物体进行受力分析，设物体受到台秤的支持力为FN，则mgFNma，FNmgma，即台秤示数比静止时减小ma，故B对；加速度方向与速度方向无必然联系，故C、D均错2【解析】选B.物体受到四个力的作用而处于静止状态，由物体的平衡条件可知,力F与另外三个力的合力一定等大反向.当力F转过90时，力F与另外三个力的合力大小为F.因此，欲使物体仍能保持静止状态，必须再加一个大小为F的力，故B正确3.【解析】选B.在太空中物体处于完全失重状态，宇航员可以毫不费力地拿着铅球，A对；快速运动的铅球撞到宇航员时,铅球的运动状态会改变，这时宇航员与铅球之间会产生一个很大的相互作用力，故B错、C对；铅球被扔出后将做匀速直线运动，D对.故选B.【变式备选】如图所示，A、B两物体叠放在一起，当把A、B两物体同时竖直向上抛出时(不计空气阻力)，则( )AA的加速度小于gBB的加速度大于gCA、B的加速度均为gDA、B间的弹力为零【解析】选C、D.当物体处于自由落体或竖直上抛运动状态时，由于物体的加速度均为重力加速度，故物体处于完全失重状态，A、B错，C对；完全失重状态时物体对水平支持物的压力或对竖直悬挂物的拉力等于零，D正确4【解析】选A.物体受到重力、支持力和绳子的拉力作用，重力沿斜面向下的分力为mgsin=4.9 N，沿斜面方向的合力为零，所以物体没有运动的趋势，摩擦力大小为零，选项A正确、B错误；斜面对物体的支持力大小等于mgcos=4.9 N，方向垂直斜面向上，选项C、D错误.4【解析】选B.以小球为研究对象，进行受力分析如图甲所示，小球受重力G、墙壁对小球的弹力FNA(大小等于FN1)、板对小球的弹力FNB(大小等于FN2)根据矢量合成法则，应该遵循平行四边形定则或三角形定则.由力的特点可知，重力是个定值，起点和终点都是确定的，墙壁对小球的弹力FNA方向总是水平的，在将板BC逐渐放至水平的过程中，板对小球的弹力FNB大小和方向都在变化.由乙图中的矢量三角形容易观察到，该过程FNA、FNB都在减小，所以FN1和FN2都减小，故应选B.5.【解析】选D.用力蹬地获得一个向上的大于重力的支持力，故蹬地过程是一个向上加速的过程，是超重现象；空中上升过程只受重力作用，有向下的加速度g，是完全失重现象，故D项正确6.【解析】选B、D.以两个木块m和重物M整体作为研究对象，在竖直方向上，与挡板间的距离无关，A错误，B正确；如图所示，以轴O点为研究对象，杆对轴O的作用力为F=再以木块m为研究对象，挡板对木块的正压力FN=Fsin=Fsin=当挡板间的距离稍许增大时，增大，FN增大，C错误，D正确.6.【解析】选B.以B为研究对象，由平衡条件得F1=MBg，故绳的拉力大小恒定.对A物体，其受力如图所示， A物体竖直方向合力为零，即FN+F1sin=GA，所以FN=GA-F1sin，由此可知FN随着的减小而增大；由F2=FN知A物体所受的滑动摩擦力随FN的增大而增大.由上述讨论可知，选项B正确.7. 【解析】对木箱受力分析如图所示，木箱受到了四个力的作用，将拉力F按水平方向与竖直方向分解为两个分力F1和F2，得F1=Fcos30,F2=Fsin30.在水平方向上由二力平衡可得F1=Ff=Fcos30在竖直方向上G=F2+FN=FN+Fsin30又Ff=FN联立以上各式解得F=20 N.答案：20 N【总结提升】处理共点力平衡问题的思路共点力作用下物体的平衡条件的应用所涉及的问题都是“力”，对物体进行受力分析，对力进行处理，然后结合平衡方程解决，因此解决平衡问题的思路如下：(1)根据问题的要求和计算方便，恰当地选择研究的对象.所谓“恰当”，就是要使题目中给定的已知条件和待求的未知量，能够通过这个研究对象的平衡条件尽量联系起来.(2)对研究对象进行受力分析，画出受力分析图.(3)通过“平衡条件”，找出各个力之间的关系，把已知量和未知量联系起来.(4)求解，必要时对解进行讨论.8【解题指南】首先分清座舱有两个不同的运动过程，然后分别用动力学知识列方程分析，最后把公式灵活联立计算求出结果.【解析】设座舱距地面30 m时速度为v，h150 m，h230 m.(1)开始自由下落过程人和座舱只受重力，此时ag由牛顿第二定律得mgFN1ma，