物理学业水平冲A与过关 自主演练 答案.doc

学业水平冲A与过关自主演练篇物理（RJ版）参考答案学业水平冲A与过关自主演练篇物理(RJ版)参考答案自主练习一运动的描述1. C2. D3. C4. D5. B6. C7. C8. C9. D10. C11. C12. A13. B14. B15. D16. C17. B18. D19. C20. 0.350.430.3521. (1) xFH表示FH两点间重锤的位移大小 ，T表示打相邻两点的时间间隔(2) 1.2922. (1) 位置12345v/(ms1)1.201.000.800.600.40(2) 小车做匀减速直线运动小车的vt图像如下图所示23. 解：(1) a1300 m/s2(2) a400 m/s224. 解：(1) v t图像如下图所示(2) 第一个10 s内的加速度a m/s22 m/s2.(3) v t图像的斜率表示加速度，第一个10 s内的加速度 ak2 m/s2，与第(2)问计算的结果相等(4) 最后15 s内的加速度a m/s22 m/s2，“”号表示加速度方向与运动方向相反自主练习二匀变速直线运动规律1. A2. A3. D4. C5. B6. C7. B8. C9. C10. D11. B12. B13. B14. B15. C16. A17. C18. D19. B20. D21. C22. B23. 0.10.360.4224. 0.020.711.1025. 解：(1) 由题意知：vv0at， t0.5 s.(2) 又hat2， h0.125 m.26. 解：设A到B的位移为s1，小球下滑到B点的速度为v，则有：AB: v22a1s1，BC：v22a2s2，s1a1t，s1s2s，解得t1. 27. 解：设轿车行驶的最大速度为v，司机在反应时间内做匀速运动的位移为x1，在刹车匀减速阶段的位移为x2，则x1vt，2ax20v2，dx1x2，联立式得v20 m/s，即轿车行驶的最大速度为20 m/s.28. 解：(1)v t图像如图所示(2) v190 km/h25 m/s，v1tat2，t20 s.(3) v2a2t50 m/s.自主练习三直线运动综合训练1. A2. A3. C4. C5. C6. B7. B8. B9. D10. D11. B12. C13. C14. B15. D16. 0.140.217. C应该先接通电源，后释放小车BFECDA18. 交流46 V220 V0.02 s2.19 m/s3.28 m/s19. 解：(1) 位移20 cm，路程30 cm.(2) 平均速度10 cm/s.平均速率v15 cm/s.20. 解：(1) 小球的最大速度为vm，则vmtx1x2，vm2 m/s.(2) a10.5 m/s2，a2 m/s2.21. 解：(1) 汽车做匀变速直线运动， x(vAvB)t，vA12 m/s.(2) a1.5 m/s2，xA48 m.(3) 6 m/s.22. 解：(1) a2 m/s2.(2) s3 m.(3) 由牛顿第二定律 mgma，g4 m/s2.自主练习四相互作用1. C2. D3. A4. C5. A6. B7. C8. C9. A10. A11. B12. A13. D14. B15. FF不变16. 17. 解：(1) 物体做匀速直线运动， Ff，kx1mg，0.4.(2) Fkx2120 N，fmg80 N.18. 解： FG2F，当FBA30 N时，FOA30 N20 N， OA绳子先达到能承受的最大拉力，当FOA20 N时角达到最大，cos，30.19. 解：开始时，k2处于压缩状态，受到的压力F2Mg，此时压缩量为x2，F2Mgk2x2，x2，提升k1时，使k2受到的压力为F2k2x2时，x2，K1受到的拉力为F1，此时F1Gk1x1，x1， k1的上端向上提升的距离为xx2x2x1.20. 解：(1)由图可得：木箱沿水平方向做匀速直线运动，所以有：F1cos45(mgF1sin45)，F1100 N.(2) 由(1)的分析过程可以得到：F2，fN，tan0.5，根据下图可知，当F与N、f的合力相垂直时，即时，F达到最小，由三角的变换公式可以得到：sin，cos，代入上式得：F2min50 N.自主练习五牛顿定律1. B2. D3. A4. D5. B6. A7. C8. A9. B10. C11. C12. C13. C14. B15. D16. 10517. (1) 不系牵引砝码，轻推滑行器，如果恰能做匀速直线运动，表示导轨已水平；(2) D(3) a.18. 解：对于A、B整体，由牛顿第二定律得F(mAmB)a，对于B物体：NmBa，解得：N.19. 解：(1)对物块B：F2mgmaB，aB2 m/s2.(2) 对物块A: 1mgmaA，aA4 m/s2，A恰好追上B时，两者等速，速度设为v，则vv0aAt，vaBt，又Lv0taAt2aBt2，解得：v03 m/s.20. 解：物体受到拉力F作用时，Fmgsinmgcosma1，a12 m/s2，开始4 s末的速度：va1t8 m/s，方向沿斜面向上，开始4 s内的位移：x1a1t216 m，4 s末绳子断裂，物体沿斜面向上做匀减速运动，受力如图，mgsinmgcosma2，a28 m/s2方向沿斜面向下，向上减速至最高点的时间、位移：t21 s，x2a2t4 m，物体从最高点斜面向下加速到v08 m/s还需要的时间与位移：t31 s，x3x24 m，物体从v0加速到斜面的底端需要的时间、位移：mgsinmgcosma4，a44 m/s2，x4x116 m，x4v0t4a4t，解得t42(1)s，所以从绳子断裂到物体重新滑到底端需要的总时间t总t2t3t42 s.自主练习六力与运动的关系综合训练1. C2. D3. B4. A5. B6. B7. C8. C9. D10. A11. D12. C13. B14. C15. C16. 船头始终垂直河岸10040017. 距离d1d3d5测量值(cm)1.205.2011.800.330.6518. (1) 50(2) 平行四边形相同5(3) 控制变量法质量力平衡小车运动过程中受到的摩擦力加速度与合外力成正比加速度与质量成反比19. 解：(1)由牛顿第二定律得Fmgma1，a10.5 m/s2，vat12 m/s.(2) 撤去外力后mgma2，a21 m/s2，t22 s.(3) x1a1t4 m，x22 m，xx1x26 m.20. 解：(1)设上顶板的作用力为F1，下顶板的作用力为F2，则对于金属块mgF1F2ma，m0.5 kg.(2) 当F1F2/25 N时，mgF1f2ma，a0，箱子处于静止或匀速运动(3) 若上顶板的压力为0，则有F2mgma2，a210 m/s2方向向上，箱子可能处于匀加速上升或匀减速下降过程21. 解：对于m：mgma1，a12 m/s2，对于M：FmgMa2，a23 m/s2，3 s内m的位移：x1a1t29 m，M的位移：x2a2t213.5 m， x2x14.5 mL， 3 s前物体m已经从小车上掉落，设经t1时间物体从小车上掉落，则有a2ta1tL，t12s，掉落后，小车：FMa2，a23.5 m/s2，F拉动3 s时小车的速度：v(a2t1)a2(tt1)9.5 m/s.22. 解：(1) 由图可知a0.5 m/s2.(2) 02 s：F1mgsin，24 s：F2mgsinma，解得：m1 kg.(3) sin，30.(4) 撤去F后，环：mgsinma，a5 m/s2，02 s：x1v1t12 m，24 s：x2(v1v2)t23 m，4 s以后：x30.4 m，环上升的总高度：h(x1x2x3)sin302.7 m.自主练习七曲线运动1. B2. D3. C4. D5. B6. D7. A8. B9. A10. B11. B12. D13. D14. D15. B16. C17. D18. A19. B20. C21. 3 60022. 1123. 解：(1) hgt220 m.(2) v015 m/s.24. 解：(1) Fnminmg5 N.(2) 最高点：Fmgm，F2.5 N，方向向下(3) 设小球在最高点的速度为v1，最低点的速度为v2，则mg2Lmvmv，Tmgm，Tmgm，解得：TTT6mg30 N.25. 解：(1) 汽车在最高点：Nmgm，N7 600 N.(2) 最高点时，汽车对桥没有压力，此时汽车的重力正好成为其做圆周运动的向心力，故有：mgm，得v210 m/s.(3) 同理得：mg，v38103 m/s.26. 解：(1)滑块从C点飞出做平抛运动，落点是A，则有：2Rgt2，svCt，解得：vC10 m/s.(2) 滑块恰能经过C点，则：在C点：mgm，AC，根据动能定理有：Fsmgsmg2Rmv，解得：F0.875 N.(3) 滑块从A到B：B点有：FNmgm，Fsmgsmv，由得：FN8F1，其中Fmg0.25 N.自主练习八万有引力定律、人造卫星1. B2. A3. A4. C5. C6. A7. D8. A9. A10. D11. B12. A13. A14. B15. C16. C17. B18. C19. D20. B21. 22. 161623. 解：卫星转动的角速度为Gm2(2R)，mg，再次通过某地上方，则有：t0t2，t.24. 解：(1) 对于月球：GM月r，处于地球表面的物体：mgG，解得：r.(2) 在月球表面：hg月t2，sv0t，解得：g月，处于月球表面的物体：mg月G，M月.25. 解：火箭在h高度处：Fmgma，g m/s2， mgG，mgG， ，hR3 200 km.26. 解：根据平抛运动的知识：(vt)2L2，(2vt)2(L)2，解得：g，处于星球表面的物体有：mgG，M.自主练习九曲线运动与万有引力定律综合训练1. A2. B3. D4. C5. B6. C7. A8. C9. D10. A11. C12. B13. A14. D15. B16. B17. C18. A19. A20. B21. C22. 23. TT24. 解：运动员由C到D过程做竖直上抛，设初速度为vc，则有：0vcg，得vcgt，运动员从B到C至少做功为W0，由动能定理：W0Wmv，解得：W0Wmg2t2.25. 解：火星表面的物体：mgG，火星的卫星：Gmr，解得：g，探测器第二次着地时：vy，所以v.26. 解：(1) 运动员从B点到D点做平抛运动HLgt2，xvBt，代入数据解得vB4.8 m/s.(2) 运动员从A点到B点的过程中，由机械能守恒定律mghABmvEk，其中hABL(1cos)，代入数据解得Ek76 J.(3) 设运动员经O点正下方时的速度为vB，则mvB2mvmgL(1cos37)，xvB，解得： x2v20，x v0的图像如下图所示：自主练习十功和能1. D2. D3. D4. C5. D6. D7. B8. D9. D10. C11. C12. C13. B14. A15. D16. D17. C18. C19. C20. B21. 4 00020003 80022. mgstan23. 解：(1) WEk0mv9 J.(2) WGmgh16 J.(3) PGmgvymg80 W.(4) mghEkEk0，Ek25 J.24. 解：(1) Fkmgma，F8 000 N，v10 m/s，t10 s.(2) 当汽车的加速度a0，Ffkmg时，汽车的速度达到最大vmax m/s.25. 解：(1) 刚对A物施加F时，弹簧处于压缩状态mAgkx1，x10.2 m，当B物刚好要离开地面时，mBgkx2，x20.2 m，对于A物，上升的高度为xx1x20.4 m，xat2，vAat2 m/s.(2) A物的重力势能增加，Epmgx48 J.自主练习十一动能定理、机械能守恒定律1. B2. A3. A4. C5. C6. D7. B8. A9. C10. D11. B12. D13. B14. B15. A16. D17. D18. C19. 4v20. 0.821. 6 00022. (1) BCD(2) 0.1730.17123. 解：设回到出发点的速度为v，由动能定理可得Fsmv2，3Fsmv2mv2，解得：v2v.24. 解：(1) 滑雪运动员在C点的机械能为Emghmv2.(2) 滑雪运动员从A到C的过程中，由动能定理得mg(Hh)Wmv2，得 Wmg(Hh)mv2.(3) 滑雪运动员离开C点后做平抛运动，设落地点P距C的距离为L，有Lcosvt，Lsingt2，解得L.25. 解：(1) 小球下滑过程中机械能守恒mghmv，小球在M点：Nmgm，解得：N11mg，根据牛顿第三定律，可知小球对轨道的压力为FNN11mg.(2) 小球从静止释放到N点过程中机械能守恒，mg(h2R)EkN，小球能到达最高点速度的最小值为vmin，所以小球在最高点动能的最小值为EkminmgR， nR最高点的动能Ek与高度h的关系为：EkNmgh2mgR.自主练习十二机械能综合训练1. D2. B3. C4. B5. D6. D7. C8. C9. C10. A11. D12. C13. D14. D15. B16. D17. A18. D19. B20. 0.9730.2380.236重锤受到空气的阻力、纸带受到打点计时器的阻力作用21. 解：Epmghmg(h)21.6 J22. 解：(1) Ek0mv，v02 m/s.(2) s14 m时，Ek10 Jmv2，v2 m/s，从s14 m到s28 m过程，由动能定理mg(s2s1)0mv2，0.25.(3) 物体受到F作用的过程中：Fmgma，v2v2as1，解得： F4.5 N.23. 解：(1) 03 s内，物体受到的最大静摩擦力fmmg4 N，F1fmma1，a10.(2) 3 s6 s内，F2fmma2，a22 m/s2，x1a2t9 m，WF06WF36F2x172 J.(3) 6 s9 s内以va1t16 m/s做匀速直线运动x2vt218 m，9 s12 s内做匀加速直线运动x3vt3a2t27 m，总位移xx1x2x354 m.24. 解：(1) 小球A恰能完成一次完整的圆周运动，它到达最高点的速度为v0，在最高点，仅由重力提供向心力，则有mgm，小球A从最低点运动到最高点的过程中，机械能守恒，并设小球在最低点速度为v，则有mv2mg2Lmv，解得vm/s，小球B从高h1处释放后到达小球A处速度为v，由动能定理得mgh1mgsmv2，解得h10.45 m。(2) 小球从高h1处释放到到达右侧曲面h2处的过程中，由动能定理得mgh1mg2smgh20，解得h20.05 m。(3) 当小球B从高h3处释放后，与小球A发生第五次碰撞且速度达到v时，可使小球A恰好完成第三次完整的圆周运动，由动能定理得mgh3mg5smv2解得h31.25 m，当小球B从高h4处释放后，与小球A发生第一次碰撞时速度为v，细线的拉力恰好达到最大拉力Tm37 N，mgh4mgsmv2，Tmmgm，解得h42m，所以小球B释放的高度应满足的条件为1.25 mh2 m.自主练习十三电场与电流1. C2. C3. C4. C5. D6. A7. C8. B9. B10. B11. A12. C13. A14. C15. C16. D17. B18. B19. D20. A21. (1) 电能4.2(2) 7001422. F/423. 21224. 解：液滴静止在极板间，有：mgEq