选修物理3-2交变电流：变压器、电能的输送.doc

选修物理3-2：交变电流专题二：变压器 电能的输送一、课堂测试1、（双选）一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示由图可知（）A该交流电的电压瞬时值的表达式为u100sin（25t）VB该交流电的频率为25HzC该交流电的电压的有效值为100D若将该交流电压加在阻值R100 的电阻两端，则电阻消耗的功率为50W答案：BD解析：由图象可知正弦交流电的周期s，则，所以该交流电的电压瞬时值的表达式为u100sin（50t）V，A不正确，B正确；该交流电的电压的有效值为V，则C不正确；若将该交流电压加在阻值R100 的电阻两端，则电阻消耗的功率为W，则D正确，所以正确答案为BD2、（单选）电阻R1、R2与交流电源按照图1方式连接，R1=10，R2=20合上开关S后，通过电阻R1的正弦交变电流i随时间t变化的情况如图2所示则（）A 通过R1的电流有效值是1.2AB R1两端的电压有效值是6VC 通过R2的电流最大值是1.2D R2两端的电压最大值是6分析：根据图象可知流过电阻R1的电流最大值、有效值的大小，根据电阻的串联可进一步求得流过R2的电流和电压大小解答：解析：从图2可以看出，通过R2电流的有效值是0.6A，所以R2两端电压的有效值为12V，最大电压是12，R1两端电压的有效值为6V，而串联电路中各部分电流相等，所以电流的最大值为0.6，故ACD错误，B正确故选B3、现有一交流电随时间而变化的图象，其中电流的正值为正弦曲线的正半周，其最大值为4A，则该交流电的有效值为多大?解析： 交变电流一个周期内产生的热量 恒定电流的热量 由有效值定义知 解之 A4、如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直，线圈匝数n=40匝，ab边长l1=0.5m，bc边长l2=0.4m，线圈总电阻r=1线圈转动的角速度=100rad/s，磁场的磁感应强度B=0.2T线圈两端外接R=9的电阻和一个理想交流电流表求：（1）从图示位置开始计时，闭合电路中电流随时间变化的函数表达式；（2）电流表的示数；（3）电阻R上消耗的电功率分析：（1）先求出最大电动势，写出电压的瞬时表达式，再根据闭合电路欧姆定律求出电流的瞬时表达式；（2）电流表测量的是有效值；（3）根据功率公式P=I2R即可求解解答：解：（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为Em=nBS=400.50.20.4100V=160V从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为：e=160cos100t所以电流的瞬时表达式为：i=cost=cos100t=16cos100t（A）（2）电流表测量的是有效值，所以电流表的示数为：I=8A（3）根据功率公式得：P=I2R=1152W二、新课学习学习一：电感和电容对交变电流的作用一、知识点回顾：电感作用只对交变电流有阻碍作用影响因素自感系数越大，交流电的频率越大，阻碍作用越大应用低频扼流圈（匝数多）：通直流，阻交流高频扼流圈（匝数少）：通低频，阻高频成因交流电变化产生自感，而自感电动势总是阻碍电流的变化电容作用直流电不能通过电容，对交变电流有阻碍作用影响因素电容越大，交变电流频率越大，阻碍作用越小应用隔直电容（电容较小）：通交流，阻直流旁路电容（电容较大）：通高频，阻低频成因电容器极板上的电荷形成电压，且电压与电源方向相反二、电感和电容对交流电的作用的辨析与应用解题技法：要了解线圈和电容器对交流电的作用，电感线圈有“通直流，阻交流”“通低频阻高频”的作用，而电容器具有“通交流，隔直流”“通高频，阻高频”的作用，从而比较在各种情况下，它们在电路中所起的作用。要给合串、并联电路的特点和闭合电路的欧姆定律来分析实际问题。三、练习：1、（双选）如图所示，把电阻R、电感线圈L、电容器C分别串联一个灯泡后并联在电路中接入交流电源后，三盏灯亮度相同若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率减小，则下列判断正确的是（）A灯泡L1将变亮B灯泡L2将变暗C灯泡L3将变暗D灯泡亮度都不变分析：对于电容器来说能通交流隔直流，而频率越高越容易通过对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流解答：解：若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率减小，对电阻没有影响，而电容器对其阻碍变大，线圈对其阻碍变小所以灯泡L1将变亮，灯泡L2将变暗，灯泡L3将亮度不变故选：AB2、（双选）两个相同的白炽灯L1和L2接到如图所示的电路中，灯L1与电容器串联，灯L2与电感线圈串联，下列说法正确的是（）A当a、b间接恒定电压，电键闭合瞬间，流过L1的电流小于流过L2的电流B当a、b间接恒定电压，电键断开瞬间，流过L1的电流等于流过L2的电流C当a、b间接交变电压，电路稳定后，增加交变电压的频率，L1亮度变亮，L2亮度变暗D当a、b间接交变电压，电路稳定后，增加交变电压的最大值，L1亮度变亮，L2亮度变暗分析：当a、b间接恒定电压，闭合的瞬间，对于含容的支路，有充电电流，对于含电感的支路，由于电感阻碍电流的变化，所以电流会慢慢增大断开电键，它们构成一回路当a、b间接交变电压，电路稳定后，交流电的频率会影响感抗和容抗解答：解：A、当a、b间接恒定电压，电键闭合瞬间，对于含容的支路，有充电电流，对于含电感的支路，由于电感阻碍电流的变化，所以电流会慢慢增大所以流过L1的电流大于流过L2的电流故A错误 B、当a、b间接恒定电压，电键断开瞬间，线圈阻碍电流的减小，通过线圈的电流慢慢减小，而线圈和电容以及两灯泡构成一回路，所以流过L1的电流等于流过L2的电流故B正确 C、当a、b间接交变电压，电路稳定后，增加交变电压的频率，感抗增大，容抗减小，所以L1亮度变亮，L2亮度变暗故C正确 D、当a、b间接交变电压，电路稳定后，增加交变电压的最大值，两灯泡均变亮故D错误故选BC3、（单选）如图所示电路中，L为电感线圈，R为灯泡，电流表内阻为零电压表内阻无限大，交流电源的电压u=220 sin100tV若保持电压的有效值不变，只将电源频率改为25Hz，下列说法中错误的是（）A电流表示数增大B电压表示数减小C灯泡变暗D灯泡变亮分析：由交流电源的电压可知该交流电源的频率，当电压的有效值不变时而频率改变，则会导致线圈对电流阻碍发生变化，从而出现电表读数的大与小，灯泡的亮与暗解答：解：交流电源的电压u=220sin100tV可得：=100 而=2f 则 f=50Hz 现在电感的感抗为XL=2fL，f为频率，L为自感系数当频率变化为25Hz，则频率在减小所以电感的感抗减小，即相当于它由一个大电阻变成了一个小电阻A、在频率变小时，线圈对电流的阻碍作用较小，则电流表示数变大故A正确；B、由于频率减小，电流表示数变大，且电压的有效值不变，因此灯泡两端电压增大，所以电压表示数减小，故B正确；C、由于频率变小，则电流变大，所以通过线圈的电流大，因此灯泡变亮，故C错误；D、由于频率变小，则电流变大，所以通过线圈的电流大，因此灯泡变亮，故D正确；故选：C学习二：变压器一、 知识点回顾1.变压器的结构与工作原理(1)变压器的构造:如图所示，变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的.一个线圈跟电源连接，叫原线圈(也叫初级线圈)；另一个线圈跟负载连接，叫副线圈(也叫次级线圈).两个线圈都是用绝缘导线绕制成的，铁芯由涂有绝缘漆的硅钢片叠合而成.(2)工作原理是：利用了互感 现象；即根据电磁感应 原理来改变交流电压，也可以改变电流(3)能量转换方式：原线圈电能磁场能副线圈电能(4)理想变压器：不考虑线圈电阻产生的焦耳热(铜损)、涡流产生的焦耳热(铁损)和漏磁它的输出功率和输入功率相等2、理想变压器的特点：(1)变压器的变压比:U1n1=U2n2=U3n3=Un=k理想变压器原副线圈的端电压跟匝数成正比当n2n1时，U2U1，变压器使电压升高，这种变压器叫做升压变压器.当n2n1时，U2U1，变压器使电压降低，这种变压器叫做降压变压器.(2)变压器的变流比:当变压器只有一个副线圈工作时，才有： 可见，变压器工作时，原线圈和副线圈中的电流跟它们的匝数成反比.当变压器有多个副线圈时,如图所示，有P入=P出，即无论有几个副线圈在工作,变压器的输入功率总等于所有输出功率之和.有U1I1=U2I2+U3I3+,有多个副线圈时满足n1I1=n2I2+n3I3+变压器的高压线圈匝数多而通过的电流小，可用较_细_的导线绕制.变压器的低压线圈匝数少而通过的电流大，应用较_粗_的导线绕制.(3)理想变压器的输入功率与输出功率P入=P出3.几种常用的变压器(1)自耦变压器.特点是铁芯上只绕有一个线圈.如果把整个线圈作原线圈,副线圈只取线圈的一部分，就可以降低电压(图甲)；如果把线圈的一部分作原线圈,整个线圈作副线圈，就可以升高电压(图乙).(2)调压变压器就是一种自耦变压器，它的构造如图(丙)所示.线圈AB绕在一个圆环形的铁芯上，AB之间加上输入电压U1，移动滑动触头P的位置就可以调节输出电压U2.(3)电压互感器如图(a)所示，原线圈并联在高压电路中，副线圈接电压表.互感器将高电压变为低电压，通过电压表测低电压，结合匝数比可计算出高压电路的电压.(4)电流互感器如图(b)所示，原线圈串联在待测高电流电路中，副线圈接电流表.互感器将大电流变成小电流，通过电流表测出小电流，结合匝数比可计算出大电流电路的电流.二、题型归纳与解题技法题型一：变压器工作原理的理解与应用解题技法：变压器工作的基础是互感现象，因此它是改变交变电压的设备，对于直流电不起作用，变压器虽然可改变交变电压和电流，但不改变交流电的频率。练习：1、（双选）某理想变压器的原线圈有1400匝，副线圈有700匝并接有负载电阻R，如图所示当变压器工作时，原、副线圈中（）A电流频率比为2：lB功率比为2：lC电流比为1：2D电压之比为2：1分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：A、变压器不会改变电流的频率，所以原、副线圈中电流频率比为1：1，所以A错误B、变压器的原线圈和副线圈的功率是相同的，所以原、副线圈中功率比为1：1，所以B错误C、电流与匝数成反比，所以=，所以C正确D、电压与匝数成正比，所以=，所以D正确故选CD2、（单选）图1、图2分别表示两种电压的波形，其中图1所示电压按正弦规律变化，下列说法正确的是（）A图1表示交流电，图2表示直流电B两种电压的有效值相等C图1所示电压的瞬时值表达式位u=311sin100tVD图1所示电压经匝数比为10：1的变压器变压后，频率变为原来的 分析：解本题时应该掌握：交流电和直流电的定义，直流电是指电流方向不发生变化的电流；理解并会求交流电的有效值，U= ，只适用于正余弦交流电；根据图象书写交流电的表达；变压器的原理等解答：解：A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；B、由于对应相同时刻，图1电压比图2电压大，根据有效值的定义可知，图1有效值要比图2有效值大，故B错误；C、从图1可知，Em=311V，=100rad/s，所以图1电压的瞬时值表达式位u=311sin100tV，故C正确；D、交流电经过变压器后，频率不发生变化，因此D错误故选C题弄二：副线圈只有一个的变压器问题的处理方法解题技法：若理想变压器的副线圈只有一个线圈，则；P入=P出；练习：1、（双选）如图，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1原线圈接人一电压为u=U0sint的交流电源，副线圈接一个R=27.5的负载电阻若Uo=220 V，=100rad/s，则下述结论正确的是（）A副线圈中电压表的读数为55V B副线圈中输出交流电的周期为 s C原线圈中电流表的读数为0.5A D原线圈中的输入功率为110 W分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为=220V，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，所以A正确B、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为T= s=s，所以B错误C、副线圈的电流为A=2A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为A=0.5A，所以C正确D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P=W=110W，所以原线圈中的输入功率也为110W，所以D错误故选AC2、（单选）一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5原线圈与正弦交变电源连接，输入电压U如图所示，副线圈仅接入一个10的电阻，则（）A 流过电阻的电流是20AB 与电阻并联的电压表的示数是100 VC 经过60s电阻发出的热量是1.2105JD 变压器的输入功率是1103W 解析：原线圈中电压的有效值是220V，由变压比知副线圈中电压为100V，流过电阻的电流是10A；与电阻并联的电压表的示数是100V；经过1分钟电阻发出的热量是61034J3、（单选）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220 sin（100t）（V）的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻原、副线圈匝数之比为2：1电流表、电压表均为理想电表下列说法正确的是（）A原线圈中电流表的读数为1AB原线圈中的输入功率为220 WC副线圈中电压表的读数为110 VD副线圈中输出交流电的周期为50s 解析:根据可知副线圈电压为110V，则其有效值即电压表示数为110V，C错。副线圈中电流，可知原线圈电流为1A，A选项正确。根据原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，B错。变压器不改变交变电流的周期，故4、如图，一理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈两端接入一正弦交流电源；副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表下列结论正确的是（）A 若电压表读数为6V，则输入电压的最大值为24 VB 若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数减小到原来的一半C 若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D 若保持负载电阻的阻值不变输入电压增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的4倍题型三：副线圈有两个或两个以上的变压器问题的处理方法解题技法：若理想变压器的副线圈有两个或两个以上线圈，求电压：，。求电流，则根据P入=P出；得+练习：1、如图所示，变压器的原线圈及各个副线圈的匝数比为n1：n2：n3=4：2：1所连接的三个灯消耗的电功率相同，则通过每个灯的电流之比I1：I2：I3=_ 1：1：2分析：先对两个副线圈，由功率相等：I2U2=I3U3，得到电流的比值，设原线圈两端电压为U，R1两端电压为U1，根据功率关系及电压关系可求出I1和I2的关系，进而求出过每个灯的电流之比解答：解：先对两个副线圈，由功率相等：I2U2=I3U3，即=，而=由已知：=设原线圈两端电压为U，R1两端电压为U1，根据功率关系有I1U1=I1U，所以U=2U1再由=，得：2=，将I1U1=I2U2代入得出：=1，将两组电流比合并在一起：I1：I2：I3=1：1：2；故答案为：1：1：22、如图，变压器的原线圈接到220V的交流电源上，副线圈有两个，副线圈2的匝数n2=30匝，与一个标有“22V，22W”的灯泡组成闭合回路，且灯泡L正常发光，副线圈3的输出电压U3=110V，与电阻R组成闭合回路，通过电阻R的电流强度为0.4A，求：（1）副线圈3的匝数n3；（2）原线圈匝数n1；及流经原线圈的电流强度I1分析：根据电压与匝数成正比，可以求得线圈n3的匝数和原线圈匝数n1，根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可以求得原线圈中的电流强度I1解答：解：（1）由于n2的匝数是30匝，电压为22V，n3的电压时110V，根据电压与匝数成正比可得=，所以n3的匝数为=150匝；（2）根据电压与匝数成正比可得，所以n1的匝数为=300匝根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可得，U1I1=P2+P3，即220I1=22+1100.4，所以I1=0.3A答：（1）副线圈3的匝数n3为150匝；（2）原线圈匝数n1为300匝；流经原线圈的电流强度I1为0.3A3、如图所示的理想变压器原线圈接到220V的交流电源上，副线圈有两个，副线圈的匝数n2=30匝，与一个标有“12V12W”的灯泡L组成闭合回路，且灯L正常发光，副线圈的输出电压U3=110V，与电阻R组成闭合回路，通过电阻R的电流强度为0.4A，副线圈的匝数n3=_ 275匝；原线圈中的电流强度I1= _0.26A分析：根据电压与匝数成正比，可以求得线圈n3的匝数，在根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可以求得原线圈中的电流强度I1解答：解：由于n2的匝数是30匝，电压为12V，n3的电压时110V，根据电压与匝数成正比可得=，所以n3的匝数为=275匝；根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可得，U1I1=P2+P3，即220I1=12+1100.4，所以I1=0.26A故答案为：275；0.26题型四：变压器电路动态问题的分析方法解题思路：练习：1、（双选）一理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，为滑动变阻器的触头。下列说法正确的是A. 副线圈输出电压的频率为50HzB. 副线圈输出电压的有效值为31VC. 向右移动时，原、副线圈的电流比减小来D. 向右移动时，变压器的输出功率增加【答案】AD 【解析】由图甲知该交流电的周期是210-2s，交流电的频率是50Hz，变压器不改变频率，所以A正确；因为原线圈电压的最大值是310V，根据变压器的匝数与电压的关系，副线圈输出电压的最大值为31V，因此B错误；匝数比不变，所以原、副线圈的电流比不变，C错误；P向右移动时，负载电阻变小，根据，因此，变压器的输出功率增加，D正确。u1用户P图甲u2图乙u2/Vt/10-2sO190-190122、（双选）为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图。保持输入电压u1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压。某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示。以下正确的是 Au2=190sin(50t)VBu2=190sin(100t)V C为使用户电压稳定在220V，应将P适当下移D为使用户电压稳定在220V，应将P适当上移答案：BD【解析】根据图像知周期为T=210-2s，电压的最大值为V，故用户得到电压的瞬时值为，B正确；用户获得电压为交流电的有效值，此时有效值为190V，根据变压比，增大电压则需要减少原线圈的匝数P要适当上移，D正确。3、（双选）为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示。当开关S闭合后AA1示数变大，A1与A2示数的比值不变BA1示数变大，A1与A2示数的比值变大CV2示数变小，V1与V2示数的比值变大DV2示数不变，V1与V2示数的比值不变分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：由于理想变压器原线圈接到电压有效值不变，则副线圈电压不变，V2示数不变，V1与V2示数的比值不变，C错误、D正确开关S闭合后，变压器副线圈的负载电阻减小，V2不变，由欧姆定律可得A1示数变大，由于理想变压器P2=P1，V1与V2示数的比值不变，所以A1与A2示数的比值不变，A正确、B错误所以AD正确故选AD学习三：远距离输电一、知识点归纳1、示意图2、3、电压损失电压损失：输电线路始端电压与输电线路末端电压的差值。（R是输电线路电阻）-输电线损失电压-升压变压器副线圈电压（即是输出电压）-降压变压器原线圈电压减小输电线路电压损失的两种方法减少输电线路电阻。由可知，间距一定时，使用电阻率小的材料，增大导体横截面积均可减小电阻。减小输电电流I。由可知，当输送功率一定时，升高电压可以减小电流。4、功率损失输送功率是指升压变压器输出的功率，损失功率是指由于输电线发热而消耗的功率。两者关系：计算功率损失的方法，I为输电线上的电流，R为线路电阻。，为输电线路上损失的电压，R为线路电阻。，为输电线路上损失的电压，I为线路上的电流。二、练习：1、（单选）中国已投产运行的1000kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程。假设甲、乙两地原来用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P。保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为 AP/4 BP/2 C2P D4P分析：已知输送的电功率和输电电压，根据I= 求出输电线上的电；根据P=I2R求出输电线上损失的电功率解答：解：当以不同电压输送时，有P=U1I1=U2I2，而在线路上损失的功率为P=I2R=可知，损失的功率与电压的平方成反比，即P1：P2=4：1所以输电线上损失的功率为2、（单选）某水电站，用总电阻为2.5的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3106KW。现用500kV电压输电，则下列说法正确的是A. 输电线上输送的电流大小为2105AB. 输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC. 若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9108KWD. 输电线上损失的功率为PU2/r，U为输电电压，r为输电线的电阻【答案】B【解析】由得输电线上输送的电流，由得输电线路上的电压损失，输电线上损失的功率为选项B正确3、某发电机输出功率P=100kW，发电机端电压U1=1000V，向远距离输电的输电线总电阻R=8.现要求输电损耗为5%，用户得到的电压恰好为220V，则：(1)画出输电线路的示意图；(2)求出所用的变压器的原副线圈匝数比解析：线路上损耗的功率为P=5000W，因为所以电流为I2=25A，线路上的电压为U=I2R=200V，U2=P/I2=100000/25V=4000V所以n1n2=U1U2=14U3=U2-U=3800V，U4=220Vn3n4=U3U4=190114、（双选）某小型水电站的电能输送示意图如下。发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n，n2。降压变压器原副线匝数分别为a3、n4（变压器均为理想变压器）。要使额定电压为220V的用电器正常工作，则（ ） AB C升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压 D升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率答案：AD考点：变压器工作原理、远距离输电解析：根据变压器工作原理可知,，由于输电线上损失一部分电压，升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，有，所以，A正确，BC不正确。升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率加上输电线损失功率，D正确。提示：理想变压器的两个基本公式是： ，即对同一变压器的任意两个线圈，都有电压和匝数成正比。，即无论有几个副线圈在工作，变压器的输入功率总等于所有输出功率之和。只有当变压器只有一个副线圈工作时，才有。远距离输电，从图中应该看出功率之间的关系是：P1=P2，P3=P4，P1/=Pr=P2。电压之间的关系是：。电流之间的关系是：。输电线上的功率损失和电压损失也是需要特别注意的。分析和计算时都必须用，而不能用。特别重要的是要会分析输电线上的功率损失。课后练习1（双选举如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为41，原线圈接入一电压为UU0sint的交流电源，副线圈接一个R27.5 的负载电阻若U0220 V，100 Hz，则下述结论正确的是()A副线圈中电压表的读数为55 VB副线圈中输出交流电的周期为 sC原线圈中电流表的读数为0.5 AD原线圈中的输入功率为110 W答案AC2（单选）一理想变压器原、副线圈匝数比n1n2115.原线圈与正弦交变电源连接，输入电压U如图所示，副线圈仅接入一个10 的电阻则()A流过电阻的电流是20 AB与电阻并联的电压表的示数是100 VC经过1分钟电阻发出的热量为6103JD变压器的输入功率是1103W答案D3（单选）一理想变压器的原线圈上接有正弦交变电压，其最大值保持不变，副线圈接有可调电阻R.设原线圈的电流为I1，输入功率为P1，副线圈的电流为I2，输出功率为P2，当R增大时()AI1减小，P1增大 BI1减小，P1减小CI2增大，P