全国2010年10月高等教育电力系统基础自考试题.doc

全国2001年10月高等教育自学考试电力系统基础试题来源：考试大 2006年6月10日 【考试大：中国教育考试第一门户】课程代码：02300 一、填空题(每小题1 分，共10 分)1.衡量电能质量的指标主要有电压、波形和_。2.在电力系统的潮流分布计算中，习惯上是直接用三相功率和_电压来计算。3.频率的二次调整是由发电机组的_进行调整。4.双绕组变压器可供调整的分接头通常在_。5.简单短路中不对称短路有_种类型。6.对称分量法是一种叠加法，适用于_系统。7.两相短路其故障相电流为正序电流的_倍。8.对于简单电力系统，其静态稳定判据为_。9.自动重合闸是提高系统_的主要措施之一。10.在简单电力系统中，若加速面积大于减速面积，系统将失去_。二、单项选择题(每小题1 分，共20 分。从每小题的四个备选答案中，选出一个正确答案，并将正确答案的号码写在题干后面的括号内。)11. 提高系统暂态稳定性措施有( )快速切除故障不切除故障重合闸不成功故障加大12.电力系统发生两相短路接地，其复合序网为( )13.经过Yd3 接法的变压器由星形到三角形侧时，负序系统逆时针转过( )120 150 90 27014.电力系统K 点发生单相短路(A 相)对称分量以A 相为准，其电流之间关系为( )式所示。ii i = i ii = i ii =ii = ik1 k2 k0 k1 k2 k0 k1 k2 k0 k1 k2 k015.若a、b 两相发生短路接地，则基准相选择为( )a 相b 相c 相b 相和c 相()nkEn16.正序等效定则中(Ik() =()）（短路类型，系数k(n)在发生三相短路时，k(3)为( )x1 +xnk(3)=3 k(3)=1 k(3)= 3 k(3)=217.同步发电机参数适合于( )xdxd xd x xdxd ,xd xd =xxd xd xd x xd xd ,xdx18.下图系统在k 点发生三相短路，各元件标么值电抗在元件下方，计算短路电流的总阻抗为( )x=0.248 x=(0.125+0.105+0.08) (0.10)=0.075x=0.41 x=0.3119.电力系统发生三相短路，其冲击系数kimp 与非周期分量的衰减时间常数Ta 有关，当kimp=1 时，回路的L，R，Ta 的关系如( )L0 R0 R=0 L0 L=0 R0 Ta= 20.为达到安装较少的补偿设备容量，选变压器分接头的情况应为( )最小方式时电容器全部投入最小方式时电容器全部退出最大方式时电容器全部投入最大方式时电容器全部退出21.为能在实际负荷超过预测值时及时地向增加的负荷供电而设置的备用容量称为( )国民经济备用负荷备用检修备用事故备用22.影响系统频率的主要因素是( )电流阻抗无功有功23.潮流计算常用的计算方法是( )解析法迭代法和牛顿法积分法差分法 来源:考试大-24.计算初步功率分布的目的主要是为了( )寻找无功功率分点寻找有功功率分点寻找平衡节点寻找pu 节点25.电力系统潮流分布计算中，复功率的单位是( )MW MVar MVA KWS()26.电力网某处的电流为2.5KA ，当取基准值SN=100MVA,UN=10KV 时，则该处电流的标么值应为( )2 5 100310. 25 10010. 25 3 10100. 25 10010. 27.变压器的电抗参数XT，主要决定于哪一个实验数据( ) p0 pk Uk% I0%28.中性点不接地的电力系统，发生单相接地故障时，非故障相电压( )不变升高2 倍升高3 倍升高2 倍29.用电设备的额定电压一般与所接网络的额定电压( )高5% 相同低5% 低10%30.用来支持或悬挂导线并使导线与杆塔绝缘的器件是( )杆塔金具绝缘子保护包皮来源全国2001 年10 月高等教育自学考试 电力系统基础试题参考答案 课程代码：02300一、填空题(每小题1 分，共10 分)1. 频率 2. 线 3. 调频器 4. 高压侧 5. 三种6. 线性 7. 3 8.dPE 0 9. 暂态稳定性 10. 暂态稳定性d二、单项选择题(每小题1 分，共20 分)11. 12. 13. 14. 15.16. 17. 18. 19. 20.21. 22. 23. 24. 25.26. 27. 28. 29. 30.三、简答题(每小题5 分，共20 分)31. 两相短路接地故障处&V1 =V2 =V0 ,M 处零序电压为零，负序电压在发生器中性点为0。32. 改变发电机端电压调压；改变变压器变比调压补偿无功功率调压；改变电力线路参数调压。33. 线路始末两端电压的数值差。34. 习惯上采用三相功率和线电压进行计算。四、简单计算题(每小题7 分，共28 分)35.已知：KL=80MW/Hz， PL=200MW， PG=40MW， f=-0.2Hz求：KG=？解：根据公式：f=-.KPGL .+.KPLG200 .40于是： -0.2=-KG+80160KG= .80 =800-80=720MW/Hz02.36. Sc = 110 2 =j5.5 Mvar.j40(10 +j6) . j) +() +j) (10S() a = ( 30.j4020 15 . j )+j5.5=12.5+j13.75MVAS() =(20 +j) . j) +10 +j) . j10 )-j5.5=17.5+j7.25MVA15(30( 6(b.j4037. y2 =108 2 (. 10 .4) =j.S()j15 175S() 2() =S() +S() y2 =30+j20+j1.75=30+j21.752 302 +2175 . 2Sz = 2 (2+j10)=0.24+j1.18108S() 1 =S() 2 +Sz =30+j21.75+0.24+j1.18=30.24+j22.93(MVA)302 . 10+2175u1=108+ =110.57(KV)108Qxd2Pxd2 06. 12 . 2 08. 12 . 2 19838.解：E=(U + )+(00) ) =(1 + ) +() =.UU 11.1EU. 198 PM= = =1.65x12.dM . 165KP=P P0 100% = . . 0 8 . 100%P0 08.=106.25% 来源:考试大-自考:五、综合计算题（每小题11 分，共22 分）Pmax R + Qmax X 20 20 + 15 12039. = 118 .= .u 2max =u1max-u1max 1189936u 2min =118-10 20 + 8 120 = 10817118(1)按最小负荷时，电容器全部退出情况选分接头ut=u 2min u2N = 10817 11 = . 10817u2 min 11取ut=110-2.5%=107.25 则k=107 2511(2)按最大负荷时的调压要求计算补偿容量Qc=u2cmax (u . u 2 max ) K2X 2c max K105 . 11 10725= 10 5 . . )( .) = 257 var(. 9936 .M120 107 25 . 11验算：（1）最小负荷时：11u2min=108.17= .1109107 25偏移量：110911. 11 100 =.0 86%（2）最大负荷时：u2max=118 . 10 20 + (15 . 2 57 ) 120 . 11118 107 25.11=101.97= .10 46107 2510 46 . 10 5偏移量：.105 . 100 =. .0 4%40解：设SB=100MVA，UB=Uav100x d* = x2* = 012 . = 02450= uk% ,SB = 10 5 . 100 = 021xT* .100 SN 100 50x ()1 = xd*+ xT = . 045x ()2 = x