2018年安徽省合肥市蜀山区中考物理一模试卷(含解析)

2018年安徽省合肥市蜀山区中考物理一模试卷一、选择题1. 关于水的物态变化，下列说法不正确的是()A. 湿衣服晾干是蒸发现象B. 露珠的形成是凝固现象C. 雾的形成是液化现象D. 霜的形成是凝华现象2. 甲、乙两种干燥的绝缘体，将它们互相摩擦后分开，由于甲的原子核对核外电子的束缚能力较强，摩擦后得到电子，下列叙述正确的是()A. 乙带负电B. 甲带正电C. 甲、乙靠近会相互吸引D. 甲、乙靠近会相互排斥3. 合肥地铁1号线、2号线已正式投入运营，为避免候车乘客被“吸”向列车的事故发生，站台上候车区域都安装有防护墙，这是因为列车进站时车体附近()A. 气流速度变大、压强变小B. 气流速度变大、压强变大C. 气流速度变小、压强变大D. 气流速度变小、压强变小4. 下列有关内能的说法中，正确的是()A. 物体吸收热量后，内能增加，温度升高B. 高温高压气体膨胀对外做功，其内能变大C. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递D. 物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量5. 在弹簧的弹性限度内，弹簧受到的弹力F和弹簧的形变量x(x=L-L0)成正比，即F=kx，k叫做弹簧的劲度系数，如表所示是某同学测得弹簧所受的弹力F与弹簧伸长量x的关系的部分数据，请你根据表格中的数据判断下列说法中不正确的是()实验次数123456弹力F/N00.30.60.91.21.5弹簧伸长量x/cm01.22.43.64.86.0A. 弹簧的劲度系数是25N/mB. 弹簧的劲度系数是0.25N/mC. 当受到的弹力F=2N(弹性限度内)时，弹簧伸长了8cmD. 当弹簧伸长了10cm(弹性限度内)时，受到力F=2.5N6. 重为G的均匀木棒竖直悬于O点，在其下端施一水平拉力F，让棒缓慢转到图中虚线所示位置。在转动的过程中()A. 动力臂逐渐变大B. 阻力臂逐渐变小C. 动力F逐渐变大D. 动力F保持不变7. 如图所示是探究并联电路电流特点的一种实验电路，闭合开关S，灯泡L1、L2都正常发光，过一会儿，由于灯泡L2的质量问题，灯丝被烧断了，则下列说法正确的是()A. 灯泡L1两端的额定电压变大，但仍能正常发光B. 灯泡L1两端的实际电压变大，亮度变亮C. 滑动变阻器实际电流变大D. 滑动变阻器实际功率变大二、填空题8. 用大小不同的力先后敲击同一个音叉，音叉两次发出的声音_不同(选填“音调”、“响度”或“音色”)9. 测量是生活和学习中一项基本技能，请将图中所示的测量结果依次填写在相应的空格处：_、_。10. 在刚刚装修好的房间内，能闻到强烈的甲醛气味，这是由于_造成的11. 有甲、乙两金属块，甲的质量是乙的27，乙的体积是甲的52，则甲的密度是乙的密度的_12. 甲、乙两种公路对轿车限速分别为50km/h和70km/h，同一辆轿车在两种公路上均以最高速度行驶时，它具有的惯性_(选择甲大、乙大或一样大)。13. 某型号压路机，它的质量为3104千克，压路机与路面的接触面积为1.5m2，该压路机对水平路面的压强为_Pa14. 如图所示，利用金属块和细线，使重为5N的木块浸没水中且保持静止状态，木块此时排开水的重力为8N，则此时细线对木块的拉力F=_N15. 如图所示，不计摩擦和绳重，把一个重为20N的物体沿竖直方向在4s内匀速提升了2m，所用拉力F为12.5N.则拉力F所做的功为_J，滑轮组的机械效率为_。16. 地磁场被称为地球生命的“保护伞”，从太阳或其它星体发射出来的高速带电粒子流，在接近地球时，地磁场会改变其运动方向，使其偏离地球，对地球起到保护作用，其原理是_17. 如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表示数_，电压表与电流表示数之比_。三、实验探究题18. 在探究“凸透镜成像规律”和“平面镜成像特点”实验中，实验装置分别如图乙和丙所示(1)如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑。由图可知，凸透镜的焦距为_cm(2)通过查阅资料发现，凸透镜成像规律符合公式1u+1v=1f(u为物距，v为像距，f为焦距)，因此，凸透镜的焦距也可以用公式计算得出，请你据此算出乙图中的凸透镜焦距f=_cm(3)若在乙图中所示的光具座上进行实验时，手边有焦距为50cm、15cm、4cm的三个凸透镜，你认为选用焦距为_cm的凸透镜进行实验最为恰当(4)请你对比并指出乙、丙两图中所成像的两个不同点_19. 在探究“冰的熔化规律”实验中(1)在图甲所示的装置中把碎冰装在大试管中后，让其在常温下进行熔化实验，这样做与如图乙所示的“水浴法”加热相比主要的好处是_A.加快冰融化的速度，缩短实验时间B.增大受热面积使冰块速熔化C.使冰缓慢受热，延长实验时间D.使冰块受热更均匀(2)若热源供热稳定，冰或水加热相同的时间吸收热量相同，由图丙分析，已知水的比热容为4.2103J(kg)，则冰的比热容为_J/(kg)(3)通过对比观察丙、丁两温度一时间关系图象，图丁的CD段数据有问题，这样判断的依据是_20. 为了探究“导体中的电流与电压的关系”，某同学设计了如图所示的实验实验次数电压(V)电流(A)10.50.121.00.231.50.342.00.452.50.5(1)按照电路图连接好器材后实验装置如图所示，就在准备闭合开关进行实验测量时，一旁的另一同学马上指出了实验中两处不合理的地方，请思考该同学所提的两处不足是：_(2)改正不足之后，这位同学得到了如表所示数据，从数据中可以看出，他进行了多次测量这么做的目的是_(3)根据实验的探究数据，可以得出结论：_四、计算题21. 已知物体的重力势能表达式为Ep=mgh，动能表达式为EK=12mv2，其中m为物体的质量，h为物体距离水平地面的高度，v为物体的运动速度，g为常量，取10N/kg。如图所示，高为h的光滑斜面固定在水平地面上，一质量为m的小物块，从斜面顶端A由静止开始下滑，不计空气阻力，物块从顶端开始下滑到落地签的瞬间，设整个过程中机械能守恒(即机械能保持不变)(1)证明：小物块从斜面顶端A由静止下滑到底端B时的速度v=2gh(2)若一质量为0.4kg的小物体从距离地面2m高度的斜面顶端A点以3m/s的初速度出发，求其导斜面低端B时的速度22. 节约用电，人人有责，为此，政府提倡市民在夏季高温期间将空调温度设定在舒适温度即可，不必贪凉求低，为响应倡导，某同学家中的一台额定电压220V，额定功率为1100W的变频空调，将原来设定的温度22改成26，此时制冷实际功率为850W，若变频空调平均每天连续工作10小时，求：(1)此空调正常工作时的电流？(2)每天节约用电多少度？这些电能通过标有“1200r/kWh”的电能表可让其转盘转多少转？23. 如图甲所示，两个电阻R1、R2并联后与电阻R3串联，可以等效成电阻R12与R3串联，其中电阻R12的阻值大小就等于电阻R1、R2并联后的总电阻。如图乙所示，电源电压保持不变，图中的电阻R1=30，滑动变阻器R2上标有“12”字样。闭合开关S.当滑动变阻器的滑片P移到B端时，电流表的示数为0.8A.求：(1)电源电压；(2)滑动变阻器的滑片p滑至中点时电流表的示数；(3)请你分析：滑片p从A向B移动过程中，R1两端的电压变化范围。答案和解析【答案】1. B2. C3. A4. D5. B6. C7. B8. 响度9. 117g；37.310. 甲醛分子无规则运动11. 5712. 一样大13. 210514. 315. 50；80%16. 磁场对通电导体有力的作用17. 变小；不变18. 10.0；20；15；平面镜成虚像，凸透镜成实像；平面镜成正立的像，凸透镜成倒立的像19. C；2.1103；水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长20. 不应该使用小灯泡；没将变阻器的滑片移至阻值最大处；寻找普遍规律，使结论避免偶然性；在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比21. 解：(1)证明：由题意知，小滑块从A点下滑到B点的过程中，机械能是守恒的，则EA=EB；即0+mgh=12mvB2+0；故12mvB2=mgh所以vB=2gh；(2)小滑块从A点运动到B点的过程中机械能也是守恒的，EA=EB；即12mvA2+mghA=12mvB2+0；所以vB=vA2+2ghA=(3m/s)2+210N/kg2m=7m/s；答：(1)证明过程见上面的解析；(2)若一质量为0.4kg的小物体从距离地面2m高度的斜面顶端A点以3m/s的初速度出发，求其导斜面低端B时的速度是7m/s；22. 解：(1)由P=UI可得，此空调正常工作时的电流：I=PU=1100W220V=5A；(2)若设定的温度由原来的22改设为26，减小的功率P=P额-P实=1100W-850W=250W=0.25kW，每天节约的电能：W=Pt=0.25kW10h=2.5kWh=2.5度；1200r/kWh表示电路每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转过1200r，则这些电能可让电能表转盘转动的转数：n=W1200r/kWh=2.5kWh1200r/kWh=3000r。答：(1)此空调正常工作时的电流为5A；(2)每天节约用电2.5度；这些电能通过标有“1200r/kWh”的电能表可让其转盘转3000转。23. 解：(1)由图乙知，P在B端时，R1与RAB并联，电流表测通过R1的电流，由并联电路特点和欧姆定律可得，电源电压：U=U1=I1R1=0.8A30=24V；(2)由图知，滑动变阻器的滑片P滑至中点时，R1与RAP并联再与RBP串联，R1与12RAB并联后的等效电阻：R并=R1RAPR1+RBP=30121230+1212=5，所以电路的总电阻：R=R并+RBP=5+1212=11，串联电路中电流处处相等，所以U并R并=UBPRBP，即：U并UBP=R并12RAB=51212=56，所以：U1=U并=511U=51124V=12011V，所以电流表的示数，即通过R1的电流：IA=U并R1=12011V300.364A；(3)由图知，当滑片在A点时，R1短路，所以其电压为0；P向B端滑动时，RAP部分阻值不断增大，R并逐渐增大，U并逐渐增大，当P滑到B端时，与R1与RAB并联，此时R1两端的电压等于电源电压24V，即R1两端的电压变化范围为0-24V。答：(1)电源电压为24V；(2)滑动变阻器的滑片p滑至中点时电流表的示数为0.364A；(3)滑片p从A向B移动过程中，R1两端的电压变化范围0-24V。【解析】1. 解：A、湿衣服晾干，是衣服中的水变为水蒸气，属于汽化中的蒸发，故A正确；B、露珠是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的水珠，故B错误；C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确；D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故D正确。故选：B。物质由液态变为气态叫做汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式；物质由固态变为液态叫做熔化；物质由气态变为液态叫液化；物质由气态直接变为固态叫凝华，据此分析判断。此题主要考查学生对于物态变化的理解和掌握，熟悉各个物态变化特点是解题关键。2. 解：甲的原子核对核外电子的束缚能力较强，乙的原子核对核外电子的束缚能力较弱。将它们相互摩擦甲夺得电子，因多余电子带负电，乙失去电子，因缺少电子带正电。分开后再让甲乙相互接触，根据异种电荷相互吸引，甲乙会相互吸引。故选：C。不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。然后再根据电荷间的作用规律进行判断，得出正确结论。本题属于基础题，考查了不同物质相互摩擦夺失电子的本领不同，摩擦后带的电荷不同，还考查了电荷间的作用规律。3. 解：人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故。故选：A。流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。比较人和列车之间的压强以及人外侧的压强的大小。掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释有关的问题。4. 解：A、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故A错误；B、高温高压气体膨胀对外做功，其内能减小，故B错误；C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故C错误；D、从能量的转化可知，物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量，故D正确；故选：D。(1)晶体熔化过程中，吸热但温度不变；(2)物体对外做功，内能减小；(3)发生热传递的条件是：存在温差；(4)物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量；此题考查了热量的理解、热传递的理解、内能的影响因素等知识点，是一道综合题。5. 解：AB、由胡克定律有F=kx，从图中可知弹簧伸长量x=1.2cm，弹力F为0.3N，因为F=kx，所以该弹簧的劲度系数k=Fx=0.3N0.012m=25N/m。故A正确；B错误；C、当受到压力F=2N时，弹簧伸长了x=Fk=2N25N/m=0.08m=8cm，故C正确；D、当弹簧伸长了10cm，受到的拉力为F=kx=25N/m0.1m=2.5N.故D正确。故选：B。(1)直接读图，弹力为0时对应的弹簧长度就是弹簧的原长；(2)利用胡克定律F=kx，计算该弹簧的劲度系数、弹簧缩短长度和所受拉力。本题考查弹力与弹簧伸长量的关系，解题的关键是掌握胡克定律，提高读图能力从图中找到有用的信息，再结合胡克定律计算。6. 解：(1)杠杆在转动的过程中符合杠杆平衡的条件，即阻力为硬棒的重力，大小不变，硬棒在竖直位置时，重力的力臂为0，转过角后，重力力臂(阻力臂)逐渐增大，故B错；(2)当硬棒在竖直位置时，F的力臂是杠杆的长度，且力臂最长，当杠杆转过后，力与杠杆不再垂直，所以动力臂变小，故A错；根据杠杆平衡的条件可得，阻力与阻力臂的乘积增大，而动力臂减小，所以动力逐渐增大，故D错误，C正确；故选：C。先确定阻力臂、动力臂的变化，然后根据杠杆平衡的条件(动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂)分析动力的变化。知道杠杆平衡的条件，会熟练应用杠杆平衡的条件分析问题解决问题是关键。7. 解：由图知，两灯泡并联后再与滑动变阻器串联；并联电路中总电阻小于各支路的电阻；闭合开关S，灯泡L1、L2都正常发光，说明两灯两端的电压等于额定电压；灯泡L2的灯丝被烧断后，灯泡L1和滑动变阻器串联在电路中，由于L1的阻值比两灯并联的电阻大，所以电路的总电阻R变大。电源电压U不变，由I=UR知，电路的电流I变小；R滑不变，由P滑=I2R滑知滑动变阻器的实际功率变小。故CD错误；R滑不变，由U滑=IR滑可知，滑动变阻器两端的电压变小；由并联电路的电压特点知，灯泡L1两端的实际电压UL1=U-U滑变大，大于额定电压；灯泡的额定电压是指它正常工作时的电压，额定电压是固定不变的，当实际电压等于其额定电压时，灯泡正常发光，否则不能正常发光，所以A错误；由P=U2R1可知灯泡L1的实际功率变大，亮度变亮。故B正确。故选：B。分析电路图知这是一个混联电路，由并联电路特点知：灯泡L2的灯丝被烧断后，电路总电阻的变大，由欧姆定律及功率公式可判断滑动变阻器和灯泡L1的功率及电压变化情况。从而判断功率的变化。本题考查学生对电路连接方式的掌握并结合欧姆定律和电功率公式对实际问题做出正确的判断，是一道动态分析题。8. 解：用大小不同的力先后两次敲击同一个音叉时，音叉的振幅不同，所以两次发出声音的响度就不同。故答案为：响度。响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关。根据响度定义，来进行分析。本题考查学生对响度定义的了解情况，需要结合具体实例进行解释。9. 解：盘中砝码总质量是100g+10g+5g=115g，游码对应的刻度值是2g(左边缘对应的刻度)，物体质量记作：115g+2g=117g。体温计的一个大格表示1，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1，因此它的读数为37+0.3=37.3。故答案为：117g；37.3。(1)天平：盘中砝码总质量加上游码在标尺上对应的刻度值，就是被测物体的质量。(2)体温计的分度值为0.1，结合体温计中液面对应刻度，可以读取体温计的示数。使用任何一种测量工具之前都要观察量程，认清分度值，天平要把游码移到零刻线处；希望同学们掌握每种测量工具的使用方法和读数规则。10. 解：甲醛分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，所以人们能闻到强烈的甲醛气味。故答案为：甲醛分子无规则运动。解答本题需掌握：一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子的这种运动属于扩散。分子动理论可以解释很多生活中的现象，遇到生活中的现象时可以多想想所学的物理知识。11. 解：由题知，m甲：m乙=2：7，V甲：V乙=2：5，则甲、乙的密度之比：甲：乙=m甲V甲：m乙V乙=m甲m乙V乙V甲=2752=5：7，即甲的密度是乙的密度的57。故答案为：57。求出甲、乙金属块的质量之比和体积之比，根据密度公式求出两者的密度之比。本题考查了密度公式的应用，因为是求比值，要细心，防止因颠倒而出错！12. 解：惯性的大小只与物体的质量有关，与运动速度等无关。因此，同一辆轿车，以不同的速度行驶时，其惯性是一样大的。故答案为：一样大。惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与运动速度等无关。本题主要考查了对惯性概念和影响因素的了解，重点知道惯性的大小只与物体的质量有关。13. 解：压路机对水平路面的压力：F=G=mg=3104kg10N/kg=3105N，对水平路面的压强：p=FS=3105N1.5m2=2105Pa。故答案为：2105。压路机对水平路面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=FS求出对水平路面的压强。本题考查了压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。14. 解：因为木块此时排开水的重力为8N，根据阿基米德原理：F浮=G排=8N；对木块进行受力分析可知，木块受到的浮力等于木块的重力与拉力之和，即F浮=G+F拉，所以此时细线对木块的拉力为F拉=F浮-G=8N-5N=3N。故答案为：3。根据阿基米德原理求出木块完全浸没在水中时受到的浮力，然后根据力的合成分析解答。此题考查浮力的大小计算和力的合成，关键是求出木块完全浸没在水中时受到的浮力，并能对图中的木块进行正确的受力分析。15. 解：(1)由图可知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=22m=4m，拉力F做的功：W总=Fs=12.5N4m=50J；(2)克服物体重力做的有用功：W有=Gh=20N2m=40J，滑轮组的机械效率：=W有用W总=40J50J100%=80%。故答案为：50；80%。(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数为2，根据s=nh求出绳端移动的距离，利用W=Fs求拉力做的功；(2)利用W=Gh求出克服物体重力做的有用功，再根据效率公式求出滑轮组的机械效率。本题考查了使用滑轮组有用功、总功、械效率的计算，关键是绳子有效股数的判断和公式的灵活运用。16. 解：高速带电粒子流的定向运动形成电流，根据磁场对通电导体有力的作用可知，高速带电粒子流受磁场力的作用而偏离地球，对地球起到保护作用。故答案为：磁场对通电导体有力的作用。高速带电粒子流的定向运动形成电流，而磁场对通电导体有力的作用。本题考查电流的形成以及磁场对通电导体的作用，属于基础题。17. 解：等效电路图如下图所示：由电路图可知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片向右移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，I=UR，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；电压表的示数和电流表的示数之比等于定值电阻R1的阻值，电压表与电流表示数之比不变。故答案为：变小；不变。由电路图可知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化，再根据欧姆定律结合R1的阻值可知电压表与电流表示数之比的变化。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时电路变化的判断，难点是能把电压表的电流表示数的变化转化为定值电阻阻值的变化。18. 解：(1)平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点。焦点到光心的距离是焦距，根据图示中光屏在刻度尺上的位置，可以读出该凸透镜的焦距是40.0cm-30.0cm=10.0cm。(2)将u=30cm，v=60cm，代入凸透镜成像规律公式1u+1v=1f得130cm+160cm=1f，解得f=20cm。(3)因为实验室的光具座的长度约为1m，选择15cm的凸透镜进行实验才能方便观察物距大于2倍焦距，大于1倍焦距小于2倍焦距，小于焦距时的各种成像的规律。(4)甲图，平面镜成正立、等大的虚像；乙图，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像。故答案为：(1)10.0；(2)20；(3)15；(4)平面镜成虚像，凸透镜成实像；平面镜成正立的像，凸透镜成倒立的像。(1)通过图1所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距。(2)将u=30cm，v=60cm，代入凸透镜成像规律公式式1u+1v=1f即可求出f。(3)选用凸透镜的依据是光具座的标尺刻度范围，若透镜的焦距过大，则有可能出现光具座的端点与凸透镜之间的距离满足不了物距或者像距大于二倍焦距这个要求，导致不易观察物体在凸透镜中的各种物距下的成像情况。若焦距过小，则会出现研究物体在一倍焦距与二倍焦距之间的成像情况时，改变物体位置，容易超过其范围：超过二倍焦距，或低于一倍焦距。(4)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。凸透镜成像特点：u2f，成倒立、缩小的实像；2fuf，成倒立、放大的实像；uf，成正立、放大的虚像。平面镜直立放置时，成像是正立的，平面镜水平放置时，所成的像是倒立的，注意区分；凸透镜成实像时如果物距变小，那么像距变大，像的大小也变大，凸透镜成虚像时，如果物距变小，那么像距变小，像的大小也变小。19. 解：(1)在探究“冰熔化”实验中，把碎冰装在大试管中后，在常温下，使冰慢慢熔化，这样延长了实验时间，在记录和观察现象时更方便。同乙图利用“水浴法”来对其加热相比，乙图虽受热均匀，但熔化过快，实验时间太短，不易观察和记录，故选C。(2)由于冰化水，状态变化、质量不变，m水=m冰，CD阶段的水在10min吸收的热量：Q吸CD=c水m(t-t0)；因为相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段(10min)物质共吸收的热量：Q吸BC=Q吸CD；AB段(5min)的冰吸收的热量：Q吸AB=12Q吸CD，即；c冰m冰(t-t0)=12c水m(t-t0)，则：c冰=12c水=2.1103J/(kg)；(3)观察图象可知，AB段是冰的升温过程，CD段是水的升温过程，AB段升高的温度与CD段升高的温度都是10；因水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，根据Q吸=cmt可知，水吸收的热量大于冰吸收的热量，水的加热时间应更长，所以图丙的CD段数据有问题。故答案为：(1)C；(2)2.1103；(3)水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长。(1)冰可以在常温下熔化，也可以用水浴法加热，两者相比，常温下熔化更缓慢，实验时记录时间和观察现象更方便。(2)利用Q吸=cm(t-t0)求CD阶段的水在10min吸收的热量；由于相同时间内物质吸收的热量相同，可求BC阶段(10min)吸收的热量；同样的道理可求AB段(5min)的冰吸收的热量，再利用Q吸=cm(t-t0)求冰的比热容；(3)根据吸热公式Q吸=cmt，水的比热容大于冰的比热容，在质量一定时，升高相同的温度，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长一些。观察晶体与非晶体图象要学会看关键点，这样才能做出准确的判断。吸收公式Q吸=cm(t-t0)是我们应该重点掌握的，运用中注意温度的变化值是多少。20. 解：(1)实验中两处不合理的地方：a、由电