【解析版】江苏省苏州市2017届九年级（上）期末物理模拟试卷

2016-2017学年江苏省苏州市九年级（上）期末物理模拟试卷一、选择题（每题2分，共24分）1如图所示是环卫工人用的一种垃圾夹的结构示意图拉绳的一端固定在手把上，另一端穿过空心管杆与两夹爪的一端相连当用力捏手把时，夹爪在拉绳的作用下可夹持物体，同时弹簧被压缩；当松开手把时，夹爪在弹簧的作用下恢复原状在使用过程中，手把和夹爪分别是（）A省力杠杆，费力杠杆B费力杠杆，省力杠杆C省力杠杆，省力杠杆D费力杠杆，费力杠杆2物体A在拉力作用下沿同一水平面匀速运动了一段距离s，如图所示试比较拉力F1、F2，及拉力所做的功W1、W2的大小（滑轮重、绳重及绳与滑轮间摩擦不计）（）AF1=F2，W1=W2BF1=F2，W1=W2CF1=F2，W1=W2DF1=F2，W1=W23如图所示，甲、乙两物体沿竖直向上方向做匀速直线运动，不计空气阻力则（）A甲的速度一定大于乙的速度B甲的重力一定大于乙的重力C拉力F甲做的功一定大于拉力F乙做的功D拉力F甲的功率一定大于拉力F乙的功率4使重60牛的物体沿着长5米、高1米的斜面匀速向上运动，必须用沿斜面向上的32牛的拉力F，如图所示则物体所受的摩擦力大小为（）A12牛B20牛C32牛D80牛5关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，所含热量越多B温度高的物体，内能一定大C0的冰块，内能一定为零D温度相同的两物体间不会发生热传递6小明根据所学的物理知识并结合下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（）物质密度/（kgm3）（常温常压下）熔点t/（标准大气压下）比热容c/J（kg）1冰0.910302.1103铝2.71036600.88103铁7.910315350.46103A寒冬季节盛有水的水缸放在室外不可能破裂B标准大气压下，铝在660时可能处于固液共存状态C体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的D质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铝块吸收的热量较多7在研究物质的导电性时，采用如图所示的实验电路，用酒精灯对着取自白炽灯的玻璃芯柱加热，灯泡L会慢慢亮起来，对此，以下叙述正确的是（）A玻璃芯柱和灯泡L是并联的B电压表的示数将逐渐变大C通过灯泡的电流要比通过玻璃芯柱的电流大D加热过程中，玻璃芯柱的电阻随温度升高而增大8图示电路中（R0阻值已知，表示电阻箱），不能测出Rx阻值的是（）ABCD9如图所示，电源电压恒定，闭合开关S1、S2，电压表示数为9V，电流表示数为1.5A；断开开关S2，电压表示数为6V，则R1和R2的阻值分别是（）A6 2B6 3C4 2D4 310如图，闭合开关S后发现灯L不亮，电流表示数几乎为零，电压表指针有明显偏转，则电路的故障可能是（）A灯L短路B灯L断路C电阻R短路D电阻R断路11为了测定风速的大小，小明设计了四种装置，如图所示图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连，可上下移动现要求：当风吹过探头时，滑动变阻器R2的滑片P向上移动，且风速增大时电压表的示数增大以下四个图中符合要求的是（）ABCD12如图所示电路，电源两端的电压一定，当开关S1闭合、S2断开时，电流表和电压表示数分别为I1、U1；当再闭合S2，且将滑片P适当右移后，电流表和电压表示数分别为I2、U2，则下列叙述一定正确的是（）AI1I2，U1U2BU1U2，I1大于、小于或等于I2都有可能CU1U2，I1=I2DI1I2，U1大于、小于或等于U2都有可能二、填空题（每空1分，共26分）13在水平桌面上，将重为20N的木块沿直线匀速向前推了5m，所用的推力为4N，撤去推力后，木块由于惯性又前进了1m，则推力所做的功是J，重力所做的功为J14汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的较大的性质；散热器中装有10kg的水，在温度升高20的过程中，水吸收的热量是J，这些热量相当于完全燃烧kg的天然气放出的热量水的比热容c水=4.2103J/（kg），天然气的热值q=8.4107J/kg15某物体具有的动能为aJ，分子总动能为bJ，重力势能cJ为，弹性势能为dJ，内能为eJ，则它的机械能是J；分子的总势能是J16汽油机工作的四个冲程中，只有冲程是燃气对外做功，其他三个冲程要靠飞轮的来完成17新型防空导弹“红旗9”试射，导弹上升过程中，重力势能（选填“增大”、“减小”或“不变”），而其与空气摩擦导致内能（选填“增大”、“减小”或“不变”）18三个电阻并联后接到电源上，R1：R2：R3=1：2：3，它们两端的电压之比U1：U2：U3=，通过它们的电流之比I1：I2：I3=19如图所示，要使灯泡L1和L2串联在电路中，应只闭合开关，若要使L1和L2并联在电路中，应只闭合开关，绝不能同时闭合开关20如图所示电路，电源电压恒定，当开关S1、S2均闭合时，电压表示数为6V；电流表示数为1.5A；当开关S1闭合、S2断开时，电压表示数为4V，则R1=，R2=21如图表示，IU关系图象由图可知甲的电阻为，这两个电阻串联后接在电压为9V的电源上，电路中的电流为A；这两个电阻并联后接在9V电源上，干路中的电流为A22如图为一握力计的电路示意图，a、b、c、d四个接线柱，电表及一定值电阻R0未画出，金属板N固定不动，金属板M可带动金属片P滑动，从而与R构成滑动变阻器，若弹簧的电阻不计，电源电压保持不变，要求握力增大时，电表的示数也增大，则a、b之间应接入，c、d之间应接入（选填“定值电阻”、“电流表”或“电压表”）23小明用如图所示的实验装置研究“杠杆的机械效率”实验时，将总重为G的钩码挂在轻质杠杆上，弹簧测力计作用于P点，现竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为S，则杠杆的机械效率=（用题中字母表示）若将弹簧测力计移动到Q点，仍将钩码匀速提升h的高度，设此时弹簧测力计的示数为F，杠杆的机械效率为，若不计转轴O处的摩擦，则：FF，（填“”、“=”或“”）三、解答题（共50分）24如图所示为钓鱼竿钓鱼的示意图，O为支点，F1表示手对钓鱼竿的作用力，请画出F1的力臂L1和鱼线对钓鱼竿拉力F2的示意图（根据规定要求作图）25在图中画出滑轮组提起重物最省力绳子的画法26根据如图1所示的实物连线图，请在图2虚线框内画出对应的电路图27在“再探动滑轮”的活动中，小明用如图所示的动滑轮提升钩码，改变钩码的数量，在正确操作的情况下，测得的实验数据如下实验序号钩码重G/N拉力F/N钩码上升高度h/cm绳端移动距离S/cm1.00.710202.01.210203.01.71020（1）实验时，用手竖直向上拉动弹簧测力计，读出测力计的示数（2）分析表中数据发现，使用动滑轮提升物体时，拉力不等于物体重力的一半，而是大于物体重力的一半，其主要原因是（3）第次实验中，拉力所做的有用功是J，总功是J，动滑轮的机械效率为（4）由表中实验数据计算推知，同一动滑轮，所提升物重增大，机械效率将（选填“增大”、“减小”或“不变”）28如图所示是“比较水和沙子吸热升温的属性”的实验装置（1）除了图示的器材外，本实验要用到的测量工具还有；加热过程中，用搅棒搅动的目的是：水和沙子吸热的多少可以通过来反映的（选填“温度计示数的升高值”或“加热时间”）（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较；若温度计示数的升高值相同，比较（3）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是（填字母）A采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）B易拉罐中分别装入相同体积的水和沙C使用相同的易拉罐29如图所示，某小组设计了一组装置来探究“物体的动能大小与哪些因素有关”，小球按图示位置由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，恰好与静止在水平面上的木块C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止三张图所示的三次实验中，摆线的长L保持不变，小球A、B的质量mAmB，悬线与竖直方向的夹角12（1）图甲中将摆球从图示位置由静止释放，摆球向下摆动的过程中，动能逐渐，重力势能逐渐（均填“增大”或“减小”）（2）本实验中通过反映小球撞击木块C前的动能大小（3）第一组实验：对比甲、乙图所示实验可得出初步结论：（信息快递：质量不等的小球从相同高度释放，摆到最低点时，它们的速度大小相等）（4）第二组实验：对比乙、丙图所示实验可得出初步结论：（5）本实验中用到了、这两个常用的物理实验思维方法30在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动阻器、开关、两干电池定值电阻R（分别为5、10、15、20、25）、导线若干小明在实验时连接的电路如图甲所示（1）请按图甲所示电路将图乙中实物图连接完整（2）在探究“电流与电压的关系”实验中：闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至（填“左”或“右”）端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和的作用；闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是；小明排除故障后继续实验（3）在探究“电流与电阻的关系”实验中：电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和的作用；小明先将R=10的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15的电阻时，应向（填“A”或“B”）方向移动滑动变阻器的滑片P，才能使电压表示数为2.5V，同时记下电流表的示数；若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，应该选取至少标有的滑动变阻器；根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图乙所示，小明由图象得出的结论是：31图甲是用伏安法测电阻的实验图，所用滑动变阻器的规格是“20 1A”，电源为两节新干电池，待测电阻Rx的阻值约为10（1）用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，观察两只电表的示数，发现（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则Rx的阻值为32太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为20的水温度升高到40求：（1）热水器中的水吸收的热量J；水的比热容c=4.2103J/（kg）（2）热水器5小时内接收到的太阳能E=J；（3）热水器的效率=33以前，我国北方经常用辘轳将水从井里提上来，如下图所示辘轳的本质是可以连续转动的杠杆已知吊桶的质量是2kg，容积是8103 m3；井中水面到地面的高度为5m，水的密度是1.0103 kg/m3不计摩擦及绳和摇柄质量取g=10N/kg（1）当人通过辘轳用20s的时间，将装满水的吊桶从水面匀速提升到地面时，人所做的有用功是多少？人所做有用功的功率是多大？该机械的机械效率是多少？（2）当人通过辘轳将装半桶水（体积为4103 m3）的吊桶匀速提升到地面时，该机械的机械效率是多少？（3）根据上面的计算结果，提出改进吊桶的办法，以提高该机械的机械效率（4）请列举使用该机械比人直接提升吊桶的好处（答出两条即可）34如图甲所示的电路中，R2为滑动变阻器，R1、R3为定值电阻，电源两端电压保持恒定不变改变滑片P的位置，两电压表的示数与电流表的示数对应关系的图象分别表示在图乙所示的坐标系中则：（1）当滑片移至a端时，对应的是图乙中的点；（2）当滑片移至b端时，电路中的电流为A；（3）R1的阻值为多少？（4）电源的电压为多少？2016-2017学年江苏省苏州市九年级（上）期末物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共24分）1如图所示是环卫工人用的一种垃圾夹的结构示意图拉绳的一端固定在手把上，另一端穿过空心管杆与两夹爪的一端相连当用力捏手把时，夹爪在拉绳的作用下可夹持物体，同时弹簧被压缩；当松开手把时，夹爪在弹簧的作用下恢复原状在使用过程中，手把和夹爪分别是（）A省力杠杆，费力杠杆B费力杠杆，省力杠杆C省力杠杆，省力杠杆D费力杠杆，费力杠杆【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断手把和夹爪在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：手把和夹爪的杠杆示意图如下：在使用手把时（右图），作用在手把处的力F是动力，拉绳对手把处的拉力是阻力F1；由图可以看出：动力臂要大于阻力臂，因此手把处是省力杠杆在使用夹爪时（左图），拉绳的拉力F是动力，夹爪处受到的阻力F2是阻力；由图可以看出：动力臂要小于阻力臂，因此夹爪处是费力杠杆故选A2物体A在拉力作用下沿同一水平面匀速运动了一段距离s，如图所示试比较拉力F1、F2，及拉力所做的功W1、W2的大小（滑轮重、绳重及绳与滑轮间摩擦不计）（）AF1=F2，W1=W2BF1=F2，W1=W2CF1=F2，W1=W2DF1=F2，W1=W2【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；功的大小比较【分析】滑轮重、绳重及绳与滑轮之间的摩擦不计，物体A在两种情况下的摩擦力相等，首先分析F1、F2和摩擦力的关系，比较出F1和F2的大小，然后用F1和F2的表达式表示出W1和W2最后比较出W1、W2的大小【解答】解：物体A在两种情况下的摩擦力f相等，上图滑轮是动滑轮，下图滑轮的轴固定不动，可以看做是特殊使用的定滑轮则：F1=f、F2=2f，故：F2=4F1；根据功的公式可知：W1=F12s=f2s=fs；W2=F2s=2fs=fs，故：W1=W2故选B3如图所示，甲、乙两物体沿竖直向上方向做匀速直线运动，不计空气阻力则（）A甲的速度一定大于乙的速度B甲的重力一定大于乙的重力C拉力F甲做的功一定大于拉力F乙做的功D拉力F甲的功率一定大于拉力F乙的功率【考点】二力平衡条件的应用；功的计算；功率的计算【分析】A、图中告诉的只是两个物体在受到的两个大小不等的力的作用下做匀速运动，具体速度的大小无法比较B、甲乙两物体都向上做匀速直线运动，处于平衡状态，所以受到平衡力的作用根据二力平衡的条件：等大、反向、共线共物，知道其中的一个力可以确定另外一个力C、功的计算：W=FS，因此要比较功的大小就要从作用在物体上的力F和物体在力的方向上通过的距离S的乘积入手D、功率的计算公式：P=FV，要确定拉力的功率大小，不仅要知道拉力的大小关系，还要知道速度的大小关系【解答】解：A、两个物体分别在10N和8N的力的作用下，做匀速运动，不能确定物体运动速度的大小故A错误B、甲乙都处于平衡状态，在竖直方向上受到的重力和拉力是一对平衡力，两者大小相等，故甲受到的重力为10N，乙受到的重力为8N故B正确C、由于物体在力的作用下通过的距离S大小不知，虽然F甲大于F乙，根据W=FS可知，仍然无法比较两者做功的大小故C错误D、由于物体运动的速度大小关系未知，虽然F甲大于F乙，根据P=FV可知，仍然不能确定两者功率的大小关系故D错误故选B4使重60牛的物体沿着长5米、高1米的斜面匀速向上运动，必须用沿斜面向上的32牛的拉力F，如图所示则物体所受的摩擦力大小为（）A12牛B20牛C32牛D80牛【考点】摩擦力的大小【分析】利用斜面使物体升高，拉力要克服摩擦做功，要对物体做功，所以拉力做功等于克服重力做功与克服摩擦做功之和列出等式，求出摩擦力大小【解答】解：拉力做功等于克服重力做功和克服摩擦做功之和，即：FL=fL+Gh，32N5m=f5m+60N1m，解得：f=20N故选B5关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，所含热量越多B温度高的物体，内能一定大C0的冰块，内能一定为零D温度相同的两物体间不会发生热传递【考点】温度、热量与内能的关系；热传递【分析】做本题需掌握：温度和内能是一状态量，热量是一过程量，它们分别对应的术语不同【解答】解：A、热量是一过程量，它所对应的术语是“吸收”和“放出”，不能用“含有”故A不正确；B、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素，温度高的物体内能不一定大，只有当质量和状态一定时，温度高内能一定大故B不正确；C、一切物体都具有内能，0的冰，即使温度更低也具有内能，因为一切物体分子都在永不停息地做无规则运动故C不正确；D、发生热传递的条件是：有温度差所以温度相同的两物体间不发生热传递故D正确故选D6小明根据所学的物理知识并结合下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（）物质密度/（kgm3）（常温常压下）熔点t/（标准大气压下）比热容c/J（kg）1冰0.910302.1103铝2.71036600.88103铁7.910315350.46103A寒冬季节盛有水的水缸放在室外不可能破裂B标准大气压下，铝在660时可能处于固液共存状态C体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的D质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铝块吸收的热量较多【考点】熔点和凝固点；热量的计算【分析】（1）水在04之间反常膨胀，温度升高时收缩，温度降低时膨胀（2）晶体高于熔点时是液态，低于熔点时是固态，等于熔点时可能是固态，可能是液态，可能是固液共存（3）体积相同，质量相同的物体，密度一定相同，密度大的物质组成的物体一定是空心的（4）根据Q=cmt知，质量相同，升高相同的温度时，比热越大，吸收热量越多【解答】解：A、寒冬季节盛有水的水缸放在室外，温度降低到0以下时，水面凝固成冰，下面的水在04之间，当气温继续下降时，水缸内的水膨胀，容易把水缸涨破不符合题意B、铝的熔点是660，所以标准大气压下，铝在660时可能处于固态，可能处于液态，可能处于固液共存状态符合题意C、体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球和铝球的密度一定相同，密度大的铁球一定是空心的，铝球可能是实心，可能是空心不符合题意D、根据Q=cmt知，质量相同的铁块和铝块，升高相同的温度时，铝的比热大，铝吸收热量多符合题意故选B、D7在研究物质的导电性时，采用如图所示的实验电路，用酒精灯对着取自白炽灯的玻璃芯柱加热，灯泡L会慢慢亮起来，对此，以下叙述正确的是（）A玻璃芯柱和灯泡L是并联的B电压表的示数将逐渐变大C通过灯泡的电流要比通过玻璃芯柱的电流大D加热过程中，玻璃芯柱的电阻随温度升高而增大【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电压表的使用；电阻的串联【分析】从图可知，玻璃芯柱和灯泡L是串联的，从而可以判断出A是否符合题意再利用串联电路电流的特点，判断出C是否符合题意从题可知，用酒精灯对着玻璃芯柱加热，灯泡L会慢慢亮起来，从而可以判断出电路中电流的变化，利用公式I=判断出电路中电阻的变化，再根据串联电路电阻的特点判断出，在加热过程中，玻璃芯柱电阻的变化，判断出D是否符合题意从图可知，电压表测量的是灯泡两端的电压，已判断出电路中电流的变化，而灯泡的电阻不变，可利用公式U=IR判断出电压表示数的变化，判断出B是否符合题意【解答】解：从图可知，玻璃芯柱和灯泡L是串联的所以A说法错误，不符合题意在串联电路中电流处处相等，因此通过灯泡的电流等于通过玻璃芯柱的电流所以C说法错误，不符合题意用酒精灯对着玻璃芯柱加热，灯泡L会慢慢亮起来，电路中的电流变大，而电源电压不变，由公式 I=可知，电路中的总电阻变小，而灯泡的电阻不变，由串联电路电阻的特点可知，玻璃芯柱的电阻变小，加热过程中，玻璃芯柱的电阻随温度升高而变小所以D说法错误，不符合题意从图可知，电压表测量的是灯泡两端的电压，电路中的电流变大，而灯泡的电阻不变，由公式U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表示数变大所以B说法正确，符合题意故选B8图示电路中（R0阻值已知，表示电阻箱），不能测出Rx阻值的是（）ABCD【考点】欧姆定律的应用【分析】利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=求出电阻【解答】解：A、由电路图可知，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流，即通过Rx的电流，根据欧姆定律即可求出Rx阻值B、由电路图可知，当开关拨至位置1时，电压表测量R0两端电压，根据欧姆定律可求出电路中的电流；当开关拨至位置2时，电压表测量R0、Rx两端的总电压，根据串联电路电压的特点可求出Rx两端电压，最后根据欧姆定律即可求出Rx阻值；C、由电路图可知，无论开关闭合还是断开，电流表的示数不变，即无法测出或间接得出通过Rx的电流，故此电路图不能测出Rx阻值；D、由电路图可知，当开关拨至位置1时，电路为滑动变阻器、Rx的串联电路，电压表测Rx两端电压，读出电压表的示数为U；将开关拨至位置2，保持滑动变阻器的滑片不变，调节电阻箱接入电路的阻值，使电压表的示数为U，读出此时电阻箱接入电路的阻值R，此时被测电阻Rx=R故选C9如图所示，电源电压恒定，闭合开关S1、S2，电压表示数为9V，电流表示数为1.5A；断开开关S2，电压表示数为6V，则R1和R2的阻值分别是（）A6 2B6 3C4 2D4 3【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）闭合开关S1、S2，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可得R1的阻值；（2）闭合开关S1、断开开关S2，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路的电流，利用串联电路的电流特点求出R2的阻值【解答】解：（1）闭合开关S1、S2，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压（U=9V），电流表测电路中的电流，由I=可得，R1的阻值：R1=6，故CD不正确；（2）闭合开关S1、断开开关S2，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2=UU1=9V6V=3V，因串联电路中各处的电流相等，所以， =，即=，解得：R2=3，故A不正确，B正确故选B10如图，闭合开关S后发现灯L不亮，电流表示数几乎为零，电压表指针有明显偏转，则电路的故障可能是（）A灯L短路B灯L断路C电阻R短路D电阻R断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】S闭合后，灯泡不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路有断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表通过电流表和L与电源两极相连，因此R处出现断路【解答】解：电压表有示数，说明电流表和L完好，电压表直接与电源两极相连，说明电阻R断路故选：D11为了测定风速的大小，小明设计了四种装置，如图所示图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连，可上下移动现要求：当风吹过探头时，滑动变阻器R2的滑片P向上移动，且风速增大时电压表的示数增大以下四个图中符合要求的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计；流体压强与流速的关系【分析】（1）流体压强和流速的关系：流速越快的地方压强越小（2）根据欧姆定律判断出电压表的示数变化和风速的关系【解答】解：A、当风速增大时，弹簧被压缩，滑片下移，而不是上移，故与题干要求不符，故A错误；B、当风速增大时，弹簧被压缩，滑片下移，即滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端电压变大，则定值电阻两端电压减小，即电压表示数变小，故B错误；C、当风速增大时，弹簧被拉伸，滑片上移，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端电压变小，即电压表示数变小，故C错误；D、当风速增大时，弹簧被拉伸，滑片上移，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端电压变小，则定值电阻两端电压增大，即电压表示数变大，故D正确故选D12如图所示电路，电源两端的电压一定，当开关S1闭合、S2断开时，电流表和电压表示数分别为I1、U1；当再闭合S2，且将滑片P适当右移后，电流表和电压表示数分别为I2、U2，则下列叙述一定正确的是（）AI1I2，U1U2BU1U2，I1大于、小于或等于I2都有可能CU1U2，I1=I2DI1I2，U1大于、小于或等于U2都有可能【考点】欧姆定律的应用【分析】当开关s1闭合、s2断开时，灯泡L和电阻R串联，电流表测串联电路的电流，电压表测电阻R两端电压；当s2闭合后，灯泡L被短路，电流表测干路电流，电压表测电源电压；根据串并联电路的特点和欧姆定律分析【解答】解：开关s2闭合前后，电压表测量的对象发生了变化，电源电压一定，s2闭合前测的是滑动变阻器两端的电压，闭合后测的是电源电压，所以U1U2；因为滑片发生了移动，滑动变阻器连入的电阻发生了变化，故无法判断电流的大小，I1大于、小于或等于I2都有可能；故选B二、填空题（每空1分，共26分）13在水平桌面上，将重为20N的木块沿直线匀速向前推了5m，所用的推力为4N，撤去推力后，木块由于惯性又前进了1m，则推力所做的功是20J，重力所做的功为0J【考点】功的计算【分析】根据做功的条件可知，物体在推力作用下移动的5m是做功过程，靠惯性移动的1m不做功，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功【解答】解：W推=FS=4N5m=20JW重=20N0m=0J故答案为：20、014汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；散热器中装有10kg的水，在温度升高20的过程中，水吸收的热量是8.4105J，这些热量相当于完全燃烧0.01kg的天然气放出的热量水的比热容c水=4.2103J/（kg），天然气的热值q=8.4107J/kg【考点】水的比热容的特点及应用；热量的计算【分析】水具有较大的比热容是它常被用做冷却剂的原因；利用公式Q=cmt可计算水吸收热量的多少；利用公式Q=mq可计算需要燃烧天然气的质量【解答】解：汽车散热器用水作为冷却剂，是利用了水的比热容较大的性质；水吸收的热量Q=cmt=4.2103J/（Kg）10kg20=8.4105J；相当于完全燃烧的天然气m=0.01kg故答案为：比热容，8.4105J；0.01kg15某物体具有的动能为aJ，分子总动能为bJ，重力势能cJ为，弹性势能为dJ，内能为eJ，则它的机械能是a+c+dJ；分子的总势能是ebJ【考点】机械能；内能的概念【分析】根据机械能包括动能和重力势能、弹性势能，内能包括分子动能和分子势能来计算【解答】解：由题意知，机械能=（a+c+d）J；分子的总势能=（eb）J故本题答案为：a+c+d；eb16汽油机工作的四个冲程中，只有做功冲程是燃气对外做功，其他三个冲程要靠飞轮的惯性来完成【考点】内燃机的四个冲程【分析】本题抓住汽油机的四个冲程，只有做功冲程，对外提供动力【解答】解：汽油机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程做功冲程把内能转化为机械能，对外提供动力其他三个冲程要靠飞轮的惯性来完成故答案为：做功；惯性17新型防空导弹“红旗9”试射，导弹上升过程中，重力势能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），而其与空气摩擦导致内能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】动能和势能的大小变化；机械能和其他形式能的转化【分析】影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化摩擦生热过程是物体克服摩擦时，消耗机械能转化成内能的过程【解答】解：新型防空导弹“红旗9”试射，导弹上升过程中，对于这个导弹来说，高度增高，重力势能增大；而导弹上升过程中，会与空气摩擦生热，导弹表面温度升高，导致内能增大；这是机械能转化成内能的过程，属于通过做功改变物体内能的故答案为：增大；增大18三个电阻并联后接到电源上，R1：R2：R3=1：2：3，它们两端的电压之比U1：U2：U3=1：1：1，通过它们的电流之比I1：I2：I3=6：3：2【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电压规律【分析】本题依据并联电路电压规律和欧姆定律解题【解答】解：并联电路各支路两端的电压相等；依欧姆定律I=，当U一定时I与R成反比，即I1：I2：I3=6：3：2故答案为：1：1：1；6：3：219如图所示，要使灯泡L1和L2串联在电路中，应只闭合开关S3，若要使L1和L2并联在电路中，应只闭合开关S1、S2，绝不能同时闭合开关S2、S3【考点】电路的基本连接方式【分析】根据串联和并联、短路的概念分析后连接把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联，电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路【解答】解：（1）若闭合开关S3时，则电流从电源正极出发后先后依次经过两盏灯泡，所以它们是串联的；（2）若闭合开关S1、S2时，则电流从电源正极出发，分别流经两盏灯泡，又汇合在一起回到电源的负极，所以它们是并联的；（3）同时闭合开关S2、S3时，导线直接连在了电源的两端，所以会造成短路；故答案为：S3；S1、S2；S2、S320如图所示电路，电源电压恒定，当开关S1、S2均闭合时，电压表示数为6V；电流表示数为1.5A；当开关S1闭合、S2断开时，电压表示数为4V，则R1=4，R2=2【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；当开关S1闭合、S2断开时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R2的阻值【解答】解：由电路图可知，当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，由I=可得，R1的阻值：R1=4；当开关S1闭合、S2断开时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2=UU1=6V4V=2V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=，即=，解得：R2=2故答案为：4；221如图表示，IU关系图象由图可知甲的电阻为10，这两个电阻串联后接在电压为9V的电源上，电路中的电流为0.6A；这两个电阻并联后接在9V电源上，干路中的电流为2.7A【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联【分析】（1）从图象上读出一组电压值和电流值，根据欧姆定律即可求出甲和乙的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出求出这两个电阻串联后接在电压为9V的电源上，电路中的电流；（3）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出当这两个电阻并联后接在9V电源上各支路的电流，根据并联特点求出干路电流【解答】解：（1）当U甲=U乙=3V时，I甲=0.3A，I乙=0.6A，根据欧姆定律可得：则R甲=10，R乙=5；（2）当这两个电阻串联后接在电压为9V的电源上时，串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，电路中的电流I串=0.6A；（3）当这两个电阻并联后接在9V电源上时，并联电路中各支路两端的电压相等，I甲=0.9A，I乙=1.8A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，干路中的电流I=I甲+I乙=0.9A+1.8A=2.7A故答案为：10；0.6；2.722如图为一握力计的电路示意图，a、b、c、d四个接线柱，电表及一定值电阻R0未画出，金属板N固定不动，金属板M可带动金属片P滑动，从而与R构成滑动变阻器，若弹簧的电阻不计，电源电压保持不变，要求握力增大时，电表的示数也增大，则a、b之间应接入电压表，c、d之间应接入定值电阻（选填“定值电阻”、“电流表”或“电压表”）【考点】欧姆定律的应用【分析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知c、d之间不可能是电压表，否则电路断路；根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断c、d之间为定值电阻、电流表时电表示数的变化，然后得出符合题意的答案【解答】解：（1）c、d之间不可能是电压表，否则电路断路；（2）若c、d之间为电流表，当a、b之间为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压示数不变，电流表测电路中的电流，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；a、b之间为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=可知该支路的电流减小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；（3）若c、d之间为定值电阻，a、b之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路；a、b之间为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知电流表的示数减小，由U=IR可知，定值电阻两端的电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意故答案为：电压表；定值电阻23小明用如图所示的实验装置研究“杠杆的机械效率”实验时，将总重为G的钩码挂在轻质杠杆上，弹簧测力计作用于P点，现竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为S，则杠杆的机械效率=（用题中字母表示）若将弹簧测力计移动到Q点，仍将钩码匀速提升h的高度，设此时弹簧测力计的示数为F，杠杆的机械效率为，若不计转轴O处的摩擦，则：FF，=（填“”、“=”或“”）【考点】杠杆的机械效率【分析】（1）根据=表示出杠杆的机械效率；（2）根据杠杆平衡条件进行分析；通过分析有用功和额外功的变化得出机械效率的变化【解答】解：（1）杠杆的机械效率：=；（2）根据图示可知，将弹簧测力计移动到Q点时，阻力和阻力臂都不变，动力臂减小，由F1L1=F2L2可知，动力将增大，即FF；由于有用功和额外功均不变，则总功也不变，故机械效率不变，即=故答案为：；=三、解答题（共50分）24如图所示为钓鱼竿钓鱼的示意图，O为支点，F1表示手对钓鱼竿的作用力，请画出F1的力臂L1和鱼线对钓鱼竿拉力F2的示意图（根据规定要求作图）【考点】力臂的画法【分析】（1）拉力F2的作用点为鱼线与杆的交点，阻力的方向沿绳子向下，过拉力F2的作用点表示出拉力的方向；（2）已知支点和力的方向，根据力臂的定义过支点作力的作用线的垂线段【解答】解：（1）鱼线对钓鱼竿的拉力作用在右端，过拉力作用点作竖直向下的拉力F2；（2）过支点O作F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1，如图所示：25在图中画出滑轮组提起重物最省力绳子的画法【考点】滑轮组的设计与组装【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮本题中，要求最省力，属于第二种【解答】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：26根据如图1所示的实物连线图，请在图2虚线框内画出对应的电路图【考点】根据实物图画电路图【分析】由实物图可知，两灯泡并联，开关S控制整个电路，S2控制L2，根据实物图完成电路图即可【解答】解：电流从正极开始分支，一支经灯泡L1，另一支经开关S2、灯泡L2，然后两支汇合共同经过开关S1回到电源负极如图所示：27在“再探动滑轮”的活动中，小明用如图所示的动滑轮提升钩码，改变钩码的数量，在正确操作的情况下，测得的实验数据如下实验序号钩码重G/N拉力F/N钩码上升高度h/cm绳端移动距离S/cm1.00.710202.01.210203.01.71020（1）实验时，用手竖直向上匀速拉动弹簧测力计，读出测力计的示数（2）分析表中数据发现，使用动滑轮提升物体时，拉力不等于物体重力的一半，而是大于物体重力的一半，其主要原因是物重小于动滑轮重（3）第次实验中，拉力所做的有用功是0.1J，总功是0.14J，动滑轮的机械效率为71.4%（4）由表中实验数据计算推知，同一动滑轮，所提升物重增大，机械效率将增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】（1）在实验中，为了正确测出拉力的大小，应拉动弹簧测力计竖直向上匀速上升（2）根据F=（G动+G物）进行分析；（3）利用W有=Gh求出有用功，利用W总=Fs求出总功，利用=求出动滑轮的机械效率；（4）由表中实验数据分析，机械效率的变化和物重变化的关系【解答】解：（1）在实验时，应用手竖直向上匀速拉动弹簧测力计，读出测力计的示数（2）由F=（G动+G物）可知，当物重小于动滑轮重时，拉力大于物体重力的一半；（3）根据第次实验数据可知，W有=Gh=1N0.1m=0.1J，W总=Fs=0.7N0.2m=0.14J，=100%=100%71.4%；（4）根据表格中数据，的效率2=100%=100%83.3%3=100%=100%88.2%根据三次的机械效率及物重的变化可得同一动滑轮，所提升物重增大，机械效率将增大故答案为：（1）匀速；（2）物重小于动滑轮重；（3）0.1；0.14；71.4%；（4）增大28如图所示是“比较水和沙子吸热升温的属性”的实验装置（1）除了图示的器材外，本实验要用到的测量工具还有天平、钟表；加热过程中，用搅棒搅动的目的是让沙子和水受热均匀：水和沙子吸热的多少可以通过加热时间来反映的（选填“温度计示数的升高值”或“加热时间”）（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较温度计示数的升高值；若温度计示数的升高值相同，比较加热时间（3）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是B（填字母）A采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与易拉罐底的距离等）B易拉罐中分别装入相同体积的水和沙C使用相同的易拉罐【考点】比热容的概念【分析】（1）物体吸收热量本领的大小，不仅与物体升高的温度多少有关，还与质量的大小有关，因此要保证两者质量相等，由此可以确定需要的测量工具通过加热时间来比较吸收热量的多少，由此可知还需钟表（2）可以通过比较加热时间或温度计示数的升高值来比较水和沙子吸热升温本领；（3）在实验中要控制两种物体的质量相同、采用的酒精灯的火焰大小相同、使用相同的易拉罐等【解答】解：（1）根据吸热公式Q=Cmt可知，实验还需要称质量的天平，用搅棒搅动的目的是为了让沙子和水受热均匀；放热设备相同，只能通过加热时间来控制水和沙子吸热，所以还需钟表（2）在本实验中，可用来比较水和沙子吸热升温本领的方法是：若加热时间相同，比较温度计的示数升高值的多少