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同步测试卷数学(二)(函数的概念与性质)时间:60分钟总分:100分对应学生用书p291一、选择题(本大题共6小题,每小题5分,共30分其中多项选择题全部选对得5分,部分选对得3分,有选错或不选得0分)1函数f(x)ln(x)的定义域为()Ax|x0Bx|x10Cx|x1Dx|x1解析函数f(x)ln(x),解得即x1,f(x)的定义域为x|x1答案C2(多选)已知函数f(x)是偶函数,当x0时,f(x),则在(2,0)上,下列函数中与f(x)的单调性相同的是()Ayx21By|x1|Cye|x|Dy解析由已知得f(x)在(2,0)上单调递减,所以答案为BC.答案BC3已知函数f(x)则f(2021)()A1B0C1Dlog32解析当x0时,f(x4)f(x22)f(x2)f(x),即有f(x4)f(x),即函数的周期为4.f(2021)f(50541)f(1)f(1)0.答案B4已知函数f(x)x37xsinx,若f(a2)f(a2)0,则实数a的取值范围是()A(,1) B(,3)C(1,2) D(2,1)解析因为f(x)x37xsinxf(x),f(x)3x27cosx0,所以f(a2)f(a2)f(2a),a22a,解得2a0,故ff4,选B.答案B6已知定义域为R的函数f(x)满足f(x)f(x4),且函数f(x)在区间(2,)上单调递增,如果x124,则f(x1)f(x2)的值()A可正可负B恒大于0C可能为0D恒小于0解析由ff得f关于中心对称,令x2代入到ff可得f0.函数f在对称区间单调性相同,即f在R上单调递增,而x1x242,即x1,x2的中点位于x2的右侧,所以x1比x2距离x2更近,结合图象便可分析出ff恒大于0.选B.答案B二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,将各小题的结果填在题中横线上)7已知fx2,则f_解析fx2,设x1t,则xt1,f,f.答案8函数y2x4的值域为_解析设t(t0),则x1t2,所以原函数可化为y2t24t2(t0),由二次函数性质,当t1时,函数取最大值4,由性质可知函数无最小值,所以值域为(,4答案 (,49已知定义在R上的函数f(x)满足:对任意实数a、b都有f(ab)f(a)f(b)1,且当x0时f(x)1.若f(4)5,则不等式f(3x2x2)0,即f(x1)f(x2),所以f(x)是增函数因为f(4)5,即f(2)f(2)15,所以f(2)3.所以原不等式化为f(3x2x2)f(2),所以3x2x22,3x2x40,解得1x.故不等式的解集是.答案10已知函数g(x)ax2与h(x)2lnx的图象上存在关于x轴对称的点,则实数a的取值范围是_解析因为函数g(x)ax2与h(x)2lnx的图象上存在关于x轴对称的点,等价于ax22lnxa2lnxx2在上有解,设f(x)2lnxx2,求导得f(x)2x,xe,f(x)0在x1有唯一的极值点,f(x)在上单调递增,在1,e上单调递减,f(x)maxf(1)1,f2,f(e)2e2,f(e)2时,求函数yf(x)在区间1,2上的最小值;(2)设a0,函数yf(x)在(m,n)上既有最大值又有最小值,分别求出m,n的取值范围(用a表示)解析 (1)当a2时,x1,2,xa,f(x)x|xa|x(ax)x2ax,f(x).f(x)在上单调递增,在上单调递减3,f(x)minf(1)1a.时,即2a3,f(x)minf(2)42a,f(x)min(2)a0,f(x)当a0时,f(x)的图象如图所示,f(x)在(,a)上的最大值为f,由计算得出xa.因为f(x)在(m,n)上既有最大值又

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