2011届高考物理数学方法在物理中的应用(2)能力演练 冲刺专题复习

精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创1/152011届高考物理数学方法在物理中的应用2能力演练冲刺专题复习莲山课件M2011届高考黄冈中学物理冲刺讲解、练习题、预测题16第8专题数学方法在物理中的应用2能力演练一、选择题104分1图示是用来监测在核电站工作的人员受到辐射情况的胸章，通过照相底片被射线感光的区域，可以判断工作人员受到何种辐射当胸章上1MM铝片和3MM铝片下的照相底片被感光，而铅片下的照相底片未被感光时，则工作人员可能受到了辐射的射线是A和B和C和D、和【解析】粒子的穿透能力很弱，一张普通的纸就能把它挡住，题中无法说明辐射中不含射线，能穿透1MM、3MM铝片而不能穿透5MM铅片的是射线，若存在射线，则5MM厚的铅片也能被穿透，故A正确答案A2在电磁波发射技术中，使电磁波随各种信号而改变的技术叫调制，调制分调幅和调频两种在图甲中有A、B两幅精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创2/15图在收音机电路中天线接收下来的电信号既有高频成分又有低频成分，经放大后送到下一级，需要把高频成分和低频成分分开，只让低频成分输入下一级，如果采用如图乙所示的电路，图乙中虚线框A和B内只用一个电容器或电感器以下关于电磁波的发射和接收的说法中，正确的是A在电磁波的发射技术中，甲图中A是调幅波B在电磁波的发射技术中，甲图中B是调幅波C在图乙中A是电容器，用来通高频阻低频，B是电感器，用来阻高频通低频D在图乙中A是电感器，用来阻交流通直流，B是电容器，用来阻高频通低频【解析】A图象中高频振荡的振幅随信号而变，为调幅波，B图象中高频振荡的频率随信号而变，为调频波，A正确，检波电路的作用为通低频阻高频，故A为电容较小的高频旁路电容器，B为高频扼流圈，C正确答案AC3如图所示，绝热汽缸固定在水平地面上，汽缸内用绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，开始时活塞静止在图示位置，现用力使活塞缓慢向右移动一段距离，则在此过程中精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创3/15A外界对汽缸内气体做正功B缸内气体的内能减小C缸内气体在单位时间内作用于活塞单位面积冲量增大D在单位时间内缸内气体分子与活塞碰撞的次数增加【解析】体积膨胀，气体对外做功，内能减小，温度降低，选项A错误、B正确，由体积增大，温度降低知单位时间内气体对活塞的碰撞次数减少，压强减小，选项C、D错误答案B4两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在004S时间内的VT图象如图所示若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间T1分别为2009年高考全国理综卷A13和030SB3和030SC13和028SD3和028S【解析】根据图象的特点可知甲做匀加速运动，乙做匀减速运动，根据AVT，得两物体加速度大小的关系为3A甲A乙，根据牛顿第二定律有FM甲13FM乙，得M甲M乙3，由A乙10M/S2104T1，可解得T103S，B正确答案B精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创4/155某物体的VT图象如图所示，在下列给出的两段时间内，合外力的功和冲量都相同的是A0T1和T2T4BT1T2和T3T4C0T2和T2T4D0T1和T3T4【解析】0T1合外力做功为12MV20，合外力冲量为MV0，T2T4合外力做功和合外力冲量都为0，A错误；T3T4时间内合外力做功为12MV20，合外力冲量为MV0，T1T2合外力做功为12MV20，合外力的冲量MV0,0T2时间内，合外力做功和合外力冲量都为0故C正确答案C6一列简谐横波沿X轴正向传播，T0时刻波形如图所示，从图示时刻起经05S时间处于X2的质点P刚好第二次出现波峰，下列说法正确的是AT0时刻，P质点的速度方向指向Y轴正方向BQ质点开始振动时，P质点正在波峰CT05S时刻，质点P的加速度方向指向Y轴正方向DT05S时刻，Q质点第一次出现波峰精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创5/15【解析】T00时刻P质点正向上振动，A正确又由题意知，T05S54T，得T04S，PQ8M2，故Q开始振动时P处于平衡位置向上振动，B错误T05S时刻，P的位移为正，加速度方向为负，C错误；经过T05S，波传播SVT404055M，Q正处于波峰，D正确答案AD7如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B现给小球B一个垂直AB连线方向的速度V0，使其在水平桌面上运动，则下列说法中正确的是A若A、B带同种电荷，B球一定做速度增大的曲线运动B若A、B带同种电荷，B球一定做加速度增大的曲线运动C若A、B带同种电荷，B球一定向电势较低处运动D若A、B带异种电荷，B球可能做速度和加速度大小都不变的曲线运动【解析】若A、B带同种电荷，库仑力对B球做正功，B球做速度增大的曲线运动，B的电势能减小，又由于AB间距增大，故B的加速度减小，若A、B为异种电荷，当MV02RKQAQBR2时，B球做匀速圆周运动，速度和加速度的大小都不变，D正确答案AD精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创6/158某一空间存在着磁感应强度为B且大小不变、方向随时间T做周期性变化的匀强磁场如图甲所示，规定垂直纸面向里的磁场方向为正为了使静止于该磁场中的带正电的粒子能按ABCDEF的顺序做横“”字曲线运动即如图乙所示的轨迹，下列办法可行的是粒子只受磁场力的作用，其他力不计A若粒子的初始位置在A处，在T3T8时给粒子一个沿切线方向水平向右的初速度B若粒子的初始位置在F处，在TT2时给粒子一个沿切线方向竖直向下的初速度C若粒子的初始位置在E处，在T118T时给粒子一个沿切线方向水平向左的初速度D若粒子的初始位置在B处，在TT2时给粒子一个沿切线方向竖直向上的初速度【解析】要使粒子的运动轨迹如图乙所示，粒子做圆周运动的轨迹的周期应为T02MQBT2，结合左手定则可知，选项A、D正确答案AD9水力采煤是利用高速水流冲击煤层而进行的，煤层受到36106N/M2的压强冲击即可破碎，若水流沿水平方向冲击煤层，不考虑水的反向溅射作用，则冲击煤层的水流速精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创7/15度至少应为A30M/SB40M/SC45M/SD60M/S【解析】建立如图所示模型，设水柱面积为S，由动量定理FT0SV0TV0可得压强PFSV20故使煤层破碎的速度至少应为V0P60M/S答案D10如图甲所示，传送带通过滑道将长为L、质量为M的匀质物块以初速度V0向右送上水平台面，物块前端在台面上滑动S距离停下来已知滑道上的摩擦不计，物块与台面间的动摩擦因数为而且SL，则物块的初速度V0为甲A2GLB2GSGLC2GSD2GSGL【解析】物块位移在由0增大到L的过程中，对台面的压力随位移由0均匀的增加至MG，故整个过的摩擦力的大小随位移变化的图象如图乙所示，图中梯形“面积”即为物块克服摩精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创8/15擦力所做的功乙由动能定理得12MGSLS12MV02可解得V02GSGL答案B二、非选择题共60分116分某实验小组拟用如图甲所示的装置研究滑块的运动实验器材有滑块、钩码、纸带、米尺、带滑轮的木板以及由漏斗和细线组成的单摆等实验中，滑块在钩码的作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时单摆沿垂直于纸带运动的方向摆动，漏斗漏出的有色液体在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置2008年高考重庆理综卷1在图乙中，从_纸带可看出滑块的加速度和速度的方向一致2用该方法测量滑块加速度的误差主要来源有_、_写出2个即可【解析】要使速度和加速度的方向相同，则必须选纸带B，因为B中相等的时间内纸带运动的距离越来越大精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创9/15答案1B2分2摆长测量漏斗的重心变化或液体痕迹偏粗、阻力变化等每空2分129分用高电阻放电法测电容的实验，是通过对高阻值电阻放电的方法，测出电容器的充电电压为U时，所带的电荷量为Q，从而再求出待测电容器的电容C某同学的实验情况如下A按图甲所示的电路连接好实验电路；B接通开关S，调节电阻箱R的阻值，使小量程电流表的指针偏转接近满刻度，记下这时电流表的示数I0490A及电压表的示数U062V，I0和U0分别是电容器放电的初始电流和电压；C断开开关S，同时开始计时，每隔5S或10S测一次电流I的值，将测得数据填入预先设计的表格中，根据表格中的数据10组在以时间T为横坐标、电流I为纵坐标的坐标纸上描点，即图乙中用“”表示的点1实验中，电阻箱所用的阻值R_2试根据上述实验结果，在图乙中作出电容器放电的IT图象3经估算，该电容器两端的电压为U0时所带的电荷量Q0约为_C；该电容器的电容C约为_F精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创10/15【解析】由QIT知，电荷量为IT图象与坐标轴所包围的面积，计面积时可数格数四舍五入答案1131043分2用平滑曲线连接2分38090103129145103每空2分1310分质量为60KG的消防队员从一根竖直的轻绳上由静止滑下，经25S落地轻绳受到的拉力变化情况如图甲所示，取G10M/S2在消防队员下滑的过程中1其最大速度和落地速度各是多大2在图乙中画出其VT图象3其克服摩擦力做的功是多少【解析】1设该队员先在T11S的时间内以加速度A1匀加速下滑，然后在T215S的时间内以加速度A2匀减速下滑第1S内由牛顿第二定律得MGF1MA11分最大速度VMA1T11分代入数据解得VM4M/S1分后15S内由牛顿第二定律得F2MGMA2精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创11/15该队员落地时的速度VVMA2T21分代入数据解得V1M/S2图象如图丙所示2分3该队员在第1S内下滑的高度H112A1T121分该队员在后15S内下滑的高度H2VMT212A2T221分由动能定理得MGH1H2WF12MV21分代入数据解得WF3420J1分丙答案1最大速度为4M/S，落地速度为1M/S2如图丙所示33420J1411分A、B两小球由柔软的细线相连，线长L6M，现将A、B球先后以相同的初速度V045M/S从同一地点水平抛出先A、后B，相隔时间T008S取G10M/S2，问1B球抛出后经过多长时间细线刚好被拉直线拉直时，两球都未落地2细线刚被拉直时，A、B两球的水平位移相对抛出点各为多大【解析】1A球先抛出，08S时间内水平位移S0V0T04508M36M1分精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创12/15竖直位移H012GT21210082M32M1分A、B球都抛出后，若A球以B球为参照物，则水平方向相对速度为VABX0，竖直方向上A相对B的速度为VABYGT08M/S1分设B球抛出后经过时间T线被拉直，则有H0VABYT2S02L22分解得T02S1分2至线拉直A球运动的总时间TAT0T1S2分故A球的水平位移SAV0TA45M2分B球的水平位移SBV0T09M1分答案102S245M09M1512分光滑平行的金属导轨MN和PQ的间距L10M，它们与水平面之间的夹角30，匀强磁场的磁感应强度B20T，方向垂直于导轨平面向上，M、P间连接有阻值R20的电阻，其他电阻不计，质量M20KG的金属杆AB垂直于导轨放置，如图甲所示用恒力F沿导轨平面向上拉金属杆AB，使其由静止开始运动，其VT图象如图乙所示取G10M/S2，设导轨足够长1求恒力F的大小精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创13/152金属杆的速度为20M/S时，加速度为多大3根据VT图象估算在前08S内电阻上产生的热量【解析】1由图乙知，杆运动的最大速度VM4M/S2分此时有FMGSINF安MGSINB2L2VMR1分代入数据得F18N1分2对杆进行受力分析，如图丙所示，由牛顿第二定律可得丙FF安MGSINMA1分AFB2L2VRMGSINM代入数据得A20M/S21分3由图乙可知，08S末金属杆的速度V122M/S1分前08S内图线与T轴所包围的小方格的个数约为27，面积为270202108，即前08S内金属杆的位移为S108M2分由能的转化与守恒定律得QFSMGSSIN12MV122分代入数据得Q380J1分答案118N220M/S23380J精品文档2016全新精品资料全新公文范文全程指导写作独家原创14/151612分为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，容器侧面是绝缘的透明有机玻璃，它的上下底面是面积S004M2的金属板，间距L005M，当连接到U2500V的高压电源正负两极时，能在两金属板间产生一个匀强电场，如图所示现把一定量均匀分布的烟尘颗粒密闭在容器内，每1M3有烟尘颗粒11013个，假设这些颗粒都处于静止状态，每个颗粒的带电荷量Q101017C，质量M201015KG，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用和空气阻力，并忽略烟尘颗粒所受的重力问合上开关后1经过多长时间烟尘颗粒可以被全部吸附2除尘过程中电场力对烟尘颗粒共做了多少功3经过多长时间容器中烟尘颗粒的总动能达到最大【解析】1由题意可知，只要位于上板表面的烟尘能被吸附到下板，烟