黑龙江省鸡西市龙东南四校高一物理上学期期末联考含解析

1、2014-2015学年黑龙江省鸡西市龙东南四校联考高一 （上）期末物理试卷 一、本题共10小题，每小题3分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分 1（3分）（2014秋?鸡西期末）在国际单位制中关于力学的基本单位正确的一组是（ ） A 克、分钟、千米 B 千克、小时、米 C 千克、秒、千米 D 千克、秒、米 【考点】： 力学单位制 【分析】： 国际单位制中力学的基本单位的是千克、秒、米，克、分钟、小时、千米不是基本单位 【解析】： 解：A、克、分钟、千米是常用单位，不是国际单位，故A错误 B、千克、米是国际单位制中力学的基本单位，小时是常用单位，

2、不是国际单位，故B错误 C、千克、千米是常用单位，不是国际单位，故C错误 D、在国际单位制中力学的基本单位分别为千克、秒、米，故D正确 故选：D 【点评】： 国际单位制规定了七个基本物理量和七个基本单位，这都是需要学生自己记住的 2（3分）以下物体一定能看成质点的是（ ） A 研究公转时的地球 B 研究自转时的地球 C 质量很小的物体 D 体积很小的物体 【考点】： 质点的认识 【专题】： 直线运动规律专题 【分析】： 根据物体看成质点的条件：物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可忽略不计进行判断 【解析】： 解：A、研究公转时的地球，地球的大小相对于地球到太阳的距离很小，影响可忽略不

3、计，地球可以看成质点故A正确 B、研究自转时的地球，地球不能看成质点，地球的大小和形状影响很大，如把地球看成质点就无法分辨地球的转动故B错误 C、质量很小的物体不一定能看成质点，如其大小和形状对所研究的问题影响很大，就不能看成质点故C错误 D、体积很小的物体不一定能看成质点，如其大小和形状对所研究的问题影响很大，就不能看成质点故D错误 故选A 【点评】： 物体能否看成质点，不是看物体绝对质量或体积，而是看物体的大小和形状对所研究的问题影响能否忽略不计 3（3分）某人沿半径为R的圆形跑道跑了半圈，则此人的位移大小是（ ） A 2R B R C 2R D 0 【考点】： 位移与路程 【专题】： 直

4、线运动规律专题 - 1 - 【分析】： 位移等于初位置到末位置有向线段的长度，而路程是物体运动路线的长度 【解析】： 解：此人沿半径为r的圆形水池走了半圈，位移大小等于直径，即x=2r，而路程等于周长的一半，即S=r 故选：A 【点评】： 位移大小等于起点到终点直线距离的长度，一般不大于路程 4（3分）一石块从楼房阳台边缘向下做自由落体运动到达地面，把它在空中运动的时间分为相等的三段，如果它在第一段时间内的位移是1.2m，那么它在第三段时间内的位移是（ ） A 1.2m B 3.6m C 6.0m D 10.8m 【考点】： 自由落体运动 【专题】： 自由落体运动专题 【分析】： 自由落体运动

5、是初速度为0的匀加速直线运动，从静止开始相等时间间隔内的位移之比为：1：3：5： 【解析】： 解：根据自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，从静止开始相等时间间隔内的位移之比为：1：3：5得： 它在第三段时间内的位移为：s3=5s1=51.2m=6m 故选C 【点评】： 解决本题要知道初速度为0的匀加速直线运动，从静止开始相等时间间隔内的位移之比为：1：3：5： 5（3分）一轻质弹簧在弹性限度内伸长了1cm时产生了2N的弹力，则这根弹簧的劲度系数是（ ） A 2N/m B 200N/m C 20N/m D 0.2N/m 【考点】： 胡克定律 【专题】： 弹力的存在及方向的判定专题 【分析】

6、： 已知弹簧的弹力为2N，弹簧伸长的长度为1cm，根据胡克定律F=kx求解弹簧的劲度系数 【解析】： 解：由题，F=2N，x=1cm=1102m，根据胡克定律F=kx得 =k= 弹簧的劲度系数 故选B 【点评】： 弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律公式F=kx中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量 6（3分）如图所示，物体A在光滑的斜面上沿斜面下滑，则A受到的作用力是（ ） A 重力、弹力和下滑力 B 重力和弹力 C 重力和下滑力 D 重力、压力和下滑力 - 2 - 【考点】： 重力；物体的弹性和弹力 【分析】： 对物体受力分析时要注意力的施力物体是谁，不能多分析了物体受到

7、的力，如下滑力就是不存在的力，分析摩擦力时一定要注意摩擦力产生的条件，看物体是否具备了摩擦力的条件 【解析】： 解：A、由于物体放在光滑的斜面上，所以物体A与斜面之间不可能有摩擦力，故A错误 B、对物体进行受力分析，物体受重力和斜面对物体的支持力，所以B正确 C、下滑力是物体受到的重力沿斜面方向的分力，对物体受力分析时不能把它当做一个单独的力来处理，所以C错误 D、同C的分析可知，D错误 故选：B 【点评】： 判断摩擦力一定要注意摩擦力产生的条件，下滑力是同学经常出错的地方，一定要注意物体不受下滑力这么个力，下滑力实际上是重力的分力 7（3分）（2014秋?鸡西期末）关于合力与其两个分力的关系

8、，下列说法中不正确的是（ ） A 合力的作用效果与两个分力共同作用的效果相同 B 合力的大小总是大于每一个分力 C 合力可能小于也可能大于它的任一个分力 D 两个分力夹角在00到1800之间时，夹角越大，合力越小 【考点】： 力的合成 【专题】： 平行四边形法则图解法专题 【分析】： 合力与分力的关系是等效替代的关系， 如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差 如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间 【解析】： 解：A：合力与分力的关系是等效替代的关系，等效说的就是相同的作用效果，故

9、A正确 B、随两分力夹角的不同，合力的大小也不同，合力可能大于分力，也可能小于分力，故B错误，C正确 D、两个力大小一定，若夹角越大，则力的平行四边形中的对角线越短，即合力越小，故D正确 故选ACD 【点评】： 本题考查的是合力与分力的关系，合力与分力的大小关系判断时可取几个特值比较，如取两个分力的大小分别为：2N和3N 8（3分）（2014秋?鸡西期末）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（ ） - 3 - b的加速度加速时，物体a的加速度大于物体A a、b b两物体相距最远秒时，a、 B 20 b的前方 秒时，物体a在物体 C 60500m 两物体

10、速度相等，相距a、b D 40秒时， 匀变速直线运动的图像【考点】： 运动学中的图像专题【专题】： 读出位移，由图读”速度图象的斜率表示加速度，斜率越大，加速度越大由“面积【分析】： 时，两40sb的位移差相等，从同一位置出发，间距相等第和第60s时两物体a、20s出第 时位移关系判断位置关系差，读出相距的距离根据第60sb速度相等，由“面积”物体a、Ab加速时的斜率大，加速度大故、速度图象的斜率表示加速度a、b【解析】： 解：A 错误； B错误； 速度相等，此时位移差最大，所以相距最远，故B、第40s时，两物体a、b C的前方，故a在物体ba、由图可知第40s时，物体b的位移小于物体的位移，

11、物体 C 正确；距相等，、b速度相时 D、第40s，两物体a D错误；，故 C故选：对于速度时间图象常常要抓住两个数学方面的意义来理解其物理意义：斜率表： 【点评】 示加速度，面积表示位移 的F4?鸡西期末）如图所示，某物体在四个力的作用下处于静止状态，若秋（3分）（20149而保持其大小不变，其余三个力的大小和方向保持不变，则此时物90方向沿逆时针方向转过 ）体所受的合力大小为（ F4 F4 D 2F4 C A F4 B 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力：【考点】 - 4 - 【专题】： 共点力作用下物体平衡专题 【分析】： 利用平衡条件的推论进行处理：N个共点力作用下物体处于平衡

12、状态，则任意（N1）个力的合力与第N个力大小相等、方向相反 【解析】： 解：物体在四个力作用下处于平衡状态，则据平衡条件任意三个力的合力与第四个力大小相等方向相反 物体在四个力作用下处于平衡，则除F4以外的三个力的合力F合123=F4 当F4逆时针旋转90的过程中，其它三个力大小和方向均保持不变故物体所受F合123保持不变， F=，所以此时合力：F4 与F4大小相等，互成90因为F合123故选：A 【点评】： 熟练掌握共点力平衡条件及其推论是解决问题的关键，会用平行四边形定则求合力 10（3分）（2014秋?鸡西期末）如图所示，F1=F2=1N，分别作用于A、B两物体上，且A、B均保持静止，则

13、A和B、B和地面之间的摩擦力分别为（ ） A 1N、0 B 2 N、0 C 1 N、1 N D 2 N、1N 【考点】： 摩擦力的判断与计算 【专题】： 摩擦力专题 【分析】： 对整体分析，通过共点力平衡得出B与地面间的摩擦力，对A分析，通过共点力平衡 得出A与B间的摩擦力 【解析】： 解：对AB整体分析，由于整体处于静止，合力为零，因为F1=F2=1N，则地面与B的摩擦力f地=0N 对A分析，B对A的摩擦力fBA=F1=1N故A正确，B、C、D错误 故选：A 【点评】： 本题考查共点力平衡的基本运用，关键是合理选择研究对象，结合共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用 二、本题共5小

14、题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分 11（4分）（2014秋?鸡西期末）有关加速度的说法，正确的是（ ） A 物体加速度的方向与物体运动的方向不是同向就是反向 B 物体加速度的方向与物体所受合外力的方向总是相同 C 当物体速度增加时，它的加速度也就增大 D 当加速度增加时，物体不一定做加速运动 【考点】： 加速度 【专题】： 直线运动规律专题 【分析】： 加速度是反应物体速度变化快慢的物理量，加速度与速度方向相同时做加速运动，- 5 - 相反时做减速运动，加速度是矢量加速度的方向就是速度变化的方向 【解析】：

15、 解：A、加速度是物体速度变化的方向，加速度方向可以和速度方向相同或相反，也可以与速度方向不在同一条直线上，故A错误； B、根据牛顿第二定律可知，加速度的方向与物体所受合外力的方向相同，故B正确； C、匀加速运动的速度不断增加，而加速度保持不变，故C错误； D、当加速度与速度方向相反时，物体做加速运动，加速度增加时物体的速度仍在减小，故D正确 故选：BD 【点评】： 掌握加速度的定义式及决定式，知道加速度的方向与速度变化的方向相同，力是产生加速度的原因，加速度的方向也就是合外力的方向 12（4分）（2014秋?鸡西期末）如图所示，用绳跨过定滑轮牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中

16、（ ） A 绳子的拉力不断增大 B 绳子的拉力不变 C 船所受浮力增大 D 船所受浮力变小 【考点】： 运动的合成和分解 【专题】： 运动的合成和分解专题 【分析】： 对小船进行受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化 【解析】： 解：对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零； 设拉力与水平方向的夹角为，有： Fcos=f ， Fsin+F浮=mg 船在匀速靠岸的过程中，增大，阻力不变， 根据平衡方程知，绳子的拉力增大， 根据平衡方程知，拉力增大，sin增大，所以船的浮力减小 故A、D正确，B、C错误

17、故选：AD 【点评】： 解决本题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据角的变化，判断力的变化 13（4分）（2014秋?鸡西期末）如图叠放着的质量分别为m和M的两木块，放在光滑水平面上，水平拉力F作用在M上，两木块相对静止一起做加速运动，加速度为a，两木块间的动摩擦因数为，则两木块间的摩擦力的大小为（ ） - 6 - Ma D ma C F A mg B 牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算【考点】： 牛顿运动定律综合专题【专题】： 分析，根据A： 对整体受力分析，运用牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离对【分析】 所受到的摩擦力牛顿第二定律求出A a=【解析】： 解

18、：对整体分析，根据牛顿第二定律得： f=ma=隔离对m分析，m所受的合力等于摩擦力，则有： ，f=Ma对B而言，有：F Ma得：f=FBCD 故选：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，以及注意整： 【点评】 体法和隔离法的运用 某一时刻该同50kg的某同学站在升降机中的磅秤上，?鸡西期末）质量为秋14（4分）（2014 ）40kg，则在该时刻升降机可能是以下列哪种方式运动？（ 学发现磅秤的示数为 减速下降D C 减速上升 加速上升A 加速下降 B 超重和失重牛顿运动定律的应用-【考点】： 牛顿运动定律综合专题： 【专题】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体

19、处于超重状态，此时有： 【分析】 向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速 度 根据牛顿第二定律求出升降机的加速度方向，根据牛顿第二定50kg40kg 解：某一时刻该同学发现磅秤的示数为，小于原来的【解析】：律得物体的加速度方向向下，所以电梯的可能运动情况是以一定的加速度减速上升或以一定 的加速度加速下降 故选：AC本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，对人进行受力 【点评】： 分析求出人的加速度，本题就可以解决了 的作用而运动，在其F秋?鸡西期末）在光滑水平面上有一物块受水平恒力（15（4分）2014正前方固定一个足够

20、长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程 ）中，下列说法正确的是（ 物块接触弹簧后即做减速运动 A - 7 - B 物块接触弹簧后先加速后减速 C 当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度不等于零 D 当物块的速度为零时，它所受的合力不为零 【考点】： 牛顿运动定律的综合应用；牛顿第二定律 【分析】： 物体与弹簧接触前在拉力F的作用下做匀加速运动，与弹簧接触后，水平反向受拉力F和弹簧的向左的弹力作用，开始时拉力大于弹力，物体加速，但加速度减小，当弹力增加到等于拉力时，合力减小为零，加速度也减为零，其后物体继续运动，弹力进一步增大，物体减速，直到停止，物体还会弹回 【解析】：

21、解：A、B、物体与弹簧接触后，弹力由零逐渐变大，开始时向左的弹力小于拉力，故合力向右，但合力不断变小，当弹力增大到等于拉力时，合力减为零，加速度也减为零，速度达到最大，之后物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步增大，变得大于拉力，合力变为向左，且不断变大，故物体不断减速，加速度不断增大，直到速度减为零即物体先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故A错误，B正确； C、当弹簧弹力等于拉力时，加速度最小，等于零，而速度最大，当速度减为零时，加速度最大，合力也最大，故C正确，D正确； 故选BCD 【点评】： 物体依靠惯性运动，力是改变速度的原因，物体与弹簧接触后，弹力不断变大，物

22、体向右运动经历先加速后减速的过程 三、非选择题部分（计算题的解答要求：作出反映题目意思的解题示意图；写出必要的文字说明；列出依据的基本公式；重要演算步骤和结果表达式；代入已知数值计算，答案中必须明确写出数值和单位；如有必要可以对结论进行简单的讨论） 16（4分）（2014秋?鸡西期末）利用打点计时器测小车的加速度，如图给出了该次实验中，从0点开始，每5个点取一个计数点的纸带，其中1、2、3、4、5、6都为记数点测得：s1=1.41cm，s2=1.91cm，s3=2.39cm，s4=2.90cm （1）在小车经过计数点3时，小车的速度为：V3= 0.22 m/s （2）小车的加速度为 0.49

23、m/s2（取二位有效数字） 【考点】： 测定匀变速直线运动的加速度 【专题】： 实验题 【分析】： 根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小 【解析】： 解：（1）每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s， 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度， v3=0.22m/s 得：（2）根据匀变速直线运动的推论公式s=aT2可以求出加速度的大小， 得：s4s2=2a1T2 s3s1=2a2T2 - 8 - 为了更加准确的求解加速度，我们对三个加

24、速度取平均值 =）=0.49m/s2 a=（得：a1+a2故答案为：（1）0.22，（2）0.49 【点评】： 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用 17（16分）（2014秋?鸡西期末）用如图所示的装置研究在作用力F一定时，小车的加速度a与小车质量M的关系，某位同学设计的实验步骤如下： A用天平称出小车和小桶及内部所装砂子的质量； B按图装好实验器材； C把轻绳系在小车上并绕过定滑轮悬挂砂桶； D将电磁打点计时器接在6V电压的蓄电池上，接通电源，放开小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，并在纸带上标明小车质量； E保持小桶及其中砂子的质

25、量不变，增加小车上的砝码个数，并记录每次增加后的M值，重复上述实验； F分析每条纸带，测量并计算出加速度的值； G作a一M关系图象，并由图象确定a一M关系 （1）该同学漏掉的重要实验步骤是 平衡摩擦力 ，该步骤应排在 B 步实验之后 （2）在上述步骤中，有错误的是 D ，应把 蓄电池 改为 46V的低压交流学生电源 a aM 改为 ）在上述步骤中，处理不恰当的是（3 G ，应把 【考点】： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系 【专题】： 实验题 a图象是一条过坐标原点的46V的低压交流学生电源；：【分析】 电磁打点计时器使用正比例关系而图象aM图象是曲线 【解析】： 解：（1）在做实验前首先

26、应该平衡摩擦力，此过程应排在把轻绳系在小车上并绕过定滑轮悬挂砂桶之前，即B之后； （2）电磁打点计时器使用的是6V的蓄电池，故步骤D中不能使用直流电源，而应该使用46V的低压交流学生电源； （3）根据牛顿第二定律可知物体的加速度a与物体的质量M成反比，所以aM图象是曲线， 应该成正比例关但Ma而仅仅根据曲线很难判定加速度与物体的质量到底是什么关系，a- 9 - 图象 系，而正比例关系图象是一条过坐标原点的直线，所以应作a故答案为：（1）平衡摩擦力；B；（2）D；蓄电池；46V的低压交流学生电源 ；a ）G；aM（3【点评】： 只有真正掌握了实验原理，才能真正顺利解决实验题目，所以在学习的过程中

27、要深入理解和把握实验原理，平衡摩擦力时出现的误差分析，根据图象对应分析即可，结论就是两个，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大对应上即可 18（8分）（2014秋?鸡西期末）某医院需将一位病人从一楼用电梯送到顶楼，已知一楼与顶楼的高度差是50m由于病人病情的原因，病人的加速度大小不允许超过0.50m/s2假设电梯的加速度可以通过电脑调节，电梯的速度最大可以达到6m/s （1）叙述电梯做怎样的运动才能使病人从一楼到顶楼用的时间最短（不用写推导过程）？ （2）计算病人从一楼到顶楼所用的最短时间？ 【考点】： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】： 牛顿运动定律

28、综合专题 【分析】： （1）电梯先以允许的最大加速度0.50 m/s2加速上升，到达最大速度时，又以最大加速度0.50 m/s2减速上升，到达顶楼时速度刚好为0这样所用的时间最短 （2）根据位移时间的关系即可求解 【解析】： 解：（1）电梯先以允许的最大加速度0.50 m/s2 加速上升，速度达到5m/s时，即位移等于25m时，又以最大加速度0.5 m/s2 减速上升，到达楼顶时速度刚好为0 这样所用时间最短 ）加速阶段： （2 =at22 减速阶段：t=t1=t2=20s 答：（1）电梯先以允许的最大加速度0.50 m/s2 加速上升，速度达到5m/s时，即位移等于25m时，又以最大加速度0.5 m/s2 减速上升，到达楼顶时速度刚好为0 这样所用时间最短 （2）病人从一楼到顶楼所用的最短时间是20s 【点评】： 本题要注意速度没有最大限制，所以先匀加速后匀减速到达楼顶时速度刚好为零，时间最短 19（8分）（2014秋?鸡西期末）如图所示，BC是一轻杆，可绕C点转动，AB是一连接在墙壁和杆上的轻绳，在杆的B点悬挂一个定滑轮，人用它匀速地提起重物，重物质量为30kg，人的质量为50kg，（绳子和滑轮的质量、绳子和滑轮的摩擦及杆的自重忽略不计，g取10m/s2）求： （1）此时人对地面的压力是多大？ （2）支架的斜杆BC、水平绳AB所受的力各是多大？ - 1