2017届河北省衡水中学高三摸底联考全国卷物理试卷带解析

1、周周测理综物理试2017届河北省衡水中学高三上学期第16 卷（带解析）_ 姓名：_班级：_考号：学校:_ 一、选择题 1在物理学的发展中，关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（ ） A亚里士多德首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来 牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量B 哥白尼通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律C 笛卡尔对牛顿第一定律的建立作出了贡献D ）在物理学的研究及应用过程中所用思维方法的叙述正确的是（ 2 A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是猜想法?xx?t?v趋近于零时，采用的是比值法，当B就可以表示物体在速度的定

2、义式?t?tt时刻的瞬时速度，该定义应用了理想模型法 C在探究电阻、电压和电流三者之间的关系时，先保持电压不变研究电阻与电流的关系，再保持电流不变研究电阻与电压的关系，该实验应用了类比法 D如图是三个实验装置，这三个实验都体现了放大的思想 t时已知在b在同一条平直公路上的速度时间图像，如图所示，两条曲线为汽车a、32刻，两车相遇，下列说法正确的是（ ） Aa车速度先减小后增大，b车速度先增大后减小 t时刻a车在前，b车在后 B1汽车a、b的位移相同 ttC21Da车加速度先减小后增大，b车加速度先减小后增大 4如图所示，小球在水平拉力作用下，以恒定速率v沿竖直光滑圆轨道由A点运动到B点，在此过

3、程中拉力的瞬时功率变化情况是（ ） A逐渐减小 B逐渐增大 页7页，总1试卷第 C先减小，后增大 D先增大，后减小，方向垂直于纸5如图所示，在一个边长为aB的正六边形区域内存在磁感应强度为q方向以大小，先后从A面向里的匀强磁场，三个相同带正电的粒子，比荷为点沿ADm已知编号为的粒子在运动过程中只受到磁场力作用，不等的速度射入匀强磁场区域，编号为的点飞出磁场区域，粒子恰好从F点飞出磁场区域，编号为的粒子恰好从E ）ED粒子从边上的某一点垂直边界飞出磁场区域，则（ ?m 编号为的粒子在磁场区域内运动的时间为AqB?m编号为的粒子在磁场区域内运动的时间为B qB 三个粒子进入磁场的速度依次增加C 三

4、个粒子在磁场内运动的时间依次增加Dv水平射出，同时乙以初2m处有甲、乙两个物体，甲以初速度6如图所示，离地面高00245vs?10m/g乙同时到，沿倾角为若甲、的光滑斜面滑下，速度已知重力加速度0v 的大小是（ 达地面，则）0 10m/s4/s5m/ss5m/25m C D BA7每个在2016年2月11日宣布“探测到引力波的存在”，天文学家通过观察双星轨道参数的变化来间接验证引力波的存在，证实了GW150914是一个36倍太阳质量的黑洞和一个29倍太阳质量的黑洞并合事件，假设这两个黑洞绕它们连线上的某点做圆周运动，且这两个黑洞的间距缓慢减小，若该黑洞系统在运动过程中各自质量不变且不受其他星系

5、的影响，则关于这两个黑洞的运动，下列说法正确的是（ ） A. 这两个黑洞做圆周运动的向心加速度大小始终相等 B. 36倍太阳质量的黑洞轨道半径为29倍太阳质量的黑洞轨道半径小 C. 这两个黑洞运行的线速度大小始终相等 D. 随两个黑洞的间距缓慢减小，这两个黑洞运行的周期在增大 8如图，固定在水平桌面上的光滑金属导轨cd、eg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与导轨接触良好，在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计，现用一水平向右的恒力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右沿导F表示，则下列说法始终垂直于导轨，金属杆受到的安培力用轨滑动，滑动中杆ab安 页7页，总2

6、试卷第 ）正确的是（ ab做匀加速直线运动A金属杆 ab运动过程回路中有顺时针方向的电流B金属杆F 所受到的C金属杆ab先不断增大，后保持不变安 克服安培力做功的功率与时间的平方成正比D金属杆ab:12原线圈接入如图乙所示的正弦式交流电压，9理想变压器原、副线圈匝数之比为?55R=的负载电阻，电流表、电压表均为理想电表，则下述结论正确的副线圈接一个 ）是（ V110 A副线圈中电压表的读数为Hz0.02 B副线圈中输出交流电的频率为A0.5 C原线圈中电流表的读数为W220 原线圈中的输入功率为Dm1R?的正O10如图所示，BC是半径为的竖直面内的圆弧轨道，轨道末端C在圆心060?BOCkgm

7、?1点水平抛出，小球等高的A下方，将质量为的小球，从与O到能够使小球从B恰好从B点沿圆弧切线方向进入轨道，由于小球与圆弧之间有摩擦，2s10g?m/ C做匀速圆周运动，重力加速度大小为，则下列说法正确的是（ ） A从B到C，小球与轨道之间的动摩擦因数可能保持不变 5J ，小球克服摩擦力做功为从B到CB7m 、AB两点间的距离为C12D小球从B到C的全过程中，小球对轨道的压力不变 ?，以一定的速度匀速运动，某时刻在传已知一足够长的传送带与水平面的倾角为11t?0时刻记录了送带适当的位置放上具有一定初速度的物块（如图a所示），以此时为小物块之后在传送带上运动的速度随时间的变化关系，如图b所示（图中

8、取沿斜面向上vv?），已知传送带的速度保持不变，则下列的运动方向为正方向，其中两坐标大小21判断正确的是（ ） 页7页，总3试卷第 内，物块对传送带做正功t0A1?tan? 物块与传送带间的动摩擦因数B1122内，传送带对物块做功为t0vvm?m C21222 系统产生的热量一定比物块动能的减少量大D的左端通过一根、c叠放在一起，ab12如图所示，水平桌面上有三个相同的物体a、060kg1m?小球静止在光滑的半，的小球相连，轻绳与质量为绳与水平方向的夹角为2N?30Fsm/10，取圆形器皿中，水平向右的力上，三个物体保持静止状态，gb作用在 ）下列说法正确的是（ 物体c受到向右的静摩擦力A 物

9、体b受到一个摩擦力，方向向左B a的静摩擦力方向水平向左C桌面对物体 的瞬间，三个物体将获得向左的加速度撤去力FD 。以下说法中正确的有13 A氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，原子的能量减小 B核力存在于原子核内所有核子之间? 粒子散射实验基础上提出的C原子核式结构模型是由卢瑟福在 ，当温度发生变化时，铀元素的半衰期也发生变化铀元素的半衰期为DT? E放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的 二、实验题，小车和砝的实验装置示意图，盘和重物的总质量为m验证牛顿第二定律14如图为“” M，实验中用盘和重物总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。码的总

10、质量为 ）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端定1（填选项字 滑轮的高度，使细线与长木板平行，接下来还需要进行的一项操作是 。母）、将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，A 页7页，总4试卷第的大小，使小车在盘和重物的牵引力下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀调节m 速运动、将长木板的右端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去盘B 和重物，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动、将长木板的右端垫起适当的高度，撤去纸带以及盘和重物，轻推小车，观察判断小C 车是否做匀速运动个相邻的计数点，7

11、、F、G为）实验中得到的一条纸带如图所示，（2A、B、C、D、E，已知相邻的计数点之间、?、?量出相邻的计数点之间的距离分别为?、?、?、624153 （用题中所给字母表示） 的时间间隔为T，则小车的加速度?。 = （填选项字 （3）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是 母） 40?、30?、10?15?、20?、A?=25?20?，?=200?，?=20?、40?、60?、80?B?=、100?、120? C?=400?，?=10?、15?、20?、25?、30?、40? D?=400?，?=20?、40?、60?、80?、100?、120? （4）该实验小组以测得的加速度a为纵

12、轴，盘和重物的总重力F为横轴，作出的图像如图中图线1所示，发现图像不过原点，怀疑在测量力时不准确，他们将实验进行了改图如图中图?，做?装，将一个力传感器安装在小车上，直接测量细线拉小车的力?线2所示，则图像不过原点的原因是 ，对于图像上相同的力，用传感器测得的加速度偏大，其原因是 。 15高中电学实验的核心是测电阻，当然所测的对象是不同的，有灯泡的电阻、电阻丝的电阻、电表的电阻、电源的电阻等；所用的方法也不同，有伏安法、半偏法、等效代替法等，其中最常用的是伏安法，测量电路如图所示： （1）为了减小电表内阻引起的误差，如果待测电阻和电表内阻未知，可观察电表的变化；当开关由a点变到接触b点时，电流

13、表变化显著，则开关应接在 点，测量误差较小。 （2）如果已知待测电阻和电表内阻的大约值，为了减小测量误差，应进行的操作：当2RRR? 点。时，开关应接在 AxV 点测量没有系统误差。（3）如果已知电压表内阻的准确值，则开关应接在 三、计算题kg1m?M3kg?的如图所示，16一电动遥控小车停在水平地面上，质量小车质量， 页7页，总5试卷第?0.1?，现A，物块与车板间的动摩擦因数小物块（可视为质点）静止于车板上某处ts1.6?已知小车的速使小车由静止开始向右行驶，当运动时间时物块从车板上滑落，11，t变化规律如图乙所示，小车受到地面的摩擦阻力是小车对地面压力的度v随时间102sm/g?10 不

14、计空气阻力，取重力加速度，求： （1）物块离开小车时，物块的速度大小； 01.6s时间内小车的牵引力做的功W（2）。 M?200kg，活塞如图所示，透热的气缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量172cm100?Skgm?10，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气，此时，缸内，活塞面积质量027C知大气压恒为气体的温度为，活塞位于气缸正中，整个装置都静止，已5p2T?t?273Ks/g?10m10Pa?1.0?，求：，重力加速度为 0 p；缸内气体的压强 1缸内气体的温度升高到多少摄氏度时，活塞恰好会静止在气缸缸口AB处？ 18如图所示，光滑水平直导轨上放置长木板B和滑块C，滑块A置于B的左端，且A、mm

15、m?232kgkg?kg?1，开始时B间接触面粗糙，三者质量分别为A、BcBAv?10m/s向右运动，与静止的C发生碰撞，碰后C一起以速度向右运动，又与竖直0固定挡板碰撞，并以碰前速率弹回，此后B与C不再发生碰撞，已知B足够长，A、B、C最终速度相等，求B与C碰后瞬间B的速度大小。 四、简答题 19如图所示，水平向左的匀强电场中，用长为?的绝缘轻质细线悬挂一小球，小球质量为m，带电量为+?，将小球拉至竖直方向最低位置A点处无初速度释放，小球将向00=0.6，sin37=74，（重力加速度为?，?左摆动，细线向左偏离竖直方向的最大角度0=0.8cos37） 页7页，总6试卷第 ；1（）求电场强度

16、的大小E ）求小球向左摆动的过程中，对细线拉力的最大值；（2，则为保证小球能做完A点处释放小球时，给小球一个水平向左的初速度?（3）若从0 ?的大小应满足什么条件？整的圆周运动，03的折射率为为竖直放置的光屏，光屏的左侧有半径为R、 如图所示，MN2033 ROA?，一至光屏的距离透明半球体，为球心，轴线OOA垂直于光屏，O21ROB?，求：，细束单色光垂直射向半球体的平面，在平面的入射为B 2 ）光线从透明半球体射出时，出射光线偏离原方向的角度；1（ 点的距离。A（2）光线在光屏形成的光斑到 五、填空题 。21以下说法中正确的有 A功可以全部转化为热，当热量不能全部转化为功 B物体吸收热量，

17、同时对外做功，其内能可能增加 C食盐熔化过程中，温度保持不变，说明食盐是晶体 D布朗运动是指液体分子的无规则运动 E当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大 v?200m/s，已轴正方向传播的简谐横波，波速22在坐标原点的波源产生一列沿xt?0x?40mx?400m处有一接收器（图中时刻，波刚好传播到知处，如图所示，在未画出），则下列说法正确的是 。 A波源开始振动时方向沿y轴负方向 t?00.15sx?40m0.6m B从，处的质点运动的路程为开始经t?2s时才能接收到此波接收器在C 9Hz x轴正方向运动，接受器接收到波的频率可能为若波源向D5Hz沿xE若该波与另一列频率为轴

18、负方向传播的简谐横波相遇，不能产生稳定的干涉图样 页7页，总7试卷第本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 参考答案 【答案】D 【解析】 试题分析：伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来，故A错误；牛顿总结出了万有引力定律，并没有用实验测得引力常量，是卡文迪许用实验测得了引力常量，故B错误；开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律，故C错误；笛卡尔研究了力和运动的关系，对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故D正确。 考点：物理学史 【名师点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。 【答案

19、】D 【解析】 试题分析：在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型的?x?x?t?v趋近于零时，采用的是比值法；当方法，故A错误；速度的定义式就可以 ?t?t表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限分析法，故B错误；在探究电阻、电压和电流三者之间的关系时，先保持电压不变研究电阻与电流的关系，再保持电流不变研究电阻与电压的关系，该实验应用了控制变量法，故C错误；用力向下压，使桌面产生微小形变，?2，N则M反射的光线旋转的角度为使平面镜M逆时针方向微小旋转，若使法线转过角，?4，那么投射到平面镜上的光斑走过的距离就更大，故该实验观察反射的光线就就旋转了测量结果采用的

20、是微小变量放大法第三个装置都是球m，受到m对它的引力会使竖直悬线发生扭转，从而使镜面M的法线转过微小角度，从而电光源的投影会在标尺上移动一定距离，从而将微小形变放大将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法这两个装置都是将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法用挤压玻璃瓶时微小的变化不易观察，但通过细管中水位的变化能够观察出来，是一种放大的思想，故D正确。 考点：弹性形变和范性形变、质点的认识、物理模型的特点及作用 【名师点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注重科学方法的积累与学习。 【答案】D 【

21、解析】 试题分析：由图线可知，a车的速度先增大后减小，b车的速度先减小后增大，故A错误；tt?t时间内，a图线与时间轴围成的面积大，则a在时刻，两车相遇，在的位移大，可221t时刻，b车在前，a车在后，故知BC错误；图线切线的斜率表示加速度，可知a车的加速1度先减小后增大，b车的加速度先减小后增大，故D正确。 考点：匀变速直线运动的图像、匀变速直线运动的速度与时间的关系 【名师点睛】根据速度时间图线判断两汽车的运动情况，通过图线与时间轴围成的面积表示位移判断哪个汽车在前通过图线的斜率判断加速度的变化。 【答案】B 【解析】 试题分析：因为小球是以恒定速率运动，即它是做匀速圆周运动，那么小球受到

22、的重力G、O点，设球与圆心的连线与竖直方向F、轨道的支持力三者的合力必是沿半径指向水平拉力 页10页，总1答案第 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。F?tan 的合力必与支持力在同一直线上）（F夹角是与，则：GG?GtanF? 得：? 而水平拉力F的方向与速度V的方向夹角也是，所以水平力F的瞬时功率是?Gvsin?P?FvcosP是不断增大的，所以水BA，即为： ，显然，从的过程中，到 平拉力、CD错误。、AF的瞬时功率是一直增大的，故B正确， 考点：功率、平均功率和瞬时功率【名师点睛】根据小球做圆周运动，合力提供向心力，即合力指向圆心，求出水平拉力和重?Fvcos?P 得出

23、拉力瞬时功率的表达式，力的关系，根据从而判断出拉力瞬时功率的变化。 C【答案】 【解析】r初速度大小为设编号为的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为试题分析：，12va1vmqvB?r ，则有： ，由几何关系可得：111?2sin60r1?m12Bqa30120?tT?v 解得：，则时间，由于圆心角为1m3qB33 rv，周期设编号为的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为，线速度大小为222?vm2r22T?T2mqvB?T，由几何关系可得，粒子在正六，则：，解得：为2222Bqvr22?mT?60?t?，边形区域磁场运动过程中，转过的圆心角为，则粒子在磁场中运动的时间：qB63了

24、在径动的半为r磁场中转运圆中磁区边正子的为编设号粒在六形域场做周3 ，, 30；由几何关系可得：，0 ，半径依次增加，故速度依次增加，同时 C对应的圆心角越来越小，故时间越短，故选项正确。 页10页，总2答案第本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 【名师点睛】本题以带电粒子在磁场中运动的相关问题为情境，考查学生综合分析、解决物理问题能力带电粒子在磁场中的运动，关键的就是确定圆心和轨迹后由几何知识确定出半径。 【答案】A 【解析】 2h t?； 试题分析：甲平抛运动的时间为：g mgsin45?2 2hg?a? ，对于乙，下滑的位移大小为乙在斜面

25、下滑的加速度为： m2111 2v? gh?10?2?5m2 h?vt?at/s，故，代入数据得：联立解得 根据 00222选项A正确。 考点：动能定理的应用、平抛运动 【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间相同决定水平位移，抓住平抛运动的时间和匀加速运动的时间相同，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活研究。 7B 22?2?4?221?()=?= 可得【解析】试题分析：根据?1112 222?222?4?221?(=)? ?根据可得2221 222?12=，质量与轨道半径成反比，可知所以36倍太阳质量的黑洞轨道半径比29倍太阳质量 ?122?可知，角速度相等，质量大

26、的半径小，所以质?正确；根据?的黑洞轨道半径小，故B量大的向心加速度小，故A错误；这两个黑洞共轴转动，角速度相等，根据?=?可以，2223?4?4?=(?+?=?) 所以质量大的线速度小，故C又：?错误；质量大的半径小，2211 22?+?不变时，L减小，则T减小，即双星系统运行周期会随间距减小而减小，故D当?错21误。 考点：万有引力定律及其应用 【名师点睛】解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，应用万有引力定律与牛顿第二定律即可正确解题，难度不大。 【答案】C 【解析】 试题分析：由于是光滑的导轨，没有摩擦，对金属杆，根据牛顿第二定律： 22LBvma?F?错误；根据楞次定A

27、，由于速度发生变化，故加速度是变化的，故选项R律可以知道，回路中产生的感应电流为逆时针方向，故选项B错误；开始时由于速度不断增大，故安培力不断增大，当安培力等于拉力F时，则速度不再增大，则安培力不变，选项C 页10页，总3答案第本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 22222BLa，由于正确；线框中感应电流的瞬时功率R D错误。速度是变化，故选项 考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率当棒处棒切割磁感线会产生电动势，形成感应电流所以金属杆会受到安培力【名师点睛】根据受力平衡即可解出金属杆受到的于匀速时棒受力平衡，由已知条件可求出安培力大小， 拉力；结合电功率表达式即可

28、找到功率与位移的关系式。 【答案】AD 【解析】 V2202，所以原线圈的电压试题分析：由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为VV110220，即为，再根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为的有效值为?2s?0.02?T，正确；变压器不会改变电流的周期，电流的周期为电压表的读数，故A 100110Hz50A2?I，根据电流与匝数成反比可得，B则频率为正确；副线圈的电流为，故 255A1错误；变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为C，故原线圈的电流大小为2?110W220W?P?220 正确。，所以原线圈中的输入功率也为，故D 55 考点：变压器的构造和原理、电功、电功率、

29、交变电流再根据电压周期和频率等，【名师点睛】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、 与匝数成正比即可求得结论。 BC【答案】 【解析】即由轨道的支持力和重力由合外力提供向心力，C做匀速圆周运动，试题分析：小球从B到所以轨道对小而重力的径向分力是变化的，径向分力的合力提供向心力，向心力大小不变，则小球与轨道之间的动摩擦因数是变球的支持力是变化的，则小球对轨道的压力是变化的，做匀速圆周运动，则由能量守恒定律可知：小球克服摩擦到C化的，故AD错误；小球从B11）(J51J?10mgR?mgW?1R?Rcos60?正B，故力做的功等于重力做的功 G22vy?60?tan60，B点，小球速度方向偏

30、角，则做平抛运动，在确；小球做从A到B vAgtv? y 312tx?v?mxgtRcos y?60?，解得竖直方向的位移；水平方向的位移 A32 7 22m?x?xy? 则A正确。，故、B两点的距离CAB12 页10页，总4答案第 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 考点：动能定理的应用、平抛运动明确匀速圆周运动【名师点睛】本题考查了平抛运动和圆周运动，分析清楚小球运动过程， 合外力，应用运动的合成与分解、牛顿第二定律即可正确解题。运动学公式、向心力的来源： BD【答案】 【解析】0t则知传送带的运动方向应向上，由图知，物块先向下运动后向上运动，内，试题分析：1tt内，在A

31、错误；物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带做负功，故12?0tmgsinmgcostan，内，物块向上运动，则有故B正确； “面积”由图，得2W，根据等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力对物块做正功，设为G11112222mv?mvW?Wmv?mv?W，则传送带对物块做功故动能定理得：C，1G2122222t0 错误；内，重力对物块做正功，物块的重力势能减小、动能也减小都转化为系统产生2的内能，则由能量守恒得知，系统产生的热量一定比物块动能的减少量大，故D正确。 考点：动能定理的应用、功的计算 【名师点睛】本题由速度图象要能分析物块的运动情况，再判断其受力情况，

32、得到动摩擦因数的范围，根据动能定理求解功是常用的方法。 【答案】BC 【解析】 a、b、cm，由于均静止，故加速度为：试题分析：设水平向右为正方向，设的质量为12sm/a?0ff影响，且c，则水平方向上只受：c设b对c的静摩擦力为保持静止， ，对1f?maf?0N，故A错误；对b：由牛顿第二定律得：b静止，设a，代入数据得：对11F?f?f?ma?0f?Ff?40N，故b，则水平面上：b只的静摩擦力为，即：11111受一个静摩擦力，方向与F相反，即水平向左，故B正确；对a，a静止，设绳的拉力为T，?f?f?T?ma?0f 的静摩擦力为，则水平面上：aN器皿对小球的弹力为，桌面对11122， 对

33、小球受力分析如图： 页10页，总5答案第 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 mg?Nsin60?Tsin60 由于小球静止，故竖直方向上：?Tcos60Ncos60? 水平方向上：N?103TN?22.68f的静摩擦力水平，故地面对，联立式代入数据解得：a2f3N静摩擦力T?10，a向左，故C，水平方向上受绳的拉力：正确；若撤去F，对2 故整个系统仍然保持静止，故D错误。 考点：牛顿第二定律、物体的弹性和弹力、共点力平衡的条件及其应用结合牛顿第二定律会使此类题目变得简【名师点睛】本题主要考查力的分解和平衡力判断， 0。c单，整个系统保持静止，隔离法分析，可得出受静摩擦力为

34、【答案】ACE 【解析】正确；核力是试题分析：氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，释放光子，能量减小，故A卢瑟福依据粒子散射实B错误；短程力，每个核子只跟它邻近的核子间存在核力作用，故由原子核内部正确；半衰期的大小与温度无关，验的现象提出了原子的核式结构理论，故C?衰变的实质是原子核中的一个中子转化成一个质子，同时产生一错误；因素决定，故D? 射线的形式释放出去，同时辐射出正确。光子，故E个电子，这个电子以 考点：原子的核式结构熟读教材是解决这类题目的必由之考查了解识记级别的知识，【名师点睛】本题较为简单， 路故要加强对基本知识的积累。)?)+(?)+(?(?154326C ）；（3；（1）B（

35、2）1429? ）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成的；（4 盘和重物的重力比细线的拉力大或第二种情况下传感器的示数等于小车所受合外力）要使小车受到的合力等于细线的拉力，实验前应平衡摩擦力，具体1【解析】试题分析：（撤去砂让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，做法是：将长木板的一端垫起适当的高度， 。和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，故选B2常采用不相邻点间的位移差，并且采求加速度时，为减小测量误差，?=?2（）应用?)+(?)+(?)(?132654。用逐差法，由各选项可知，误差最小的算法是 29?（3）当?时，即当盘和重物的总质量m远远小于小车和砝码的总

36、质量M时，绳子的拉力近似等于盘和重物的总重力，由题意可知，最合理的一组m与M值是C。 （4）由所示图象可知，?图象在F轴上有截距，即当拉力大到一定值时才产生加速度，说明小车所受合力小于砝码与砝码盘的重力，这由于没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成 页10页，总6答案第本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 的；对于图像上相同的力，用传感器测得的加速度偏大，其原因是盘和重物的重力比细线的拉力大或第二种情况下传感器的示数等于小车所受合外力。 考点：验证牛顿第二运动定律 【名师点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实

37、验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。 【答案】（1）b；（2）b；（3）a 【解析】 试题分析：（1）因电流表读数有显著变化，说明电压表的分流明显，故应采用内接法较为准确，故应将开关应接在b处更准确。 2RRR? b点；（2）由于，说明是个小电阻，故采用内接法，故开关应接在AVx点，此时测量）如果已知电压表内阻的准确值，而电流表的内阻未知，则开关应接在a（3a值为二者的并联总电阻，从而可以求出电阻的真实值，从而消除系统误差，故开关应接 点。 考点：伏安法测电阻知道在什么情况下选用【名师点睛】解决本题的关键知道电流表内外接所引起的系统误差， 外接法误差较小，什

38、么情况下选用内接法误差较小。J?17/sW1.6m ）；（2【答案】（1 【解析】?mg?f ）物块滑落前受到的滑动摩擦力大小为试题分析：（1f2?s/?a?1?mg做匀加速运动的加速度为 mv?at?1.6m/st?1.6s 时物块的速度为。 当运动时间111220?1s as?2m/时间内，由题图乙得小车的加速度大小为） （2 11kf?F?）（M?mg?Ma? ，其中 14NF?k，解得根据牛顿第二定律得： 11101m? s?2?1m?1 小车的位移 121?1.6s ?f?5N）F?k（M?mg时间内，牵引力在 2s?2?0.6m?1.2m 由题图乙得小车的位移大小201.6sWs?

39、 ?FsF时间内小车的牵引力做的功 所以2112W?17J。代入数据解得 考点：动能定理的应用、牛顿第二定律 【名师点睛】解决本题的关键要理清小车和滑块的运动情况，采用隔离法研究加速度和速度等物理量，解答时要抓住速度图象的两个物理意义：斜率等于加速度，“面积”表示位移。 5327Pa?p?310 【答案】；1 页10页，总7答案第本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 【解析】 pS?mg?pS 试题分析：以气缸为对象（不包括活塞）列气缸受力平衡方程：015p?3?10Pa。解之得： 1pT，压强为 当活塞恰好静止在气缸缸口AB处时，缸内气体温度为22pS?Mg?pS，此时仍有

40、02S?0.5lS?l? 对这一过程研究缸内气体，由状态方程得：由题意知缸内气体为等压变化， TT21600?273）?327T?2T?600Kt?（ ，故 所以。212考点：理想气体的状态方程 【名师点睛】巧选研究对象，注意变化过程的不变量，同时注意摄氏温度与热力学温度的换算关系。 v?7.25 m/s 【答案】B【解析】 vv，以向右为正方向，由动量守恒定律得： ，C试题分析：设碰后B速度为速度为CBmv?mv?mv BCCB0Bv，由动量守恒定律得： B在摩擦力作用下达到共同速度，大小为BC碰后，A、C（）v?v?mmmv?m CABBAB0v?7.25 m/s。代入数据联立得： B考点

41、：动量守恒定律 【名师点睛】分析物体的运动过程，选择不同的系统作为研究对象，多次运用动量守恒定律求解，注意动量守恒定律是矢量式，使用前要先规定正方向。 23?73? 2?或?（?；3）? ）；（2?19（1）=00 24?4【解析】试题分析：（1）由于带电小球所受电场力方向向左，电场线方向也向左，分析小球的受力情况，作出受力图如右图，根据对称性，此时必有重力与电场力的合力与角分线在同?3?。?= ?一条线上，根据平衡条件得：?=，解得： 4?2（2）小球运动的过程中速度最大的位置，由动能定理得： ?12?(? ）= 222? 时，由重力电场力与细线的拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：小球在 2 页10页，总8答案第本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。 27? ?=?=?，解得：? 422?7 。?由牛顿第三定律可知细线所受的拉力大小为 4（3）要使细线不松弛有两种情况，当小球摆动过程中，细线的方向与F的方向不超过90时，?12 2?0?，解得：根据动能定理有：?00 222? ?当小球能完成完整的圆周运动时，需满足：? ?1?122? =1+?）根据动能定理有：?（0 222 23? ?由上几式联立解得：0 2 23? 2?或?。? 为保证小球在运动过程中，细线不松