二项式定理高考常见题型及其解法

1、二项式定理高考常见题型及其解法第二讲 二项式定理高考常见题型及解法二项式定理的问题相对较独立，题型繁多，虽解法灵活但较易掌握.二项式定理既是排列组合的直接应用，又与概率理论中的三大概率分布之一的二项分布有着密切联系.二项式定理在每年的高考中基本上都有考查，题型多为选择题，填空题，偶尔也会有大题出现. 本讲将针对高考试题中常见的二项式定理题目类型一一分析如下，希望能够起到抛砖引玉的作用. 【知识要点】1、二项式定理：=-=+nk kkn k nnn b aCb a 0*)()(N2、二项展开式的通项： )0(1n r b a C T r r n r n r =-+它是展开式的第r +1项.3、二

2、项式系数：).0(n r C r n 4、二项式系数的性质： ).0(n k C C k n n k n =- ).10(111-+=-n k C C C k n k n k n 若n 是偶数，有n nn nn n nn C CC C C 210，即中间一项的二项式系数2nn C 最大.若n 是奇数，有n nn nn n n n nnC C C C C C =2110 ，即中项二项的二项式系数212+n n nn C C 和相等且最大. 各二项式系数和：0122n r nn n n n n C C C C C =+在二项展开式中，奇数项的二项式系数的和等于偶数项的二项式系数的和即:021312

3、n n n n n C C C C -+=+=【典型考题】一、求二项展开式：1“（a +b ）n”型的展开式例1求4)13(x x +的展开式.解：原式=4)13(xx +=24)13(xx +=)3()3()3()3(144342243144 42CCCCC x x x x x + =)112548481(12342+x x x x x =54112848122+xxx x小结：这类题目直接考查二项式定理掌握，高考一般不会考到，但是题目解决过程中的这种“先化简再展开”的思想在高考题目中会有体现的. 2 “（a -b ）n ”型的展开式例2求4)13(xx -的展开式.分析：解决此题，只需要把

4、4)13(x x -改写成4)1(3xx -+的形式然后按照二项展开式的格式展开即可.本题主要考察了学生的“问题转化”能力. 3二项式展开式的“逆用”例3计算cC C C n nnnn n n 3)1( (279313)21-+-+-；解：原式=nnnn n n n n C C C C C )2()31()3(.)3()3()3(3332211 -=-=-+-+-+-+小结：公式的变形应用，正逆应用，有利于深刻理解数学公式，把握公式本质. 二、通项公式的应用：1确定二项式中的有关元素 例4已知9)2(x xa -的展开式中x 3的系数为49，常数a 的值为解：9239299912)1()2()

5、(-+?-=-=r rr rr rr r r x aC x x aC T令3923=-r ，即8=r ，依题意，得492)1(894889=?-aC ，解得1-=a2确定二项展开式的常数项例5103)1(x x -展开式中的常数项是解：rr rr rr r xCxx C T 65510310101)1()1()(-+?-=-= ，令0655=-r ，即6=r .所以常数项是210)1(6106=-C小结：可以讲2011陕西高考题例1 3求单一二项式指定幂的系数 例6（03全国）92)21(xx -展开式中x 9的系数是 .解：29191()()2rr rr T x xC -+=-=182911

6、()()2rr r r x xC -=18391()2rr x x C -令,9318=-x 则3=r ，从而可以得到9x 的系数为：339121()22C -=-，填212- 三、求几个二项式的和（积）的展开式中的条件项的系数例75432)1()1()1()1()1(-+-+-x x x x x 的展开式中，x 2的系数等于 解：2x 的系数是四个二项展开式中4个含2x 的，则有20)()1()1()1()1(35241302335224113002-=+-=-+-+-C C C C C C C C例8（02全国）72)2)(1-+x x （的展开式中，x 3项的系数是 . 解：在展开式中，

7、3x 的来源有：第一个因式中取出2x ，则第二个因式必出x ，其系数为667)2(-C ； 第一个因式中取出1，则第二个因式中必出3x ，其系数为447)2(-C3x 的系数应为：=-+-,1008)2()2(447667C C 填1008.四、利用二项式定理的性质解题 1、求中间项例9求101的展开式的中间项；解：,)1()(310101r r r r xx T C -=-+ 展开式的中间项为5555610(252x C =-.小结： 当n 为奇数时，nb a )(+的展开式的中间项是212121-+-n n n n baC 和212121+-+n n n n baC ；当n 为偶数时，nb

8、 a )(+的展开式的中间项是222nnnnb a C . 2、求有理项 例10求103)1(xx -的展开式中有理项共有 项；解：341010310101)1()1()(r rr rrr r xxr T CC-+-=-= 当9,6,3,0=r 时，所对应的项是有理项.故展开式中有理项有4项.小结：当一个代数式各个字母的指数都是整数时，那么这个代数式是有理式；当一个代数式中各个字母的指数不都是整数（或说是不可约分数）时，那么这个代数式是无理式.3、求系数最大或最小项 特殊的系数最大或最小问题例11（2000上海）在二项式（x -1）11的展开式中，系数最小的项的系数是 . 解：rrr r xT

9、 C)1(11111-=-+要使项的系数最小，则r 必为奇数，且使C r11为最大，由此得5=r ，从而可知最小项的系数为5511(1)462C-=- 一般的系数最大或最小问题例12求84)21(xx +展开式中系数最大的项；解：记第r 项系数为r T ，设第k 项系数最大，则有 ?+-11k kk k T T T T 又1182.+-=r r r CT ，那么有?-+-+-+-k k k k k k k k C C C C 2.2.2.2.8118228118 即8!8!2(1)!.(9)!(2)!.(10)!8!8!2(1)!.(9)!(8)!k k k k k k k k ?-?-?12

10、12219k k k k ?-?-?，解得43k ，故系数最大的项为第3项2537x T =和第4项2747x T =. 系数绝对值最大的项例13在（x -y ）7的展开式中，系数绝对值最大项是 .解：求系数绝对最大问题都可以将“n b a )(-”型转化为)(n b a +型来处理， 故此答案为第4项4347y x C ，和第5项5257y x C -.五、利用“赋值法”求部分项系数，二项式系数和（参考例题2） 例14若443322104)32(x a x a x a x a a x +=+，则2312420)()(a a a a a +-+的值为 . 解： 443322104)32(x a

11、 x a x a x a a x +=+ 令1=x ，有432104)32(a a a a a +=+， 令1-=x ，有)()()32(314204a a a a a +-+=+-故原式=)().(3142043210a a a a a a a a a a +-+=44)32.()32(+-+=1)1(4=-小结：在用“赋值法”求值时，要找准待求代数式与已知条件的联系，一般而言：0,1,1-特殊值在解题过程中考虑的比较多.例15设0155666.)12(a x a x a x a x +=-，则=+6210.a a a a .分析：解题过程分两步走；第一步确定所给绝对值符号内的数的符号；第二

12、步是用赋值法求的化简后的代数式的值. 解：rrr r x T C)1()2(661-=-+65432106210.a a a a a a a a a a a +-+-+-=+=)()(5316420a a a a a a a +-+=0六、利用二项式定理求近似值例16求0.9986的近似值，使误差小于0.001；分析：因为6998.0=6)002.01(-，故可以用二项式定理展开计算.解：6998.0=6)002.01(-=621)002.0(.)002.0.(15)002.0.(61-+-+-+001.000006.0)002.0(15)002.0.(22263C T ，且第3项以后的绝对值

13、都小于001.0，从第3项起，以后的项都可以忽略不计.6998.0=6)002.01(-)002.0(61-?+=988.0012.01=-小结：由122(1)1.nn n n n n x x x x C C C +=+，当x 的绝对值与1相比很小且n 很大时，n x x x ,.,32等项的绝对值都很小，因此在精确度允许的范围内可以忽略不计，因此可以用近似计算公式：nx x n+1)1(，在使用这个公式时，要注意按问题对精确度的要求，来确定对展开式中各项的取舍，若精确度要求较高，则可以使用更精确的公式：22)1(1)1(x n n nx x n -+.利用二项式定理求近似值在近几年的高考没有

14、出现题目，但是按照新课标要求，对高中学生的计算能力是有一定的要求，其中比较重要的一个能力就是估算能力.所以有必要掌握利用二项式定理来求近似值. 七、利用二项式定理证明整除问题 例17求证：5151-1能被7整除. 证明：15151- =1)249(51-+=12.2.49.2.49.2.49.495151515050512492515015151 51-+C C C C C=49P +1251-（*N P ） 又 1)2(1217351-=-=（7+1）171-=01216171716151717171717.7.7.7.71C C C C C +- =7Q （Q *N ）)(77715151

15、Q P Q P +=+=-15151-能被7整除.小结：在利用二项式定理处理整除问题时，要巧妙地将非标准的二项式问题化归到二项式定理的情境上来，变形要有一定的目的性，要凑 出相关的因数. 八、知识交汇型在知识点的交汇处命题，已成为新高考命题的一个趋势二项式定理可以与组合、数列极限、杨辉三角等知识进行综合，而设计出新题 例18 如图，在由二项式系数所构成的杨 辉三角形中，第_行中从左至右第14 与第15个数的比为2:3分析：本题是杨辉三角与二项式定理的交汇题，而本题的解题关键在于将表格语言转化为组合数语言 解：设所求的行数为n ，将条件转换为组合数语言，得 131423n nC C =，即142

16、133n =-，解得n 34 第0行 1 第1行 1 1 第2行 1 2 1 第3行 1 3 3 1 第4行 1 4 6 4 1 第5行 1 5 10 10 5 1 二项式定理中的五大热点二项式定理有关知识是每年高考必考内容之一，本文总结出了近年高考中的五大热点题型，供参考. 一、通项运用型凡涉及到展开式的项及其系数(如常数项，x 3项的系数等)及有理项，无理项，或逆向问题，常是先写出其通项公式1r T +r n r r n C a b -，然后再据题意进行求解，有时需建立方程才能得以解决. 例1 9)12(xx -的展开式中，常数项为 (用数字作答)解：由99921991(2)(1)2rrr

17、 r rr r r r T C x C x -+?=-=-? ? 令9r 2r 0，得r 6故常数项为63679(1)2672T C =-?=故填672练习：110112x ?+ ?的二项展开式中x 3的系数为_152(x 1)(x 1)2(x 1)3(x 1)4(x 1)5的展开式中，x 2的系数是_2039a x ?-?展开式中x 3的系数为94，常数a _4 二、系数配对型是指求两个二项式的积或可化两个二项式的积的展开式中某项的系数问题，通常转化为乘法分配律问题来解决.例2 (x 21)(x 2)7的展开式中x 3项的系数是_.解： 由x 3项的系数分别来自两个二项式的展开式中两项乘积的

18、系数，应为如下表搭配：因此，x 3项的系数是()4472C -()6672C -1008练习：(x 2)10(x 21)的展开式中x 10的系数为_（用数字作答）179三、系数和差型是指求二项展开式系数的和或差等问题，常可用赋值法加以解决. 例3 若2004220040122004.(12)x a a x a x a x -=+(x R )，则=+)(.)()()(20040302010a a a a a a a a (用数字作答)解：取x 0，得a 01；取x 1，得a 0a 1a 2a 2004(12)20041故010*.()()()()a a a a a a a a + 2003a 0(a 0a 1a 2a 2004)200312004评注：若f (x )a 0a 1x a 2x 2a n x n则有a 0f (0)，a 0a 1a 2a n f (1)；a 0a 1a 2f (1)；a 0a 2a 4(1)(1)2f f +-；a 1a 3a 5(1)(1)2f f -练习：若(),32443322104x a x a x a x a a x +=