2020年整合全国高考湖南理科数学试题(部分答案)名师精品资料

1、绝密启封并使用完毕前(2016年普通高等学校招生全国统一考试湖南卷)理科数学试题类型：a(a)(3，)(b)(3，)(c)(1，)(d)(，3)3解：a(1，3)，b(,+)，ab(，3)，选d1123注意事项：(.1.本试卷分第卷选择题)和第卷(非选择题)两部分.第卷1至3页，第卷3至5页.2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回第卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.(1)设集合ax|x24x30，bx|2x30，则ab333

2、32222322|(2)设(1i)x1yi，其中x，y是实数，则xyi|(a)1(b)2(c)3(d)2解：(1i)x1yi，xy1，故|xyi|2，选b(3)已知等差数列an前9项的和为27，a108，则a100(a)100(b)99(c)98(d)97解：s927，a53，又a108，d1，因此a100a1090d98，选c10(4)某公司的班车在700，800，830发车，小明在750至830之间到达发车站乘坐班车，且到达发车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过分钟的概率是(a)(b)(c)(d)3234(解：几何概型长度比)，选b-=1表示双曲线，且该双曲线两焦点间的距离为，则n的取值

3、范围是x2y2(5)已知方程m2+n3m2-n4(a)(1，3)(b)(1，3)(c)(0，3)(d)(0，3)若该解：依题意，m2n3m2n4m21，(m2n)(3m2n)(1n)(3n)01n3，选a。(6)如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径。几何体的体积是28p3，则它的表面积是解：图中几何体是个球，pr3=pr=3，于是s表4pr2+pr2=17p，选a(a)17(b)18(c)20(d)287742888337384(7)函数y2x2e|x|在2，2的图像大致为yy解：显然题中函数是偶函数，我们不妨考察2x2ex在0，2上的性质。4xex，y4ex0

4、xln40，2，并且x0，ln4时，y0，x(ln4，2时，y0，因此y4xex在0，2上取得极大值4ln440，又y|x010，y|x0.52e0，y|x28e20，y(0，x0)时，y4xex在0，2内仅有一个零点x0，且x00，0.5。于是x0，x0，选d。(8)若ab1，0c1，则(a)acbc(b)abcbac(c)alogbcblogac(d)logaclogbc解：yxc(c0)为增函数，a错；同理yx1c(1c0)也是增函数，b错；又ylogcx(0c1)为减函数，d错；选c。x(9)执行右面的程序图，如果输入的0，y1，n1，则输出x，y的值满足(a)y2x(b)y3x(c)

5、y4x(d)y5x解：x0，y1，n1x0，y1不满足x2y236n2，x0.5，y2(x0，2)时，y不满足x2y236n3，x1.5，y6满足x2y236输出x1.5，y6，选c。(10)以抛物线c的顶点为圆心的圆交c于a、b两点，交c的准线于d、e两点。已知|ab|42，|de|25，则c的焦点到准线的距离为(a)2(b)4(c)6(d)8解：不妨设抛物线的方程为y22px，则由勾股定理可得(5)2+()2=(22)2+(p(22)222p)2，解得p4，331解：画图即知sina1bdsin60，选a。(12)已知函数f(x)sin(x)(0，|)，x为f(x)的零点，x为yf(x)图

6、像的对称轴，且f(x)在，单调，则w的最大值为解：依题意，-+j=mp,mz，+j=np+,nz，两式相减得2(nm)1，记作2k选b。(11)平面a过正方体abcda1b1c1d1的顶点a，a/平面cb1d1，a平面abcdm，a平面aba1b1n，则m、n所成角的正弦值为3(a)(b)(c)(d)22332ppp244p5p1836(a)11(b)9(c)7(d)5wpwpp442pp2k11。注意检验。z；又f(x)在，单调，1，knmp5pt5ppp-=183623618122k+112第ii卷本卷包括必考题和选考题两部分。第(13)题第(21)题为必考题，每个试题考生都必须作答。第(

7、22)题第(24)题为选考题，考生根据要求作答。二、填空题：本大题共3小题，每小题5分|(13)设向量a(m，1)，b(1，2)，且|ab|2|a|2|b|2，则m解：ab|2|a|2|b|2，ab，故m2。x()(14)(2x+x)5的展开式中，3的系数是用数字填写答案解：从5个括号中的某一个取2x，其余括号中取x相乘即可，系数为2c1=10。5(15)设等比数列an满足a1a310，a2a45，则a1a2an的最大值为解：a1a310，a2a45，q，a18，于是aa2a=aq112n1nn(n-1)22=27n-n22664。(16)某高科技企业生产产品a和产品b需要甲、乙两种新型材料。

8、生产一件产品a需要甲材料1.5kg，乙材料1kg，用5个工时；生产一件产品b需要甲材料0.5kg，乙材料0.3kg，用3个工时，生产一件产品a的利润为2100元，生产一件产品b的利润为900元。该企业现有甲材料150kg，乙材料90kg，则在不超过600个工时的条件下，生产产品a、产品b的利润之和的最大值为元。解：设生产a产品x件，b产品y件，总利润为z，1.3x+0.5y150340320300280260240220200180c则x+0.3y905x+3y600x,yn，且z2100x900y16014012010080b作出可行域如右图，求得点b的坐标(60，100)，60z最大210

9、060900100216000(元)。三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。(17)(本题满分为12分)4020o-2050a100152025abc的内角a，b，c的对边分别别为a，b，c，已知2cosc(acosbbcosa)c。(i)求c；-40-80(ii)若c7，abc的面积为332，求abc的周长。(2)=absinc=abab=6，又由余弦定理得7a2b22abcosc(ab)23ab，解：(1)acosbbcosac，由2cosc(acosbbcosa)c得2cosc1c603313224ab，从而abc的周长为abc5+7。(18)(本题满分为12分)如图，在以

10、a，b，c，d，e，f为顶点的五面体中，面abef为正方形，af2fd，afd90，且二面角dafe与二面角cbef都是60。(i)证明：平面abef平面efdc；(ii)求二面角ebca的余弦值。解：(1)abef为正方形，affe，又afd90，affd，而fefdf，af面efdc，再由af面abef即得平面abef平面efdc。fdaceb(2)affe，且affd，dfe60是二面角dafe的平面角，由beef及平面abef平面efdc，知be平面efdcbeec，因此cef60是二面角cbef的平面角。在平面efdc内过f作fzef，知fz平面abef，如图所示，分别以fa、ae、

11、az为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系。再设fd2，af4(满足af2fd)，则a(4，0，0)，b(4，4，0)，e(0，4，0)，又feabfe平面abcdfedc，因而c(0，3，3)，于是eb=(4,0,0),ec=(0,-1,3)，ab=(0,4,0),ac=(-4,3,3)，设平面ebc的法向量为n1(x，y，z)，则4x0，且y3z，取n1(0，3，1)，再设平面abcd的法向量为n2(a，b，c)，则4b0，且4a3b3c0，取n2(3，0，4)，于是cos03+30+1402+(3)2+12(3)2+02+42=219。19二面角ebca的余弦值为219。19(19)(本小

12、题满分12分)500了某公司计划购买2台机器，该种机器使用三年后即被淘汰。机器有一易损零件，在购进机器时，可以额外购买这种零件作为备件，每个200元。在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个元。现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数，得下面柱状图：频数40200891011更换的易损零件数1x以这100台机器更换的易损零件数的频率代替台机器更换的易损零件数发生的概率，记表示2n台机器三年内共需更换的易损零件数，表示购买2台机器的同时购买的易损零件数。(i)求x的分布列；(ii)若要求p(xn)0.5，确定n的最小值；n8(ii

13、i)以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据，在19与n20之中选其一，应选用哪个？解：(1)依题意，三年内每台机器更换易损零件数为、9、10、11的概率分别为0.2、0.4、0.2、0.2，所以，三年内2台机器需要更换的易损零件数x可取16、17、18、19、20、21、22。并且p(x16)c20.22=0.04，p(x17)c10.20.4=0.16，22p(x18)c20.42+c10.22=0.24，p(x19)c10.22+c10.20.4=0.24，2222p(x20)c20.22+c10.20.4=0.20，p(x21)c10.22=0.08，222p(x22)c20.22=0

14、.04，2故x的分布列为：x16171819202122p(x)0.040.160.240.240.200.080.04(2)p(x18)0.44，p(x19)0.680.5，n19，n的最小值为19。(3)当n19时，所需费用y的分布列如下：y3800430048005300p(y)0.680.200.080.04e(y)38000.6843000.2048000.0853000.044040当n20时，所需费用z的分布列如下：z400045005000p(z)0.880.080.04e(z)40000.8845000.0850000.044080由e(y)e(z)知应选择n19。20.(本

15、小题满分12分)l设圆x2y22x150的圆心为a，直线l过点b(1，0)且与x轴不重合，交圆a于c、d两点，过b作ac的平行线交ad于点e。(i)证明|ea|eb|为定值，并写出点e的轨迹方程；(ii)设点e的轨迹为曲线c1，直线l交c1于m、n两点，过b且与l垂直的直线与圆a交于p、q两点，求四边形mpnq面积的取值范围。解：(1)如图，acd为等腰三角形，be，ebd为等腰三角形，故ebed，于是|ea|eb|ea|ed|ad|4为定值。y由椭圆的定义知点e的轨迹方程为+=1。x2y243q(2)设l：(t为参数)，直线l的倾斜角(0，)，x=1+tcosay=tsinaend将直线l的

16、参数方程代入3x24y2120中，得(3sin2)t26tcos90，aobxt1t2-，t1t2-6cosa93+sin2a3+sin2a，mp因此|mn|t2t1|(t+t)-4tt=，3+sin2a1221212c由pql可知直线pq的参数方程为(s为参数)，代入x2y22x150中，于是s四边mpnq|mn|pq|=12,83)。23+sin2ax=1-ssinay=scosa得s24ssin120，s1s24sin，s1s212，故|pq|s2s1|(s1+s2)2-4s1s2=43+sin2a，124形(21)(本小题满分12分)已知函数f(x)(x2)exa(x1)2有两个零点。

17、(i)求a的取值范围；x(ii)设x1，x2是f(x)的两个零点，证明：1x22。解：(1)f(x)ex(x2)ex2a(x1)(x1)(ex2a)，当a0时，由f(x)0得x1，于是f(x)在(，1)上递减，在(1，)上递增，并且x时，f(x)0，x时，f(x)，而f(1)e0，因而f(x)只有一个零点；当a0时，由f(x)0得x1，于是f(x)在(，1)上递减，在(1，)上递增，并且x时，f(x)，x时，f(x)，而f(1)e0，因而f(x)必有两个零点；当a0时，由f(x)0得x1或xln(2a)，此时f(1)e0，f(ln(2a)ln(2a)2(2a)faln(2a)12aln2(2a

18、)4ln(2a)50，因此无论f(x)的单调性如何，(x)始终只有一个零点；综上所述，a(0，)。如图，oab是等腰三角形，aob120。以o为圆心，为半径作圆。(2)由(1)可知a0，且f(x)的两个零点分居x1的两侧，不妨设x11x2，则需证2x1x21，而f(x1)f(x2)0，且a0时f(x)在(1，)上递增，可以考虑证明f(2x1)f(x2)f(x1)0，再化为证明f(2x1)f(x1)0。以上只是个人的设想，还没有具体完成，也不知道是否行得通。请考生在22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分，做答时请写清题号(22)(本小题满分10分)选修41：几何证明选讲12(i)证明：直线ab与o相切；(ii)点c、d在o上，且a、b、c、d四点共圆，证明：abcd。dcoab在直线坐标系xoy中，曲线c1的参数方程为(t为参数，a0)。在以坐标原点为极点，解：(1)c1：(t为参数，a0)x2(y1)2a2c1是圆心在(0，1)，半径为a的圆。(23)(本小题满分10分)选修44：坐标系与参数方程x=acosty=1+asintcx轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线2：4cos。(i)说明c1