64巩固练习电能的输送及应用提高

1、电能的输送及应用 【巩固练习】 一、选择题 1某电站用1 kV交变电压输电，输送功率一定, 电压升高到 A .因 B .因 20 kV U R P 送电，下列说法正确的是（ 所以输电线上的电流增为原来的 所以输电线上的电流减为原来的 C.因 U2 输电线的电阻为 ） 20倍 1 20 ，所以输电线上损失的功率增为原来的400倍 R,现若用变压器将 1 20 副线圈的匝数分别 A. 土n I 2n2 I尸Ur I1U1= l：R D. IiUi = I2U2 3.输电线的电阻共计为 率为（） r, 输送的电功率为 P,用电压U送电，则用户能得到的电功 A. P B. P 与 u2 C. P U2

2、 P2 D 若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的直径减为原来的 2. （2014江苏卷）远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、 为、n2,电压分别为U1、U2，电流分别为11、12，输电线上的电阻为 R.变压器为理想变压 器，则下列关系式中正确的是 4远距离输电时，在输送功率不变的条件下（ A 只有增加导线的电阻，才能减小输电电流，提高输电效率 B 只有提高输电电压，才能减小输电电流，提高输电效率 C.提高输电电压，势必增大输电导线上能量的损耗 D .提高输电电压，势必增大输电导线上的电流 5. 水电站向小山村输电，输送电功率为50 kW，若以1100 V送电，则线路损失为10 kw

3、 , 若以3300 V送电，则线路损失可降为（ A . 3.3 kW B. 1.1 kW ） C. 30 kW D. 11 kW U，发电厂至学校的输电导线总电阻为R，通过导线上 则输电导线上损耗的功率下列表达式错误是（） 2 (U1 U2) C. I2RD. I(U1 U2) 10日开始的低温雨雪冰冻使我国部分地区严重受灾，其中高压输电线 因结冰而损毁严重，此次灾情牵动亿万人的心。为消除高压输电线上的凌冰， 样的融冰思路：禾U用电流的热效应除冰。若在正常供电时，高压线上输电电压为 I，热消耗功率为 P;除冰时，输电线上的热功率需变为9A P,则除冰时 和输电线电阻不变） A .输电电流为 7

4、. 2008 年 1 月 31 C.输电电压为 3U 有人设计了这 U，电流为 （认为输电功率 ） B .输电电流为9I 1 D .输电电压为一U 3 6. 发电厂发电机的输出电压为 的电流为I，学校得到的电压为 U2, 输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故 根据P损I线R，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故 eP)2R UPR 正确；根据一2 ，发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以 D正确。 P u| 输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大，故 故选：CD 确。 9.【答案】C 【解析】因为 丄

5、，当 P、P、I 一定时，S与U2成反比，故C正 S 10【答案】D 【解析】本题综合考查了发电机、变压器、电动机的工作原理。发电机主要是将其他形 变压器是由电流的变化产生磁场的 式能转化为电能的设备， 应用法拉第电磁感应定律原理; 变化，从而使得线圈内的磁通量发生变化， 理；电动机是将电能转化为其他形式能的设备， 是安培定律的应用。 11.【答案】BD 【解析】由图乙可知，交变电流的最大值为 190，周期为 0.02 S, 3= 2Tn= 100n rad/s 所以A项错误，B项正确.为了让用户得到 220 V的电压，由豈=訓知，要想使电压U2 产生感应电流，也是应用法拉第电磁感应定律原 通

6、电导线在磁场中要受到力的作用从而运动， 升高，ni必须变小，C项错误，Q项正确. 二、填空题 由题意知原线圈的输入电压为: 12.【答案】165 【解析】 U1 罷勞1000V， 根据原、 副线圈的匝数比得副线圈的电压为: U2 nU11 1000V250V , rn 4 用电器正常工作电压 U用220 V，则线路损失电压为: U=U 2 U 用=250 V 220 V=30 V , 输电线上的电流为 , U 30 A CCA I A 30A。 R 1 每只灯泡的正常工作电流为 I额电空A A。 额U额22011 用户最多可接电灯的盏数为 30A土 厂165（盏）。 A 11 13.答案】20

7、0 5 【解析】当滑片处于线圈中点时，Ucd=2Uab=200V，通过R0的电流I=U cd/R0=5A。 三、解答题 14.【答案】(1)图见解析(2) 219.6 V 4.392 X104W(3)180 V3.6 X 104 W 【解析】(1)示意图如图所示。 用户 发 电 机 (1)升压变压器次级的输出电夺 U2 糾 220V2200V。 据升压变压器输出电功率等于输入电功率知，升压变压器次级输出电流 A 20A。 F 44 103 I 2 U22200 输电线路上的电压损失和功率损失分别为 Ur=|2R=20 X 0.2 V=4 V , Pr=|22R=202X 0.2 W=80 W。

8、 加到降压变压器初级上的输入电流和电压为 U3=U2 Ur=2200 V 4 V=2196 V。 13=12=20 A， U4 门4 U3 n3 1 10 2196V 219.6V , I4 匹I3 n4 10 20A200A。 用户得到的功率为 P4=I4U4=200X 219.6 W=4.392 X 104 W。 (3)若不采用高压输电，用220 V低压直接供电时，电路 如图所示， 则输电电流 I -F Sa Ui220 200A , 降压变压器次级的输出电流和电压为 输电线路上的电压损失 Ur IR 200 0.2V40V , 所以用户得到的电压为 u/ Ui Ur 220V40V180V。 用户得到的功率为 4 F4 lU 4200 180W3.6 10 W。 15.【答案】(1) 1.21 106W ； (2) 9.O75 1O5W ； (3)见解析 【解析】(1)输电线中的电流为: -P Na=1.1 1o3a U1110 10 则输电线上损失的功率为: 2r 1.21 106W (2)输电线中的电流