2019-2020学年宁夏六盘山高中高二(上)期中物理试卷

1、2019-2020 学年宁夏六盘山高中高二（上）期中物理试卷一、单选题（本大题共8 小题，共32.0 分）1. 真空中有两个静止的点电荷， 若保持它们之间的距离不变， 而把它们的电荷量都变为原来的 3 倍，则两电荷间的库仑力将变为原来的( )A.7倍B.8倍C.9倍D.10倍2.关于电场，下列叙述正确的是()A.B.C.以点电荷为圆心 r 为半径的球面上，各点的场强都相同正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大D. 在电场中某点放入试探电荷q?=?，取走 q 后，该点场强不变?，该点的场强为3. 在如下图所示的各电场中，A、B 两点场强相同的是 ()A.B

2、.C.D.4. 图中 A，B，C 三点都在匀强电场中， 已知 ?， ?= 60 ，?=20?把.一个电量 ?= 10-5 ?的正电荷从 A 移到 B，电场力做功为零；从 B 移到 C，电场力做功为 -1.73 10-3 ?，则该匀强电场的场强大小和方向是 ( )A. 865?/?，垂直 AC 向左B. 865?/?，垂直 AC 向右C. 1000?/?，垂直 AB 斜向上D. 1000?/?，垂直 AB 斜向下5.下图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用此欧姆表测一阻值为 R 的电阻时，指针偏转至满刻度4处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到5满刻度的 1处，则该电阻的阻值为

3、()5A. 4RB. 5RC. 10RD. 16R6. 电源的电动势是 2V，表明了电源具有这样的本领 ( )A. 电源把 2J 其它形式的能转化为电能的本领B. 在每秒内能把 2J 的其它形式的能转化为电能的本领第1页，共 10页C. 电路中每通过1C 电荷量时有2J 的其它形式的能转化为电能D. 在每秒内能使电路中通过的每库仑的电荷量具有2J 的电能7. 如图所示，一根长为 L、横截面积为 S 的金属棒，其材料的电阻为 R，棒内单位体积自由电子数为 n，电子的质量为 m、电荷量为 e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为( )2

4、2?A.?B.?2?C. ?8. 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连， 静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板间有一个固定在P 点的点电荷，以 E 表示两板间的电场强度，?表示点电荷在 P 点的电势能，?D.?表示静电计指针的偏角。若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则()A. ?增大， E 增大C. ?减小， ?增大二、多选题（本大题共3 小题，共12.0 分）B.D.?增大， ?不变?减小， E 不变9. 如图所示，在粗糙的水平绝缘桌面上有两个大小相同、带有同种电荷的小物块P 和?已.知 ? ?，? ? .将它们由静止释放后，两物块开始在水平

5、桌面上运动，并最终停止在水平? ?桌面上在物块运动过程中()A. P 受到的库仑力大于Q 受到的库仑力B. P 受到的摩擦力始终小于它受到的库仑力C. P 的加速度始先小于 Q 的加速度，后大于 Q 的加速度D. P 和 Q 具有的电势能与机械能之和减小10. 如图所示，当滑动变阻器的活动触点 P 向上滑动时，则 ( )A. 电压表示数减小，电流表示数增大B. 电压表示数增大，电流表示数减小C. A 灯变亮， B 灯变暗D. A 灯变暗， B 灯变亮11. 如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力 ) ，两板间距离足够大，当两板间加上如图乙所示的电压后，在下图中反映电子速度v、位移

6、 x 和加速度a三个物理量随时间t 的变化规律可能正确的是()第2页，共 10页A.B.C.D.三、实验题（本大题共2 小题，共 16.0 分）12. 将一电量为 +1.010 -5?的电荷从电场中的A 点移到 B 点，电场力做功为6.0 10-3?，则A B_V；再把这个电荷从B点移到C点，、 两点的电势差 ?=电场力做功 -4.010 -3?，则 B、 C 两点的电势差 ? = _ V； A、 B、 C 三点中?电势最高的点的是_点13. “测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，要求采用分压电路、电流表外接小王的连线如图 1 所示，闭合开关s 前请老师检查，老师指出图中标示的 、 两根连线有一处

7、错误，错误连线是_ (填“ ”或“ ”) ；图中标示的 、 和 三根连线有一处错误，错误连线是_(填“ ”、“ ”或“ ”)；小王正确连线后，闭合开关 s 前，应将滑动变阻器滑片C 移到 _( 填“ A”或“ B” ). 闭合开关 S，此时电压表读数为 _V，缓慢移动滑片 C 至某一位置时，电流表指针如图 2 所示，电流表的示数为_A。四、计算题（本大题共3 小题，共40.0 分）14. 如图所示的电路中，?1= 5? = 9?K接1时，电， 2，当开关流表示数 ?时，电流表示数?=20.3?则.1 = 0.5?，当开关 K 接 2求该电源的电动势和内阻。第3页，共 10页15. 如图所示，

8、M 为一线圈电阻 ? = 0.4?的电动机， ?= 24?，电源电动势 ?= 40?当. S 断开时， 电流表的示数 ?1 = 1.6?，当开关 S 闭合时，电流表的示数为 ?= 4.0?求.：2(1) 电源内阻 r(2) 开关 S 闭合时，通过电动机的电流及电动机消耗功率16.BC1圆弧形的光滑绝缘的轨道，位于竖直平面内，如图所示，是半径为?= 0.5?的 4其下端与水平绝缘轨道平滑连接于B 点，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为 ?= 1 10 9?/?。今有一质量为 ? = 2?、带正电 ?=2 10 -9 ?的小滑块 (体积很小可视为质点)，从 C 点由静止释放， 滑到水平轨

9、道上的A 点时速度减为零。若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为?= 0.2，重力加速度 ?= 10?/?2，求：(1) 滑块通过 B 点时对轨道的压力；(2) 水平轨道上 A、 B 两点之间的距离。第4页，共 10页答案和解析1.【答案】 C【解析】 解：根据库仑定律的公式?= ?2，?它们的间距不变，但它们的电量均减小为原来的3倍，则库仑力增大为原来的9 倍。故 C 正确， A、B、D错误。故选： C。?根据库仑定律的公式?= ? 2 分析?对于库仑定律公式涉及物理量较多，要明确公式中各个物理量的含义，可以和万有引力公式对比理解2.【答案】 D【解析】 解： A、场强是矢量，以点电荷为球心r

10、 为半径的球面上，各点的场强大小相同，但方向不同，故 A 错误；B、电荷周围的电场强度的大小与点电荷的电量有关，与电性无关，正电荷周围电场不一定比负电荷周围电场强，故B 错误；C、电场强度的大小是由电场本身决定的，与电荷受到的电场力的大小无关， 故 C 错误；?取走 q 后，该点场强是比值定义式，即电场强度的大小与试探电荷无关，D 、公式 ?= ?不变，故D 正确。故选： D。以点电荷为球心 r 为半径的球面上，各点的场强都大小相同，方向不同；电荷周围的电场与点电荷的电量有关，与电性无关；电场强度的大小与电荷受到的电场力的大小无关、与电荷是否存在无关。本题考查了电场的相关规律，电场强度是矢量，

11、既有大小，又有方向，电场强度的大小与方向是由电场本身决定的，与试探电荷无关。3.【答案】 C【解析】 解： A、图中 A、 B 是在以负点电荷为圆心的同一圆周上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A 错误。B、图中 A、 B 场强大小不等，但方向相同，则电场强度不同，故B 错误。C、图中 A、B 是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C 正确；D 、图中电场线的疏密表示场强的大小，两点处切线方向不同，所以A、 B 场强大小和方向均不同，则场强不同，故D 错误；故选： C。场强是矢量， 只有大小和方向都相同时场强才相同。根据电场线的方向分析场强的关系。矢量大小和方向都相同时才矢量相

12、同。对于常见电场的电场线分布要了解，有助于解题。4.【答案】 D【解析】 解：由电场力做功的特点可知，AB 两点电势相等，故AB 应为等势面；因电场线与等势面相互垂直，故过C 做 AB 的垂线，一定是电场线；因从 B 到 C 由 ? = ?可知， BC 两点的电势差 ?=? = -173? ；即 C 点电势高于 B 点的电势，故电场线垂直于AB斜向下；第5页，共 10页BC 间沿电场线的距离?= ?60=.173?；由 ?= ?可知?173电场强度 ?= 0.173 ?/?= 1000?/?；故选 D。由题意可知AB 两点电势相等，则可知等势面，由电场线可等势面的关系可知电场线；由电场力做功可

13、求得BC 两点的电势差， 则可确定电场线的方向，由 ?= ?可求得电场强度电场线与等势面相互垂直而电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场中?= ? d中的应为沿电场方向的有效距离5.【答案】 D【解析】 【分析】欧姆表调零即待测电阻为零，根据指针偏转位置和闭合回路欧姆定律求解。考查欧姆表的改装原理，结合闭合回路欧姆定律进而求所测电阻。【解答】设电动势为E，内阻为 ?内 ，满偏电流为 ?，?欧姆表调零时，? =，?内4?=?测一阻值为 R 的电阻时： 5?+?，?内1=?测一未知电阻时：，5? +?内解这三式得：?= 16?，故 ABC 错误， D 正确。故选 D。6.【答案】 C【解析】 【分

14、析】电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量。电源的电动势为2V，表明了电源能使每库的电量具有2J 的电能。?=?解决本题要准确掌握电动势的物理意义，知道电动势的定义式?中 W 是非静电力做功， q 是所移送的正电荷，与做功的时间长短无关。【解答】电动势是反映电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电源的电动势为2V，表明了电路中每通过1C 电荷量时有2J 的其它形式的能转化为电能。不是指电源在每秒钟内能把2J 的其它形式的能转化为电能的本领，也不是只能够把2J 的其它形式的能转化为电能的本领。故ABD 错误， C 正确。故选 C。7.【答案】 C第6页，共 10页【解

15、析】 【分析】根据欧姆定律、 电流的微观表达式、 匀强电场强度表达式可以联立解得金属棒内的电场强度大小。本题考查了根据欧姆定律、电流的微观表达式、匀强电场强度表达式等知识点。不同的概念、规律之间往往存在内在的联系，弄清相关概念、规律之间的联系，有助于提升高中物理学习的水平。【解答】根据欧姆定律：?= ?，?电流的微观表达式：?= ?，匀强电场强度表达式：?= ?，?联立得 ?=，故 C 正确， ABD 错误。?故选： C。【答案】 D8.【解析】 【分析】电容器和电源断开，极板上的电量不变，根据电容器的定义式可分析电容的变化，再根据决定式分析电压的变化，从而分析静电计指针夹角的变化；根据?=

16、?分析电场强度的变化；根据电势与电势差之间的关系可分析P 点电势，再由电势分析电势能的变化。解题的关键在于正确掌握电容的决定式和定义式；同时注意要掌握相关结论的应用，如本题中可以直接应用结论：当充电后断开电源时，如果只改变两板间距离，则两板间的电场强度不变。【解答】电容器和电源断开，电量不变，上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据?=?4?可知，电容 C 增大，则根据 ?=?减小；可知，电压 U 减小，故静电计指针偏角?两板间的电场强度为： ?=?4?=，因此电场强度与板间距无关，因此电场强度?不变；再根据设 P 与下极板距离为L ，则 P 点的电势 ?- 0 = ?，电势能 ? = ?，因

17、此电?荷在 P 点的电势能保持不变，故D 正确， ABC 错误。故选 D。【答案】 CD9.【解析】 解： A、PQ 间的库仑力分别对 P 和 Q 为作用力和反作用力，大小相同，方向相反，故 A 错误；BD 、开始阶段， 库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，整个过程中摩擦力一直做负功，故 P 和 Q 具有的电势能与机械能之和一直减小。故 B 错误， D 正确；C、对 PQ 受力分析可知， 都受到摩擦力和库仑力，对加速过程有牛顿第二定律可知? -库? -?，由于库仑力大小相同， 摩擦力大小不相同， ?= ?，解得 ?=库=库?，?- ?故 P 的加速度小

18、于Q 的加速度，当两物体开始减速后，合外力库，则可知 P?= ?- ?第7页，共 10页的加速度先小于 Q 的加速度，后大于 Q 的加速度，故 C 正确故选： CD。由静止释放后， 两个物块向相反方向运动， 两物块之间的库仑力做正功， 电势能减小 开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能先增大，后减小，当整个过程摩擦力一直做负功，根据能量守恒即可判断机械能的变化情况本题首先考查分析物块受力情况和运动情况的能力， 要抓住库仑力随距离增大而减小的特点，明确两物体受到的库仑力一直是相同的，从而明确加速度的关系，同时还要注意正确的受力分析10.【答案

19、】 BC【解析】 解： AB、当滑动变阻器的滑动触点向上端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻 R 增大，由闭合电路欧姆定律可得总电流I 减小，电流表示数减小；路端电压 ?= ?- ?增大，电压表示数增大；故A错误 B正确；CD 、因路端电压增大， 故 A 灯两端电压增大， 灯泡 A 变亮，通过灯泡 A 的电流 ?变大；故通过电阻 ?的电路 ?=?-?减小；电阻 ?的电压 ? =?- ?(?+ ?) 增大，流过电阻1?22?1?2的电流 ?增大，则流过灯泡B 的电流 ?减小，故灯泡 B变暗；故 C正确 D错2? = ?-?2误。故选： BC。当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，变阻器接

20、入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断灯泡B 的亮度变化情况。本题是简单的电路动态变化分析问题，往往按“部分整体 部分”的顺序分析，也可以直接根据结论“串反并同”进行分析求解。11.【答案】 AD【解析】 【分析】分析电子一个周期内的运动情况：?B 板做匀加速直线0 时间内，电子从静止开始向4?3运动， 42时间内沿原方向做匀减速直线运动，2 4 ?时间内向 A 板做匀加速直线运3动， 4 ?时间内做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律分析加速度，根据电子的运动情况分析判断。本题是带电粒子在周期性电场中运动的问题，关键是分析电子

21、的运动情况。【解答】分析电子一个周期内的运动情况：0?B 板做匀加速直线时间内，电子从静止开始向4?3运动，4 2时间内沿原方向做匀减速直线运动，2时刻速度为零，24 ?时间内向 A板3做匀加速直线运动，4 ?时间内做匀减速直线运动，接着周而复始。?根.据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知，A 图符合电子的运动情况，故 A 正确，C 错误；B.电子做匀变速直线运动时?-?图象应是抛物线，故B 错误；D .根据电子的运动情况： 匀加速运动和匀减速运动交替产生， 而匀变速运动的加速度不变， ?- ?图象应平行于横轴，故 D 正确。故选： AD。第8页，共 10页12.A【答案】 600 -400【

22、解析】 解：依据电场力做功 ?= ? ?，解得 ?= 600?，?依据电场力做功 ?=?，解得 ?= -400? ，依据电势差的关系 ? ? ?，故最高点是A 点故答案为：600，-400， A根据电场力做功与电势差的关系求出AB、 BC 间的电势差，从而比较A、B、 C 三点的电势高低解决本题的关键掌握电场力做功与电势差的关系公式，注意在运用该公式求解时， 电荷的正负、电势差的正负、功的正负均要代入计算13. A 0 0.32【答案】【解析】 【分析】明确测量小灯泡伏安特性曲线的实验原理，知道实验中应采用的分压外接法；同时注意掌握电表读灵敏的基本方法。本题考查描绘小灯泡伏安特性曲线实验的电路

23、图以及电有的读数方法，要注意明确最小分度为0.02 时不需要估读。【解答】本题应采用滑动变阻器分压接法，同时电流表应采用外接法；电路图如图所示；由图可知， 线应接在滑动变阻器左下端接线柱上； 导线应接在灯泡右侧接线柱或电流表-接线柱上；实验开始时为了保证实验仪器的正常使用，需要将C 拨到最左端，即A 处，此时测量部分电压为零，故开关闭合后，电压表读数为0V。图 2 中电流表的最小分度为 0.02?，故读数为 0.32?。故答案为： ； ?， 0， 0.32 。14.【答案】 解： K 接 1，时，根据闭合电路欧姆定律有：?= ?(? + ?) 11K 接 2 时，根据闭合电路欧姆定律有?= ?(? + ?) 22联立 代入数据：?= 0.5(5 + ?)?= 0.3(9 + ?)解得： ?= 3?， ?= 1?答：该电源的电动势为3V，内阻为 1?。【解析】 分别对开关两种接法进行分析， 根据闭合电路的欧姆定律列方程组求出电源的电动势和内阻。本题提供了测量电源的电动势和内阻和方法， 可以用电阻箱代替两个定值电阻， 利用图象分析，从而更精确的求解电动势和内电阻。15.【答案】 解： (1) 设电源内阻为